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2015年包头市中考物理试题(解析版)一、选择题(本大题共有7个小题,每小题3分,共21分。下列各题给出的四个选项中只一个正确,请将答题卡上对应题目的答案标号涂黑)1. 下列说法正确的是( ) A.声音在空气中传播的速度比在固体中快 B.发声体振动的频率越高,音色越好 C.镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律 D.电磁波不能在真空中传播【考点】本题考查声现象知识,声音在不同介质的传播速度、影响音调的因素;光的两种反射;电磁波的特性。【解析】A. 一般情况下声音在空气中传播的速度比在固体中慢,故A错误; B. 发声体振动的频率越高,音调越高,不是音色越好,故B错误; C. 镜面反射和漫反射是反射的两种类型,它们都遵循光的反射定律,故C正确; D. 电磁波传播不需要介质,能在真空中传播,故D错误.【答案】C2. 下列判断正确的是( ) A.物体的体积越大,密度越小 B.燃料的质量越大,热值越大 C.使用杠杆必定省力 D.雾凇和霜都是水蒸气凝华形成的【考点】本题考查了对密度、热值等特性量的理解和认识的杠杆种类、物态变化【解析】A物质的密度是物质本身的特性,与物体的质量和体积无关,故A错;B燃料的热值是燃料的特性,与燃料放出的热量及燃料的质量均无关,故B错;C使用杠杆时,杠杆不一定省力,是否省力要看动力臂与阻力臂的大小关系,故C错;D雾凇和霜都是水蒸气遇冷凝华形成的,故D正确。【答案】D3. 下列关于安全用电的说法中正确的是( ) A.有金属外壳的家用电器一般都使用两脚插头 B.使用试电笔时,手必须接触笔尾的金属体 C.照明电路中开关接在火线或零线上都可以 D.增加大功率的用电器时,只需换上足够粗的保险丝即可【考点】考查家庭用电中的安全常识【解析】A有金属外壳的家用电器,为避免漏电时人接触外壳发生触电危险,要进行良好的接地,所以要使用三脚插头,故A错;B. 使用试电笔时,要使电流通过氖泡,以检验接触的导线是否为火线,所以手必须接触笔尾的金属体,故B正确;C.为了安全用电,照明电路中开关只准接在火线上,故C错。D. 增加大功率的用电器时,会导致家庭电路中的总电流变大,换上足够粗的保险丝后保险丝不熔断,但电流可能超过电能表、导线允许的最大电流而发生火灾,故此做法不符合安全用电的原则,D错误。【答案】B4. 下列示意图正确的是( )【考点】本题是作图综合题,考查磁感线、力臂、反射定律作图、平面镜成像作图的画法【解析】A.磁体外部的磁感线是从N极出发回到S极,同名N极都是箭头都向外,故A正确;B.力F1的力臂应是支点到其作用线的距离,而不是从支点到动力作用点的距离,故B错;C.光反射时,入射角是入射光线和法线的夹角,C项中入射角应是900-400=500,而图中反射角为400,反射角与入射角大小不等,故C错; D.平面镜成的是虚像,应把AB画成虚线,故D错.【答案】A5. 如图1所示,一小钢球从光滑固定斜面的a点由静止释放,相继经过b、c两点,abbc,则下列判断正确的是(忽略空气阻力的影响)( ) A.小钢球下滑过程中惯性越来越大 B.小钢球在ab、bc两段内运动的平均速度相等 C.小钢球在ab段重力势能的减少量与bc段动能的增加量相等 D.就a、b、c三点而言,小钢球在a点具有的机械能最大【考点】本题考查惯性大小的比较、平均速度的比较、机械能大小比较以及对机械能守恒定律的理解【解析】A.惯性的大小只与物体的质量有关,与其它因素无关,小钢球下滑过程中质量不变,其惯性的大小不变,故A错。B. 小钢球在ab、bc上的路程相等,但时间不等,由v=知,平均速度不相等,故B错;C. 由于斜面是光滑的且不计空气阻力,所以机械能的总量是不变的。abbc,则ab段的竖直高度=bc段的竖直高度,钢球在ab段重力势能的减少量=钢球在bc段重力势能的减少量,小钢球在滚下过程中重力势能为动能,即小钢球在ab段重力势能的减少量与bc段动能的增加量相等,故C正确。D.由于小钢球的机械能是守恒的,所以在a、b、c三点的机械能一样大,故D错。【答案】C6. 图2所示是一种风速测定装置,其中风速表是由电压表改装而成,R为定值电阻,R1为滑动变阻器。T型管道的竖直管内装有可上下无摩擦自由移动的轻质活塞,活塞通过轻质细杆和滑动变阻器的滑片P相连,S闭合后,当风速增大时( ) A.活塞上方气压变大,活塞向下运动,风速表的示数变大 B.活塞上方气压不变,活塞静止不动,风速表的示数不变 C.活塞上方气压变小,活塞向上运动,风速表的示数变大 D.活塞向上运动,电路消耗的总功率变小【考点】考查流体压强与流速的关系、动态电路分析以及电功率的变化【解析】A.气体总是在流速大的地方压强小,流速小的地方压强大。当有风吹过活塞上方时,活塞上方的流速大,压强变小,小于下方的气压,从而导致活塞向上运动,故A错误。B.由前面分析可知,活塞上方气压减小,活塞向上运动,故B错误。C.在活塞向上运动时带动滑动变阻器R1的滑片P向上滑动,从而导致串联的总电阻变小,总电流I变大,电压表(风速表)的示数UR=IR,R不变,I变大,所以风速表的示数变大,故C正确。D.电路中的总电流变大,由P总=UI知,U不变,而I变大,那么P总变大,故D错误。【答案】C7. 为了将放置在水平地面上重为100N的物体提升一定高度,设置了图3所示的滑轮组装置。当用图4甲所示随时间变化的竖直向下的拉力F拉绳时,物体的速度v和物体上升的高度h随时间变化的关系分别如图4乙和丙所示。(不计绳重和绳与轮之间的摩擦)下列计算结果正确的是( ) A.0s1s内,地面对物体的支持力是10N B. 1s2s内,拉力F做的功是187.5J C. 2s3s内,拉力F的功率是100W D. 2s3s内,滑轮组的机械效率是62.5%【考点】本题是力学综合题,考查压力、功、功率、机械效率的计算。【解析】A.从图乙可知,物体没有被拉起时,由甲图可知此时间内拉力F=30N;若不考虑动滑轮重则动滑轮拉物体的力F拉=3F=330N=90N,地面的支持力F支=G-F拉=100N-90N=10N;但动滑轮有一定重量,这就使得地面对物体的支持力不等于10N,故A错。(此项有其它解法)B.从甲图中可知,1s2s内,拉力F=50N,从丙图中可知物体上升的高度h=1.25m,而由于滑轮组有3根绳子承担重物,绳端移动的距离s=3h=31.25m=3.75m,则拉力F做的功W=FS=50N3.75m=187.5J,故B正确。C. 从甲图中可知,2s3s内,拉力F=40N,从乙图中可知物体的速度为2.50m/s,而拉绳的速度v=32.50m/s=7.50m/s,则拉力F的功率P=Fv=40N7.50m/s=300W,故C错。D.从乙图中可知,2s3s内物体被匀速提升,此时拉力F=40N,此时滑轮组的机械效率=83.3%,故D错。【答案】B二、作图与实验题(8题5分,9题4分,10题5分,11题7分,本大题21分)8. 为了比较甲乙两种液体的吸热能力,某同学设计了以下实验: a. 在两个同样的烧杯中,分别装入等体积的甲乙两种液体 b. 用温度计分别测出甲乙两种液体的初温 c. 在两个烧杯中分别装入功率相同的电热器,且加热时间相同 d. 用温度计分别测出甲乙两种液体的末温 请解答下列问题: 在上述a、b、c 、d四个实验步骤中,存在错误的是步骤 (填写步骤前的字母),该步骤中错误的内容应改为 ; 步骤c中“加热时间相同”是为了使甲乙两种液体 ; 图5是甲乙两种液体的温度随时间变化的关系图像。若将液体甲和液体乙加热相同的时间,则液体 温度升高得快,甲乙两种液体的比热容的大小关系是c甲 c乙。【考点】本题是对探究物质的吸热能力的实验的考查,内容包括控制变量的知识、用加热时间反应的物理量、在图像上比热容大小的比较【解析】(1)为了控制变量,应是两种液体的质量相等,而不是体积相等,所以应存在错误的步骤为a,应改为“在两个同样的烧杯中,分别装入等质量的甲乙两种液体”。(2)在实验中,由于在两个烧杯中分别装入功率相同的电热器,且加热时间相同,依据W=Pt可知,电流通过电热器做的功相同,也从而保证两液体吸收的热量相等,故“加热时间相同”是为了使甲乙两种液体吸收的热量相等。(3)从图中可知,将液体甲和液体乙加热相同的时间时,甲液体的末温高,由于它们的初温相等,所以液体甲温度升高得快;再根据Q吸=Cmt知,加热相同的时间Q吸相等,m相同,t越大,C越小,所以甲液体的比热容较小,答案应填。故答案为:(1) a 在两个同样的烧杯中,分别装入等质量的甲乙两种液体(2) 吸收的热量相等 (3)甲 9. 某同学用一个未知焦距的凸透镜探究凸透镜的成像规律。探究过程中将观察到的现象和测量的数据记录在下表中,请解答下列问题: 该凸透镜的焦距是 cm。 在表中填出实验序号2、4中像的性质和实验序号4中像距的大小。实验序号物距/cm像距/cm像的性质1206.7倒立缩小的实像2157.531010倒立等大的实像47.554正立放大的虚像【考点】本题是对凸透镜成像规律的考查,主要考查学生对焦距、成像性质以及光折射时光路的可逆性的知识的考查【解析】(1)从表格序号3可知像的性质为“倒立等大的实像”,成等大实像条件是物距u=2f,所以焦距f=u/2=10cm/2=5cm;(2)序号2中,u=15cm,符合u2f,所以其成像性质为倒立缩小的实像;通过比较序号2与4可知,2的像距刚好是4的物距,根据光路的可逆性可知,4的像距应为2的物距,所以应填15;序号4中,U=7.5cm,符合fu2f,所以其成像性质为倒立放大的实像。故答案为(1)5 (2)倒立缩小的实像 15 倒立放大的实像10. 某同学要探究单摆来回摆动一次的时间与什么因素有关,于是他准备了不同质量的小铁球(质量已知)、细绳、刻度尺、铁架台等器材,实验装置如图6所示。 实验器材中还应该有 。 他将实验过程中测量的数据记录在下表中,分析数据可知,单摆来回摆动一次的时间只与 有关,该实验所用的科学探究方法是 。 实验完成后,该同学用质量为20g和50g两个小铁球,分别制做成摆成为80cm和100cm的两个单摆,根据上面实验结论可推测,这两个单摆来回摆动一次的时间应分别是 s和 s。图6实验次数摆幅(cm)小球质量(g)摆长(cm)时间(s)11030801.821040801.831540801.8415 40来源:学|科|网1002.0【考点】本题考查控制变量法的研究,主要内容有实验器材的选择、数据的分析考查。【解析】(1)从数据表格中发现有时间这个物理量,而提供的器材中却没有,所以应填停表;(2)比较实验次数3和4可知,振幅和小球质量都相同时,摆长不同,单摆来回摆动一次的时间也不同,这说明时间只与摆长有关,与其他因素无关,研究方法是控制变量法(3)据得到的结论知,单摆来回摆动一次的时间只与摆长有关,而与质量无关;从上面表格中分析,摆长为80cm的单摆来回摆动一次的时间为1.8s, 摆长为100cm的单摆来回摆动一次的时间为2.0s,所以应填1.8 、 2.0。故答案为 (1)停表 (2)摆长 控制变量法 (3)1.8 2.011. 在测定标有3.8V的小灯泡额定功率的实验中,电源电压为6V,小灯泡的电阻约为10,电流表(量程:00.6A、03A)、电压表(量程:03V)、开关、滑动变阻器各一个,导线若干。 根据实验要求把图7中的实验电路连接完整; 开关闭合前,应将滑片P调至 端; 闭合开关后,发现灯不亮,电流表无示数,电压表有示数,则故障的原因可能是 。 排除故障后,移动滑片P,使电压表的示数为 V时,小灯泡恰好能正常发光,此时电流表的示数如图8所示,则小灯泡的额定功率为 W(保留两位小数)。【考点】本题是测定小灯泡额定功率实验的考查,包括线路连接、电流表、电压表的使用、电路故障及特殊情况下对实验过程的调节与安排,实属考查能力的一道综合题【解析】(1)本题中测定3.8V的小灯泡的额定功率,一般情况下,电压表的量程应选015v,但此题已经明确电压表(量程:03V),所以不能按照常规办法将电压表与灯泡并联,应根据串联电路的电压关系间接测量小灯泡正常发光时的电压值,只能将电压表与滑动变阻器并联,当电压表示数为2.2V时,灯泡两端电压为6V-2.2V=3.8V,灯泡正常发光;灯泡额定电压为3.8V,其电阻约为10欧,故正常发光的电流约为0.38A,电流表用小量程;滑动变阻器采用“一上一下”的接法,连接如图所示:(2)进行电学实验时,必须将开关断开,且将滑动变阻器的阻值调至最大处,从图中可知,须将滑片移至A端。(3)出现的故障情况是“电流表无示数,电压表有示数”,那可能是滑动变阻器出现了断路,使得电压表串联在电路中,电压表测量电源电压,而电路中的电流几乎为零。(4)据串联电路的电压关系可知,要使小灯泡正常发光的电压得到3.8V,只须电压表的示数为6V-3.8V=2.2V即可,应填2.2V;结合电流表的示数知电流I=0.38A,再根据P=UI计算小灯泡的额定功率为3.8V0.38A1.44W【答案】(1)如上图; (2)A(3)滑动变阻器断路 ; (4)2.2 1.44三、计算题(12题8分,13题10分,共18分)12. 有一质量m=0.1kg,容积V1103m3,横截面积S2.5103m2的圆筒形薄壁容器B(壁厚忽略不计),现注入体积为V的某种液体A后,将其封闭放入水中,且保持竖直漂浮状态,如图9甲所示,此时水对容器底部的压强p2.8103Pa,(容器B内空气质量不计,g取10N/kg)求: 液体A的密度; 若要使容器B恰好竖直悬浮在水中(如图9乙所示)注入液体A的体积是多少?【考点】力学综合计算,包括密度、漂浮和悬浮条件、阿基米德原理的应用解: F浮F向上P向上S2.8103pa2.510-3m27N整体漂浮 G总=F浮=7Nm总= 液体的质量 m液m总m容0.7kg0.1kg0.6kg 液体密度 A=1.8103kg/m3 (2)F浮 =水gV排=1103 kg/m310N/kg110-3m3=10N整体悬浮 G总=F浮=10Nm总= 此时液体的质量 m液m总m容1kg0.1kg0.9kg V液= m液/液=0.9kg1.8103 kg/m3=510-4m3(其它解法正确也可)故答案为 (1)1.8103kg/m3 (2)5104m313. 图10所示是检测某一传感器的电路图,这种传感器上标有“6V、1.8W”的字样(该传感器可看作一个纯电阻电器),滑动变阻器上标有“10、1A”的字样,电流表的量程为00.6A,电压表的量程为03V。求: (1) 这种传感器的电阻R0是多少?(
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