（新课标）2020高考物理二轮复习 选择题热点4 牛顿运动定律的应用练习（含解析）

热点4牛顿运动定律的应用(建议用时：20分钟)1(2019全国押题卷二)如图所示，两个质量分别为m1、m2的物块a和b通过一轻弹簧连接在一起并放置于水平传送带上，水平轻绳一端连接a，另一端固定在墙上，a、b与传送带间动摩擦因数均为.传送带顺时针方向转动，系统达到稳定后，突然剪断轻绳的瞬间，设a、b的加速度大小分别为aa和ab，(弹簧在弹性限度内，重力加速度为g)则()aaa(1)g，abgbaag，ab0caa(1)g，ab0 daag，abg2.(多选)如图所示，ab、ac是竖直平面内两根固定的光滑细杆，a、b、c位于同一圆周上，o为该圆的圆心，ab经过圆心每根杆上都套着一个小滑环，两个滑环分别从b、c点无初速度释放，用v1、v2分别表示滑环到达a点的速度大小，用t1、t2分别表示滑环到达a所用的时间，则()av1v2 bv1v2ct1t2 dt1v2，选项a正确，b错误；设圆半径为r，ab与ac之间的夹角为，ac与水平面之间的夹角为，则2rgtsin()，2rcos gtsin ，比较sin()与的大小，有sin().又()为锐角，cos()0，0，所以sin()，即t1t2，所以选项c错误，d正确3解析：选cd.对物体进行受力分析，受向下的重力和向上的拉力(大小等于弹簧测力计的示数)，加速度a2 m/s2，方向向下升降机初速度大小为v03 m/s，方向可能向下，也可能向上，所以在1 s内的位移有两种情况，向下加速时x1v0tat24 m；向上减速时x2v0tat22 m，故选c、d.4解析：选b.座舱在自由下落的过程中，加速度为向下的g，人处于完全失重状态；座舱在减速运动的过程中，加速度向上，则人处于超重状态，故选b.5解析：选c.在水平面上时，对整体由牛顿第二定律得f(m1m2)g(m1m2)a1，对m1由牛顿第二定律得t1m1gm1a1，联立解得t1f；在斜面上时，对整体由牛顿第二定律得f(m1m2)gcos (m1m2)gsin (m1m2)a2，对m1由牛顿第二定律得t2m1gcos m1gsin m1a2，联立解得t2f；在竖直方向时，对整体由牛顿第二定律得f(m1m2)g(m1m2)a3，对m1由牛顿第二定律得t3m1gm1a3，联立解得t3f.综上分析可知，线上拉力始终不变且大小为f，选项c正确6解析：选ab.在水平面上滑动时，对整体，根据牛顿第二定律，有f(mm)g(mm)a1隔离物块a，根据牛顿第二定律，有tmgma1联立式解得t在斜面上滑动时，对整体，根据牛顿第二定律，有f(mm)gsin (mm)gcos (mm)a2隔离物块a，根据牛顿第二定律，有tmgsin mgcos ma2联立式，解得t比较式，可知，弹簧的弹力(或伸长量)相等，与两物块的质量大小、动摩擦因数和斜面的倾角无关，故a、b正确，c、d错误7解析：选a.小木块对木板的摩擦力ff12mg0.4100 n40 n，水平面对木板的最大静摩擦力ff21(mm)g45 n，因为ff1ff2，故木板一定静止不动由牛顿第二定律得小木块的加速度a22g4 m/s2，x m2 ml，所以小木块不会滑出木板故选项a正确，b、c、d错误8解析：选bd.由题意知，物块自己能够沿斜面匀速下滑，得mgsin mgcos ，施加拉力f后，mgsin fcos (mgcos fsin )ma，解得a，所以a错误，b正确；以斜面体为研究对象，受物块的摩擦力沿斜面向下为ff(mgcos fsin )，正压力fnm