2019年中考物理模拟试卷及答案解析9-17

2019年中考物理模拟试卷一、填空题（共20分，每空1分）1（2.00分）通过两年的物理学习，我们知道很多科学家对物理学对发展作出了巨大对贡献，例如研究出电流、电压、电阻三者关系的 ，发现了磁能生电的科学家 。（均填科学家的姓名）2（2.00分）如图所示，是熊老师制作的简易教具，螺丝尖与电池正极相连，下部紧贴在者一柱形强磁体上，当一根导线分别与电池负极及强磁体相碰时，螺丝将发生高速旋转，据此，我们可以判断螺丝是由 材料制做，运动时此螺丝将 能转化为机械能3（2.00分）北极地区的原住民因纽特人仍用历代相传的古老方法捕猎海豹，海豹呼出去的水蒸气在冰冷的海面上发生了 现象形成了特有的“烟柱”，因纽特人搜寻到“烟柱”后悄悄靠近，然后用带有浮球的鱼叉投向海豹，投中后海豹在下潜过程中，因浮球排开水的体积增大，该球受到浮力 ，海豹无法下潜而最终被捕获。4（2.00分）动物间为生存不断的进行“军备竞赛”，如图所示，鱼为了在游动或被抓时的 力减小，使身体表面常分泌出黏液而光滑，鹰的爪进化的很尖锐，使抓取猎物时产生的 增大，从而更易刺入猎物身体，能更好的抓取猎物，胜利的一方就能更好的生存下去。5（2.00分）如图所示，电影中经常要拍摄这样危险到画面，一位运动员身体悬在半空，然而实际上是运动员平趴在水平马路上拍摄到，播放时只要把胶片旋转 度即可，这也说明判断物体运动或状态时选择的 （填某物理名词）不同，我们判断的结果也不同。6（2.00分）中国的技术人员已能够将一吨的铝柱一次性在机器上挤压出长度超过12m的动车梁架，如图所示，挤压时铝柱保持一个较高的规定温度是成功的关键，而铝柱高温又是靠挤压的速度来产生和维持，在挤压时外力对铝柱 使铝柱内能增加，温度升高，挤压速度过快，铝柱的温度将 （选填“高于”、“低于”、“等于”）规定温度，产品报废。7（2.00分）如图所示是某物理老师表演“隔空打物武功”的视频截图，该老师在大水缸后向点燃到蜡烛方向猛击一掌（掌不碰到大水缸），蜡烛竟然灭了，原因是受到手掌的作用，空气向前运动，手掌停下后，空气因 继续从水缸两侧流到蜡烛周围，因为流速大的地方压强 ，于是产生指向蜡烛的气流把蜡烛吹灭。8（2.00分）可见光本质是 波的一种，“可见光通信”是未来科技前沿，它是将各种照明光源、移动终端联网，实现有灯光的地方既可上网，当我们用窗帘遮住光线，传递的信息就 （选填“会”、“不会”）外泄至室外，因高速、低成本它可能取代现在的WiFi。9（2.00分）2011年诺贝尔物理学奖授予发现“宇宙加速膨胀”的美国科学家，根据该现象我们可以知道宇宙各星体的总动能在 （选填“不断增加”、“不断减小”或“保持不变”），但根据 定律，能量不会凭空改变，于是提出“暗能量”的概念来解释这个现象，对它的解密已经是现在物理学家最渴望做的事。10（2.00分）如图所示，电路电源恒为5V，R1=R2=10通过对开关的断、闭的组合（短路、开路除外），电路的最大电功率是 W，电流表的最大和最小示数之比是 。二、选择题（共26分，把你认为正确选项的代号填涂在答题卡的相应位置上.第1116小题，每小题只有一个正确选项，每小题3分；第17、18小题为不定项选择，每小题有一个或几个正确选项，每小题3分.全部选择正确得4分，不定项选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分）11（3.00分）在家庭生活中，下列估测最符合实际的是（）A人正常眨眼一次的时间约为3sB一个中学生站在地上对地面的压强约为103PaC小明骑自行车上学的速度约为1m/sD普通书桌高度约为80cm12（3.00分）如图7所示的现象中，由于光的反射形成的是（）A形影不离B桥在水中的倒影C阳光下的树影D铅笔在水面处折断了13（3.00分）如图所示，湘西苗族“鼓舞”是国家首批非物质文化遗产，该舞是围绕”苗鼓”展开，从物理学的知识看，下列说法正确的是（）A鼓手敲击鼓的频率越大，鼓声响度越大B有经验的人听下鼓声，就能区别是“苗鼓”还是其它地区鼓，是因鼓的音色不同C敲鼓的力量越大，鼓声的音调越高D距着鼓越远，听到的鼓声频率越低14（3.00分）如图所示，“舞狮”是我国传统年俗活动，此时狮子静止在支架上，关于该活动说法正确的是（）A狮子对支架的压力和和狮子受到的重力是一对相互作用力B狮子受到的重力和支架受到狮子的压力是一对平衡力C当狮子向上跃起时，狮子受到的是非平衡力D狮子向上跃起后到达最高点的瞬间，受到的是平衡力15（3.00分）如图所示，图中tA、tB两点坐标的温度分别对应是某晶体物质的熔点和沸点，则下列说法正确的是（）A若该晶体物质的温度ttA，该晶体物质处于区域，是液态。B若该晶体物质的温度由区域到区域时，该晶体物质发生熔化现象，且放热C若该晶体物质由区域的状态到区域状态时，该晶体物质发生升华现象，且放热D若该晶体物质为氧，通常情况下，空气中的氧气的温度处于区域16（3.00分）如图所示，一重力为G，质量分布均匀木板BC，C端固定在墙壁的转轴上，木板可绕C在竖直面内转动，木板下垫物块A，恰好使木板水平放置，现水平力F将A由B向到C的匀速水平推动的过程中，下列说法正确的是（）A推力F大小始终不变B推力F的功率先变大后变小C物块A对木板BC的支持力逐渐变大D物块A对木板BC的支持力大小始终小于G的大小17（4.00分）如图所示，将已校对好的弹簧测力计挂上物块后，轻轻的浸没于水中后，空烧杯中收集到100mL的水，g=10N/kg，关于该实验能得出的结论错误的是（）A弹簧测力计下的物块浸末后示数是1NB在物块逐渐浸没过程中，A点处受到水的压强先变大后不变C物块的体积小于100cm3D物块受到的浮力是1N18（4.00分）某同学做电学实验时，电路如图所示，已知他所用电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V，电源电压为6V（保持不变），滑动变阻器标有（50 1A），定值电阻R0为10，开关闭合后，在移动滑动变阻器的过程中，若保证电路安全，下列情况可能出现的是（）A电阻R0的最大功率为0.9WB滑动变阻器的最小电阻是0C电流表的最大示数为0.6AD电压表的最小示数为1V三、简答与计算题（共26分，第19小题5分，第20小题6分，第21小题7分，第22小题8分）19（5.00分）如图所示，在倾倒装有较满的牛奶时，问：（1）应该采用哪种方式能较顺畅地将牛奶倒出来？（2）原因是什么呢？20（6.00分）某同学利用如图所示的电路测量小灯泡的电阻。小灯泡标有2.5V字样，他记录的实验数据如表所示，已知电源电压恒为5V不变，关于该同学实验步骤合理，问：（1）电路图中a是电 表，b是电 表电压/V0.51.01.52.02.53.0电流/A0.100.160.200.230.250.27电阻/5.06.37.58.710.011.1（2）小灯泡正常发光时的电阻是R多大？（3）滑动变阻器的最大阻值R至少为多少？21（7.00分）如图所示，A、B物块的质量分布均匀，长度分别是a、b，重力分别是GA、GB；A、B两长方体底面积SA：SB=3：2，滑轮下的绳子挂在两物体结合部位恰好A、B水平静止，且在拉力F=62.5N作用下匀速竖直向上运动，滑轮的机械效率=80%，GA=60N。求：（1）A、B两物块的总重力G0（2）则a：b的比值是多少。（3）A、B两物块的密度A：B的比值是多少。22（8.00分）如图所示是饮水机的电路图及说明书上的一些工作数据，S是用感温材料制造的温控开关，R1是电阻，R2是供加热的电阻丝。分析电路图可知，当S接通时，饮水机处于加热状态，当S断开时处于保温状态。（1）在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流是多大？（2）正常工作时该饮水机将热水罐中1kg，20的水加热到90，用时12min。用这些数据及题目中的信息，计算该饮水机加热状态时的效率。c水=4.2103J/（kg）加热功率550W额定电压220V制热水能力905L/h（3）如果要使饮水机在保温状态时的功率是加热状态时的一半，则R1：R2的比值应是多少？四、实验与探究题（共28分，每小题4分）23（4.00分）如图甲所示，温度计的示数是 ；如图乙所示，用弹簧测力计水平向右拉动一个长方体木块在水平桌面上作匀速直线运动，木块受到的摩擦力为 ；图丙测量电阻的电表的读数是 ； 图戊被测物体质量是 。24（3.00分）小明在使用钢卷尺时发现，卷尺的起始部件钢钩和铆钉之间没有紧固，钢钩竟然可以左右活动，如图甲、乙所示，查看了其他多位同学的钢卷尺，都是这样的，说明小明的钢卷尺的质量是 （选填“合格”、“不合格”、“无法判断”）；如图丙测圆柱形物体直径时，钢钩全部拉出时，钢钩 （选填“内侧”、“外侧”）表面与卷尺的“0”刻度齐平，这样即便钩住物体的侧面测量，又减小了误差，它的读数是 mm 25（7.00分）在五千多年以前，苏美尔人发明了如图甲所示的写在潮湿的黏土制作的泥版上（后自然干燥）的世界上最古老的文字楔形文字，二千多年后的中国人发明了如图乙所示写在兽骨上的甲骨文；它们的共同特点是被书写的材料发生了 形变（选填“弹性”、“非弹性”），根据被书写材料的硬度可以判断，甲骨文的书写的工具是 （选填“木棒”、“青铜小刀”）。后来中国人发明了如图丙所示的毛笔和纸，中华文明由此取得了相对其它文明明显的优势，作用在毛笔上的压力主要上使 （选填“毛笔尖”、“纸”）发生形变，笔在纸上留下压力作用效果通过墨汁印记保留下来，墨汁分子在纸中发生了 现象，使纸上的文字历经千年仍能保存下来。力的 要素，通过书法家们的手，在毛笔上灵活运用成一门艺术，毛笔字的书写效果使人赏心悦目，就像有了生命，随着时间的积累，发展出了中国独特的书法艺术。如图丁所示，是中国毛笔写出的最常见的“一横”，通过对它形状的分析，可以判断笔在从左向右运动中在 （选填“起始”、“中间”、“终点”）区域的对纸的压力最小。如图戊所示的“上”字，要写出该字漂亮的隶书风格，笔画中最下面的“一横”，书法家们总结出以下的毛笔使用方式，其合理的书写顺序是 A折锋用力按笔 B逆锋向左 C略按，向右提笔运行 D渐渐按笔 E渐渐提笔26（7.00分）在做“探究凸透镜成像的规律”实验中，平行于主光轴的光线经凸透镜后会聚在光屏上一点，如图甲所示。（1）当把蜡烛放在乙图位置时，移动光屏，当光屏在 （选填A.5060cm之间、B、6070cm之间C.7080cm之间）在光屏上能成 、缩小的实像。（2）凸透镜的位置固定不动，随着燃烧露出的烛芯变长，火焰变长，逐渐向上伸展，小明发现光屏上火焰尖的像向 （选填“上”、“下”、“左”、“右”）伸展，小明将一不透明的金属罩将焰心尖端部分罩住，光屏上的像 （选填A变暗、B变小、C残缺火焰尖端部分），当蜡烛向右（靠近透镜）移动一段距离后，要在光屏上再次成清晰的像，需将光屏向 （选填“左”或“右”）移动。（3）在上一步光屏上成清晰的像后，取一副老花镜放在凸透镜和蜡烛之间，要使光屏上还能成清晰的像，保持凸透镜和光屏的位置不动，可将蜡烛适当向 （选填“左”或“右”）移动。（4）如果将蜡烛换成发光二极管组成的“R”，眼睛在发光二极管和光屏中间位置，面向光屏观察，光屏上成的像应是图丙中的 （填数字序号）。27（7.00分）【提出问题】一段导体中电流与该段导体电阻有什么关系【实验器材】已知电源电压为6V且保持不变，实验依次用到的电阻阻值分别为5、10、1 5、20、25，可以选用的滑动变阻器有R1（20 1A）、R2（30 2A）、R3（50 1A）。【设计并进行实验】小明利用图甲所示的电路探究电流与电阻的关系。该实验用到的研究方法有： ，实验中多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，得到如图乙所示的电流I随电阻R变化的图象。【分析论证】分析图象可得出结论是： 。【交流评估】在上述实验中，滑动变阻器选用是 （选填“R1”、“R2”、“R3”），小明测量阻值为5电阻中的电流后，要改测阻值为10的电阻中的电流，他应该进行的操作是 ，将阻值为5的电阻换成阻值为10的电阻接入电路中后。眼睛着 表，手移动滑动变阻器，当该表满足要求后再读取另一电表读数。【拓展应用】小明想将定值电阻10来探究电流与电压的关系，你认为他的实验方案 （选填“可行”或“不可行），此实验中滑动变阻器的作用与上面实验不同点处是 。参考答案与试题解析一、填空题（共20分，每空1分）1【考点】2R：物理常识【分析】（1）欧姆通过实验研究出电流、电压、电阻三者关系，总结出了欧姆定律；（2）法拉第发现了电磁感应现象，进一步揭示了电和磁的联系。【解答】解：欧姆通过大量的实验研究出电流、电压、电阻三者关系，总结出了欧姆定律，表达式为I=；奥斯特发现了电流的磁效应，首次揭示了电和磁的联系；法拉第发现了电磁感应现象，进一步揭示了电和磁的联系，导致了发电机的发明。 故答案为：欧姆；法拉第。【点评】本题考查了电流与电压、电阻的关系、电磁感应现象的应用及其发现者，属于基本知识。2【考点】CJ：磁场对通电导线的作用；FY：机械能和其他形式能的转化【分析】通电导体在磁场中受到力的作用，所受力的方向跟导体中的电流方向和磁场方向有关，将电能转化为机械能。【解答】解：由题意知当电路中有电流时，螺丝会在柱形强磁体上高速旋转，因此此装置是利用通电导体在磁场中受力而转动，螺丝是导体材料制成的，运动时将电能转化为机械能。故答案为：导体；电。【点评】该题考查了通电导体在磁场中受到力的作用，且其所受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关。3【考点】1M：液化及液化现象；8O：阿基米德原理【分析】（1）水蒸气遇冷将液化为小水珠；（2）根据F浮=液gV排来判断浮力的大小变化。【解答】解：“烟柱”其实是由大量小水珠组成，是由海豹呼出去的水蒸气在冰冷的海面上发生了液化现象形成的；海豹在下潜过程中，因浮球排开水的体积增大，根据F浮=水gV排可知该球受到浮力增大。故答案为：液化；增大。【点评】由气态变为液态的过程叫做液化，日常生活中液化现象很多，通常说的“白气”是由水蒸气液化形成的；浮力大小与液体密度和排开液体的体积有关，液体密度越大、排开液体的体积越大，浮力越大。4【考点】7I：增大或减小摩擦的方法；84：增大压强的方法及其应用【分析】（1）摩擦力大小与压力和接触面的粗糙程度有关，压力越大接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；（2）压强与压力和受力面积有关，压力越大、受力面积越小，压强越大。【解答】解：鱼身体表面常分泌出黏液而光滑，这样减小了接触面的粗糙程度，是为了在游动或被抓时摩擦力减小；鹰的爪进化的很尖锐，减小了受力面积，使抓取猎物时产生的压强增大，从而更易刺入猎物身体。故答案为：摩擦；压强。【点评】影响滑动摩擦力和压强大小的因素不能混淆，在解答时，也可根据实际情况进行判断。5【考点】52：参照物及其选择【分析】从不同的方向看物体运动状态不同，判断物体是运动还是静止，首先要选择参照物，参照物不同，物体的运动状态一般不同。【解答】解：把运动员平趴在水平马路上的照片，播放时把胶片旋转90度，运动员身体就象悬在半空；判断一个物体是运动还是静止，必须首先确定参照物，选择的参照物不同，物体的运动状态也不同，所以判断结果不同，甚至是相反的。故答案为：90； 参照物。【点评】一个物体是运动还是静止，决定于选择的参照物，参照物不同，物体的运动状态一般不同，这叫运动和静止的相对性。6【考点】G9：做功改变物体内能【分析】改变内能有两种方式：做功和热传递。外界对物体做功，物体内能增加，温度升高。【解答】解：将铝柱在机器上挤压出动车梁架的过程中，挤压时外力对铝柱做功，所以铝柱内能增加，温度升高；由“铝柱高温靠挤压的速度来产生和维持”知，如果挤压速度过快，会造成铝柱温度过高，产品报废。故答案为：做功；高于。【点评】此题考查了改变内能的方法，是一道联系实际的应用题，难度不大。7【考点】6L：惯性；8K：流体压强与流速的关系【分析】（1）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性；（2）液体和气体称为流体，生活中常见的流体是空气和水。流体的流速大，压强小。【解答】解：老师在大水缸后向点燃到蜡烛方向猛击一掌（掌不碰到大水缸），受到手掌的作用，空气向前运动，手掌停下后，空气因为具有惯性，继续从水缸两侧流到蜡烛周围，根据流体压强和流速的关系可知，流速大的地方压强小，所以产生指向蜡烛的气流把蜡烛吹灭。故答案为：惯性；小。【点评】此题考查惯性和流体压强和流速的关系，此题来源于生活，平时学习物理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释，提高利用所学物理知识分析实际问题的能力。8【考点】DC：通信技术的发展前景【分析】微波与无线电波、红外线、可见光都是电磁波；可见光通信：其实就是利用可见光波段的光作为信息载体，无需光纤等有线信道的传输介质，在空气中直接传输光信号的通信方式。【解答】解：可见光本质是电磁波的一种；“可见光通信”是未来科技前沿，实现有灯光的地方既可上网，当我们用窗帘遮住光线，传递的信息就不会外泄至室外，因高速、低成本它可能取代现在的WiFi。故答案为：电磁波；不会。【点评】本题考查电磁波，以及未来通讯的发展前景，是一道基础题。9【考点】2R：物理常识【分析】根据“宇宙加速膨胀”判断总动能的变化；能量不会消灭，也不会创造，能量总量守恒。【解答】解：根据“宇宙加速膨胀”知，宇宙各星体的总动能在不断增大，根据能量守恒定律知，能量不会凭空消失，于是提出“暗能量”的概念来解释这个现象。故答案为：不断增加； 能量守恒。【点评】解决此类问题需要平时关注科学技术发展的最新成就，并掌握某项技术的主要内容。10【考点】JA：电功率的计算【分析】（1）由电路图可知，闭合开关S1、S3，断开开关S2时，R1与R2并联，电流表测干路电流，电路的总电阻最小，电路中的电流最大，电路的总功率最大，根据电阻的并联求出电路中的总电阻，利用欧姆定律求出电路中的最大电流，再根据P=UI求出电路的最大电功率；（2）由电路图可知，闭合开关S2，断开开关S1、S3时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，电路的总电阻最大，电路中的电流最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流，然后求出电流表的最大和最小示数之比。【解答】解：（1）由电路图可知，闭合开关S1、S3，断开开关S2时，R1与R2并联，电流表测干路电流，此时电路的总电阻最小，电路中的电流最大，电路的总功率最大，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，电路中的最小总电阻：R=5，则电流表的最大示数：I大=1A，电路的最大电功率：P大=UI大=5V1A=5W；（2）由电路图可知，闭合开关S2，断开开关S1、S3时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，此时电路的总电阻最大，电路中的电流最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的最小电流：I小=0.25A，则电流表的最大和最小示数之比：I大：I小=1A：0.25A=4：1。故答案为：5；4：1。【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断电路的最大和最小电流是关键。二、选择题（共26分，把你认为正确选项的代号填涂在答题卡的相应位置上.第1116小题，每小题只有一个正确选项，每小题3分；第17、18小题为不定项选择，每小题有一个或几个正确选项，每小题3分.全部选择正确得4分，不定项选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分）11【考点】61：时间的估测；63：长度的估测；68：速度与物体运动；82：压强【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、人正常眨眼一次的时间约1s；故A错误；B、每只鞋的底面积大约为200cm2，即0.02m2；中学生的体重大约为50kg，压力F=G=mg=50kg10N/kg=500N，压强P=1.25104Pa；故B错误；C、骑自行车上学的速度约5m/s；故C错误；D、书桌高度约为0.8m，即80cm；故D正确；故选：D。【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。12【考点】A6：光的反射【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。【解答】解：A、由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，影子的形成说明光是沿直线传播的，故A与题意不符；B、平静水面上桥的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意。C、阳光下的树影，是影子，是由光的直线传播形成的，故C与题意不符；D、从水中铅笔上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是铅笔的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故D与题意不符；故选：B。【点评】此题通过不同的现象考查了学生对光的反射、光的直线传播及光的折射的理解，在学习中要注意区分，并要学会用所学知识解释有关的物理现象。13【考点】9D：频率及音调的关系；9G：响度与振幅的关系；9H：音色【分析】（1）音调指声音的高低，由物体振动的频率决定的；响度指声音的强弱，由物体振动的振幅决定。（2）音色反映了声音的品质与特色；不同物体发出的声音，其音色是不同的，因此我们才能分辨出不同人的讲话、不同乐器的演奏等。【解答】解：A、鼓手敲击鼓的频率越大，鼓声的音调越高，而不是响度越大，故A错误；B、人们根据音色来辨别不同乐器发出的声音，所以有经验的人听下鼓声，就能区别是“苗鼓”还是其它地区鼓，故B正确；C、敲鼓的力量越大，振幅越大，响度越大，故C错误；D、距着鼓越远，听到的鼓声响度越小，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了声音的相关知识，属于基础知识的考查，具有一定的综合性，属于易错题。14【考点】6S：平衡力和相互作用力的区分【分析】（1）物体间力的作用是相互的，物体受到力的同时，也对另一个物体施加了力；两个力叫相互作用力。（2）静止或做匀速直线运动的物体将受到平衡力的作用，当两个力满足四个条件时，才是一对平衡力，即“作用在同一个物体上、大小相等、方向相反、在同一条直线上”；（3）物体受非平衡力作用时，其运动状态会发生变化，体现在速度大小及方向的变化。（4）地球附近的物体都受到地球的吸引由于地球的吸引而使物体受到的力叫重力，重力的施力物体是地球。【解答】解：A、狮子对支架的压力和和狮子受到的支持力是相互作用力；故A错误；B、狮子受到的重力和支架对狮子的支持力是一对平衡力；故B错误；C、当狮子向上跃起时，狮子受到重力作用，即受到非平衡力；故C正确；D、狮子向上跃起后到达最高点的瞬间，只受到重力作用，故受到的是非平衡力；故D错误；故选：C。【点评】深入理解平衡力概念，准确区分平衡力与相互作用力；明确物体运动状态与受力情况间的关系；是解答此题的关键。15【考点】1C：熔化和凝固的温度时间图象【分析】低于熔点是固态，高于熔点低于沸点是液态，高于沸点是气态。【解答】解：低于熔点是固态，高于熔点低于沸点是液态，高于沸点是气态。故在区域是固态，在区域是液态，在区域是气态；A、若该晶体物质的温度ttA，即低于熔点，则该晶体物质处于区域，是固态，故A错误。B、若该晶体物质的温度由区域到区域时，低于沸点高于熔点，该晶体物质发生熔化现象，且吸热，故B错误。C、若该晶体物质由区域的状态到区域状态时，即从气态直接到固态，是凝华过程，凝华放热，故C错误；D、若该晶体物质为氧，通常情况下，空气中的氧气是气态，故处于区域，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了学生对于熔点、沸点、升华、凝华等物态变化的掌握，是一道比较新颖的题目，知道低于熔点是固态，高于熔点低于沸点是液态，高于沸点是气态是解题的关键。16【考点】7Q：杠杆的动态平衡分析【分析】杠杆受到A对它的支持力和自身重力，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2来分析支持力F的大小变化，根据压力的大小判断摩擦力的大小及推力F的大小变化，由公式P=Fv来判断F的功率变化情况。【解答】解：杠杆BC受竖直向下的重力G和A对它的支持力F支，两力臂如图所示：根据杠杆平衡条件可得：F支L支=GLG，由B向C推动A时，F支的力臂在减小，重力及其力臂LG均不变，所以，在整个过程中支持力在逐渐增大，故C正确；当L支LG时，F支G；当L支=LG时，F支=G；当L支LG时，F支G；故D错误；由于支持力逐渐变大，可知杆对物体的压力也逐渐变大，则A与杆之间的摩擦力变大，由于物体A匀速运动，可知推力与摩擦力相等，则推力也逐渐增大；由公式P=Fv可知，推力的功率变大，故AB错误。故选：C。【点评】本题主要考查了杠杆平衡条件的应用，关键能够确定杠杆的受力情况及各力对应的力臂，然后根据杠杆平衡条件分析即可。同时也考查了影响摩擦力的因素及功率公式的应用，考查全面，综合性比较强。17【考点】88：液体的压强的特点；8O：阿基米德原理；8P：浮力大小的计算【分析】（1）根据图示读出物块的重力，然后根据阿基米德原理求出物块受到的浮力，再根据F浮=GF示可求弹簧测力计下的物块浸末后示数；（2）根据p=gh判断在物块逐渐浸没过程中，A点处受到水的压强变化；（3）物体浸没在液体中时，其体积等于排开液体的体积。根据密度公式计算即可。【解答】解：AD、由图可知，物块的重力G=2N，根据阿基米德原理可知，物块完全浸没时受到的浮力：F浮=G排=m排g=水V排水g=1103kg/m31104m310N/kg=1N，根据F浮=GF示可得，弹簧测力计下的物块浸末后示数F示=GF浮=2N1N=1N故AD正确；B、在物块逐渐浸没过程中，空烧杯中的水不断增多，A点处水的深度不断增加，根据p=gh知，A处受到水的压强不断变大，故B错误；C、根据=可得，物块的体积V=V排水=100mL=100cm3，故C错误；故选：BC。【点评】此题考查浮力的计算、液体压强公式的应用、阿基米德原理等，关键是掌握二次称重法计算物体浮力大小的方法。18【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算【分析】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，电流表测电路电流；（1）电源的电压大于电压表的最大示数，根据串联电路的分压特点可知当电压表的示数最大时电路中的电流最大，此时定值电阻消耗的电功率最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的最大电流，根据P=UI求出电阻R0消耗的最大功率，利用串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，再根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电压表的示数最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用欧姆定律求出电压表的最小示数。【解答】解：由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测R0两端电压，电流表测电路中的电流。（1）因电源的电压大于电压表的最大示数，所以，根据串联电路的特点和欧姆定律可知，当电压表的示数最大时电路中的电流最大，此时R0消耗的电功率最大，变阻器接入电路中的电阻最小，则电路中的最大电流：I大=0.3A，即电流表的最大示数为0.3A，故C错误；则电阻R0的最大功率：P0大=U0大I大=3V0.3A=0.9W，故A正确；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，此时滑动变阻器两端的电压：UR=UU0大=6V3V=3V，则滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R小=10，故B错误；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中电流最小，电阻R0分得的电压最小，即电压表的示数最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的最小电流：I小=0.1A，电压表的最小示数：U0小=I小R0=0.1A10=1V，故D正确。故选：AD。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，根据电压表的量程确定电路中的最大电流是关键。三、简答与计算题（共26分，第19小题5分，第20小题6分，第21小题7分，第22小题8分）19【考点】8J：大气压的综合应用【分析】根据大气压的知识解答。【解答】答：（1）采用乙种方式能较顺畅地将牛奶倒出来；（2）若采用甲的倒法，随着牛奶的流出罐内的气体体积增大，气压降低，外界的大气压使得牛奶不易流出，而乙种倒法，随着牛奶的流出，外界大气压能够进入罐内，里外气压相同，牛奶在重力作用下流出。【点评】利用所学物理知识解释解决实际生活问题，学以致用，是学习的最终目的，平时要注意练习。20【考点】IH：欧姆定律的应用【分析】（1）根据电压表与被测电路元件并联、电流表与被测电路元件串联判断两电表的类型；（2）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据表格数据可知此时小灯泡的电阻；（3）灯泡两端的电压最小时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，也是滑动变阻器最大阻值中的最小值，由表格数据可知此时通过灯泡的电路和电阻值，根据串联电路的电路特点和欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的电阻。【解答】解：（1）读图可知，a串联在电路中应为电流表，b与灯泡并联应为电压表；（2）小灯泡正常发光时其两端的电压为2.5V，由表格数据可知，此时通过灯泡的电流为0.25A，灯泡的电阻为10；（3）灯泡两端的电压最小时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，也是滑动变阻器最大阻值中的最小值；由表格数据可知，灯泡两端电压的最小值为0.5V，通过的电流为0.1A，此时灯泡电阻为5，因串联电路中各处的电流相等，所以，由I=可得，电路中的总电阻：R总=50，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器的最大阻值至少为：R滑=R总RL=505=45。答：（1）流；压；（2）小灯泡正常发光时的电阻是10；（3）滑动变阻器的最大阻值R至少为45。【点评】本题考查了电表的正确使用和串联电路的特点以及欧姆定律的应用，从表格中获取有用的信息是关键。21【考点】7N：杠杆的平衡条件；86：压强的大小及其计算；F3：机械效率的计算【分析】（1）根据=可计算出A、B两物块的总重力；（2）先计算B物块的重力，再根据杠杆的平衡条件计算a、b的比值； （3）表示出两物体的体积，由密度公式计算两物块的密度比。【解答】解：（1）由图知，该滑轮是一个动滑轮，所以通过动滑轮绳子的段数n=2，由=可得，A、B两物块的总重力：G0=nF=80%262.5N=100N；（2）已知GA=60N，所以物块B的重力：GB=G0GA=100N60N=40N，A、B物块的质量分布均匀，根据杠杆平衡条件有：GAa=GBb即：60Na=40Nb，解得：a：b=2：3；（3）由题意知，VA=SAa，VB=SBb，由G=mg=Vg知，A=，B=已知：SA：SB=3：2，所以：=。答：（1）A、B两物块的总重力为100N；（2）a：b的比值是2：3；（3）A、B两物块的密度A：B的比值是3：2。【点评】本题考查了机械效率的计算、杠杆平衡条件的应用以及密度公式的应用，考查知识点多，综合性强，是一道好题。22【考点】JK：电功与热量的综合计算【分析】（1）根据P=UI求出加热状态下的电流；（2）根据Q吸=cm（tt0）求出水吸收的热量；再根据W=Pt求出加热时消耗的电能，根据=求出加热效率；（3）当开关S闭合时，电阻R1短路，电路中只有R2，R2两端电压等于电源电压，此时R2消耗的功率最大，电功率P2=，饮水机处于加热状态；当开关S断开时，电阻R1与R2串联，饮水机处于保温状态，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，再根据P=I2R表示出保温功率；根据保温时的功率是加热时功率的一半得出等式即可得出R1和R2的比值。【解答】解：（1）由P=UI可得，在加热状态下该饮水机正常工作时的电流：I=2.5A；（2）水罐中的水吸收的热量：Q吸=c水m（tt0）=4.2103J/（kg）1kg（9020）=2.94105J，饮水机正常加热12min消耗的电能：W=Pt=550W1260s=3.96105J，该饮水机加热时的效率：=100%=100%74.2%；（3）当S闭合时，R1短路，R2两端的电压等于电源电压，此时饮水机处于加热状态，则电功率P2=，当S断开时，R1与R2串联，此时饮水机处于保温状态，串联电路中总电阻等于各分电阻之和，根据欧姆定律可得，电路中的电流：I=，则保温功率：P2=I2R2=（）2R2，因为P2=2P2，所以=2（）2R2，解得：=。答：（1）在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流是2.5A。（2）该饮水机加热状态时的效率为74.2%。（3）如果要使饮水机在保温状态时的功率是加热状态时的一半，则R1与R2的比值是。【点评】本题综合考查了学生对电功率公式及其变形式、吸热公式、热效率公式的掌握和应用，掌握电功率公式及其变形式是解答本题的关键。本题有一定的难度，难度在于第（3）问，要根据题意选择合适的电功率公式，然后根据公式和题中的功率比值去分析求解，从而最终得到电阻的比值。四、实验与探究题（共28分，每小题4分）23【考点】16：温度计的使用及其读数；25：质量的测量与天平；74：弹簧测力计的使用与读数；I9：电阻【分析】（1）使用温度计测量温度时，首先要明确温度计的分度值，读数时视线与液柱最高处相平，并注意区分零上或零下。（2）做匀速直线运动的物体受到的力平衡力，此实验的思路是让木块保持匀速直线运动。利用二力平衡的条件，通过弹簧测力计的示数来得到摩擦力的大小。弹簧测力计的读数，观察每一个大格和每一个小格代表的示数，从小数字读向大数字。（3）测量电阻的电表刻度不均匀，根据指针的位置读出示数；（4）物体质量等于砝码质量甲游码质量。【解答】解：（1）在温度计上，10之间有10个小格，一个小格代表1，所以此温度计的分度值为1；越往右越小，是零下，示数为16；（2）用弹簧测力计水平向左拉动一个长方体木块，使其作匀速直线运动，所以拉力和摩擦力是一对平衡力，摩擦力大小等于拉力；由图知，测力计的分度值为0.2N，所以其示数为2.6N由二力平衡条件得，木块受到的摩擦力也为2.6N。（3）图中电阻值在5和4M之间约为4.6M；（4）物体的质量为：50g+2g=52g。故答案为：16；2.6 N； 4.6M； 52g。【点评】物理中有很多的测量工具，刻度尺、秒表、电流表、电压表、天平、量筒、弹簧测力计、温度计等，任何一种工具，一定要注意每一个大格和每一个小格各代表多少。刻度尺需要估读到分度值的下一位数字，其他的测量工具不需要估读，读出最接近的数值即可。24【考点】64：长度的测量【分析】物体的质量不随物体的形状、状态、位置的变化而变化；钢钩全部拉出时钢构的内侧表面与与卷尺的“0”刻度齐平，刻度尺读数时读到最小刻度的下一位。【解答】解：钢钩和铆钉之间没有紧固，钢钩可以左右活动，卷尺都是这样，质量与钢钩和铆钉之间没有紧固无关，故说明小明的钢卷尺的质量是合格的；当钢钩全部拉出时，钢钩内侧表面正好与卷尺的“0”刻度齐平；刻度尺的最小刻度为0.1mm，读数为0.93cm=9.3mm。故答案为：合格；内侧； 9.3。【点评】本题考查质量是物体的属性，以及卷尺的使用及读数，是一道基础题。25【考点】6I：力作用的相互性；71：弹力；81：压力及重力与压力的区别；GH：分子间的作用力【分析】（1）物体受力之后改变形状，撤去外力后恢复原来形状，这种形变叫弹性形变；（2）硬度大的物体能在硬度小的物体上刻画出痕迹；（3）不同的两种物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散；（4）每个力都有三个要素：大小、方向和作用点。（5）当力的大小和作用点相同时，力越大，力的作用效果越明显；（6）可根据毛笔字的运笔方法进行判断。【解答】解：（1）被书写材料受到外力改变了形状，上面出现了文字，当外力撤去后，文字依然存在，形变保留了下来，因此被书写材料发生了非弹性形变；（2）木棒的硬度小于甲骨的硬度，而青铜小刀的硬度大于甲骨的硬度，因此甲骨文的书写工具是青铜小刀；（3）作用在毛笔上的压力主要上使笔尖发生形变；而墨汁分子进入到纸中发生了扩散现象；（4）书法家通过控制毛笔的运笔方向，用力大小，以及手在毛笔上的作用点，书写出千变万化的线条，因此是力的三要素让书法家变成了一门艺术；（5）这个“一”字的中间最细，说明力的作用效果最小，因此中间用力最小；（6）书写“上”字最后的横画时，先逆锋向左，再折锋用力按笔，接下来略按，向右提笔运行，渐渐按笔，最后再渐渐提笔完成书写。故答案为：非弹性；青铜小刀；扩散；毛笔尖；扩散；三；中间； BACDE。【点评】弹性形变和塑性形变的关键在于撤去外力后，是否能够恢复原来的形状；任何两种物质之间都能发生扩散现象，只是扩散的速