2017高考化学大二轮复习第3部分训练非选择题专项练720170228123

1训练十五非选择题专项练71黄铜矿主要成分为CUFES2，S为2价是工业冶铜的主要原料，现有一种天然黄铜矿含SIO2为了测定该黄铜矿的纯度，设计了如下实验现称取研细的黄铜矿样品184G，在空气存在下进行煅烧，发生如下反应3CUFES28O23CUFE3O46SO2高温实验后D中溶液的置于锥形瓶中，用00500MOLL1标准碘溶液进行滴定，消耗110标准溶液2000ML，请回答下列问题13CUFES28O23CUFE3O46SO2中氧化产物是_，当生成高温03MOLSO2气体时，转移电子_MOL。2将样品研细后再反应，其目的是_，装置C的作用是_。3用标准碘溶液滴定D中溶液的离子方程式是_，滴定达终点时的现象是_。4上述反应结束后，仍需通一段时间的空气，其目的是_。5通过计算可知，该黄铜矿的纯度为_。6若将原装置D中的试液换为BAOH2溶液，测得黄铜矿纯度偏高，假设实验操作均正确，可能的原因主要是_。解析该实验原理是根据黄铜矿空气中煅烧产生的二氧化硫的量的测定二氧化硫可以用碘水来标定，结合元素守恒可以确定黄铜矿的量，进而计算其纯度。1CUFES2，S元素化合价为2价；CU元素化合价为2价，FE元素化合价为2价，反应后铜元素化合价降低，铁元素化合价升高，硫元素化合价升高，氧元素化合价降低，氧化产物为FE3O4、SO2，依据电子守恒计算电子转移总数，反应中3CU23CU6E，8O2FE3O46SO232E，生成6MOLSO2，电子转移总数为38MOL，当生成03MOLSO2气体时19MOL电子。22将样品研细后再反应，即增大固体的表面积，目的是使原料充分反应、加快反应速率，灼热的铜网可以除去多余的氧气。3用标准碘溶液滴定D中溶液的反应是二氧化硫被溴单质氧化生成硫酸和氢溴酸，反应的离子方程式为SO2BR22H2O4H2BRSO，当达到滴定终点时，二氧化硫24已经被碘单质消耗完毕，再滴入一滴碘单质，遇到淀粉会变蓝且半分钟不褪色，证明反应达到反应终点。4黄铜矿空气中煅烧生成二氧化硫等一系列产物，完毕后仍然通入空气，可以将产生的二氧化硫全部排出去，使结果精确。5根据滴定管的示数是上方小，下方大，可以读出滴定管示数是2000ML，当达到滴定终点时，二氧化硫已经被碘单质消耗完毕，再滴入一滴碘单质，遇到淀粉会变蓝，根据反应实质，得到2I22SO2CUFES2，消耗掉005MOLL1标准碘溶液2000ML时，即消耗的碘单质的量为005MOLL1002L00010MOL，所以黄铜矿的质量是0500010MOL184GMOL110092G，所以其纯度为10050。092G184G6空气中的CO2与BAOH2反应可以生成BACO3沉淀，此外BASO3被氧化成BASO4均可以导致沉淀的量比二氧化硫和氢氧化钡反应生成的白色沉淀的量多。答案1FE3O4、SO2192增大接触面积，使原料充分反应、加快反应速率除去多余的氧气3SO2BR22H2O4H2BRSO锥形瓶中的溶液由无色变为蓝色且半分钟24不褪色4使反应生成的SO2全部进入D装置中，使结果精确5506空气中的CO2与BAOH2反应生成BACO3沉淀，BASO3被氧化成BASO42硫单质及其化合物在工农业生产中有着重要的应用，请回答下列问题图13图21一种煤炭脱硫技术可以把硫元素以CASO4的形成固定下来，但产生的CO又会与CASO4发生化学反应，相关的热化学方程式如下CASO4SCOGCAOSSO2GCO2GH2105KJMOL1CASO4SCOGCASSCO2GH473KJMOL11414反应CAOS3COGSO2GCASS3CO2GH_KJMOL12图1为密闭容器中H2S气体分解生产H2和S2G的平衡转化率与温度、压强的关系。图1中压强P1、P2、P3的大小顺序为_，理由是_，该反应平衡常数的大小关系为KT1_KT2填“”、“”或“”，理由是_。3在一定条件下，二氧化硫和氧气发生反应2SO2GO2G2SO3H0600时，在一密闭容器中，将二氧化硫和氧气混合，反应过程中SO2、O2、SO3物质的量变化如图2，反应处于平衡状态的时间段所示_。据图2判断，反应进行至20MIN时，曲线发生变化的原因是_用文字表达；10MIN到15MIN的曲线变化的原因可能是_填写编号。A加了催化剂B缩小容器体积C降低温度D增加SO2的物质的量4烟气中SO2可用某浓度NAOH溶液吸收得到NA2SO3和NAHSO3混合溶液，且所得溶液呈中性，该溶液中CNA_用含硫微粒浓度的代数式表示。4解析1利用盖斯定律将4可得CAOS3COGSO2GCASS3CO2GH4473KJMOL12105KJMOL13997KJMOL1。2H2S气体分解生产H2和S2G的反应为2H2S2H2S2，反应前后气高温体体积增大，同温度下，压强越大，平衡逆向进行，H2S转化率减小，则P1P2P3，温度升高，H2S的转化率增大，说明正反应为吸热反应，升温平衡正向进行，平衡常数增大，KT1KT2。3反应混合物各物质的物质的量不变化，说明反应处于平衡状态，由图可知在1520MIN和2530MIN出现平台，各组分的物质的量不变，反应处于平衡状态。由图可知，反应进行至20MIN时，平衡向正反应移动，瞬间只有氧气的浓度增大，应是增大了氧气的浓度。由图可知，反应向正反应进行，10MIN到15MIN反应混合物单位时间内的变化量增大，说明反应速率增大，10MIN改变瞬间，各物质的物质的量不变。A加了催化剂，增大反应速率，故A正确；B缩小容器体积，增大压强，增大反应速率，故B正确；C降低温度反应速率降低，故C错误；D10MIN改变瞬间，各物质的物质的量不变，不是增加SO2的物质的量，故D错误。4烟气中的SO2可用某浓度NAOH溶液吸收得到NA2SO3和NAHSO3混合溶液，且所得溶液呈中性，依据溶液中电荷守恒分析，CNACH2CSOCHSOCOH，233CHCOH，得到NA2CSOCHSO。233答案139972P1P2P3反应前后气体体积增大，增大压强平衡逆向进行反应是吸热反应，升温平衡正向进行，平衡常数增大31520MIN和2530MIN增大氧气的浓度AB42CSOCHSO2333钛被称为“二十一世纪金属”，工业上用钛铁矿制备金属钛的工艺流程如下已知钛铁矿主要成分与浓硫酸反应的主要产物是TIOSO4和FESO4，TIOSO4遇水会水解。请回答下列问题1操作1用到的玻璃仪器除烧杯外还有_，操作2是_、过滤，副产品5主要成分的化学式为_。2请结合化学用语解释将TIO2转化为H2TIO3的原理_。3已知钛的还原性介于铝和锌之间，估计钛能耐腐蚀的原因之一是_，如果可从NA、ZN、FE三种金属中选一种金属代替流程中的镁，那么该金属跟四氯化钛反应的化学方程式是_。4电解TIO2来获得TI是以TIO2作阴极，石墨为阳极，熔融CAO为电解质，用碳块作电解槽，其阴极反应的电极反应式为_。5为测定溶液中TIOSO4的含量，首先取待测钛液10ML用水稀释至100ML，加过量铝粉，充分振荡，使其完全反应3TIO2AL6H3TI3AL33H2O，过滤后，取出滤液2000ML，向其中滴加23滴KSCN溶液作指示剂，用_填一种玻璃仪器的名称滴加01000MOLL1FECL3溶液，发生TI3FE3TI4FE2，当溶液出现红色达到滴定终点，用去了3000MLFECL3溶液，待测钛液中TIOSO4的物质的量浓度是_。解析1操作1为过滤，用到的玻璃仪器除烧杯外还有漏斗、玻璃棒，操作2的实验步骤为蒸发浓缩、冷却结晶，加入过量铁屑后溶液中含有FE2离子，则过滤后可得FESO47H2O或FESO4，副产品主要成分的化学式为FESO4。2加热的目的是促进TIO2水解生成H2TIO3，分离出固体加热得到TIO2；溶液中存在平衡TIO22H2OH2TIO32H，当加热升温后，平衡正向移动，生成H2TIO3。3钛的还原性介于铝与锌之间，氧化铝是一层致密的氧化膜，估计钛能耐腐蚀的原因是钛表面形成一层致密的氧化膜或钛的内部结构紧密；活泼金属钠可以将金属钛置换出来TICL44NATI4NACL，ZN和FE都是不可以的，活泼性差。高温4因TIO2作阴极，得到电子，被还原，TIO24ETI2O2，得到单质TI。5准确滴加氯化铁溶液可使用滴定管，氯化铁有较强的氧化性，应用酸式滴定管；设滤液TI3的物质的量为X，TI3紫色FE3H2OTIO2无色FE22H11X01000MOLL1003L解得X01000MOLL1003L0003MOL则待测钛液中TIOSO4的物质的量0003MOL50015MOL根据C150MOLL1。NV0015MOL001L答案1漏斗、玻璃棒蒸发浓缩、冷却结晶FESO462溶液中存在平衡TIO22H2OH2TIO32H，当加热升温后，平衡正向移动，生成H2TIO33钛表面形成一层致密的氧化膜或钛的内部结构紧密TICL44NATI4NACL高温4TIO24ETI2O25酸式滴定管150MOLL14煤炭被人们誉为黑色的“金子”，它是人类使用的主要能源之一。为了提高煤的利用率，减少有害气体的排放，人们采取了各式各样的方法。1煤的气化和液化可以提高煤的利用率。煤的气化技术的主要产物是_。煤的液化又分为_。将煤隔绝空气加强热得到焦炉气、煤焦油及焦炭等产品的技术称为_。2煤在燃烧前后及燃烧过程中均可采取措施减少有害气体的排放。在燃烧前，可以采用微生物脱硫技术。原理如图所示图示过程中FE2的作用为_。写出FE2FE3的离子方程式微生物O2/H_。煤在燃烧时，进行脱硫处理，常采用_燃烧技术，再把煤和脱硫剂加入锅炉燃烧室，使煤与空气在流化过程中充分混合、燃烧，起到固硫作用。常用脱硫剂的主要化学成分为_填化学式。煤在燃烧后，烟气净化常采用除尘技术和脱硫、脱硝技术。湿法脱硫、脱硝技术中将烟气通入_设备，用石灰水淋洗。解析1煤的气化是煤和水蒸气在高温条件下反应生成一氧化碳和氢气的过程，故主要产物为CO、H2；煤的液化可以分为直接液化或间接液化；将煤隔绝空气加强热使煤分解得到焦炉气、煤焦油及焦炭等产品的技术称为煤的干馏。2根据微生物脱硫技术的原理可知，亚铁离子先被氧化为铁离子，后铁离子又被还原为亚铁离子，即亚铁离子先被消耗后又生成，故在反应中作催化剂，亚铁离子作还原剂，被氧气氧化为铁离子，氧气在酸性条件下被还原为水，化学方程式为4FE2O24H4FE32H2O。在燃烧的同时进行的脱硫技术称为流化床燃烧技术，由于二氧化氯是酸性氧化物，所以可以加碱性氧化物CAO或CACO3来加以吸收。吸收烟气的装置为吸收塔。答案1CO、H2直接液化和间接液化煤的干馏72中间产物，催化剂作用，加快S元素的氧化4FE2O24H4FE32H2O流化床CAO或CACO3吸收塔5A、B、C、D、E为原子序数依次增大的五种元素，A的一种同位素可用于考古测定生物的死亡年代，B与A同周期，其S能级电子数比P能级电子数多，C原子的最外层电子数是次外层的3倍，D与B同主族；E的原子序数为29。回答下列问题1五种元素中第一电离能最大的是_填元素符号，其中D原子价电子排布图为_。2元素B的简单气态氢化物的沸点_填“高于”或“低于”元素A的简单气态氢化物的沸点。其主要原因是_，A的简单气态氢化物中心原子的杂化轨道类型为_。3BC的立体构型为_，与其互为等电子体的分子是_写化学式。34EC在加热条件下容易转化为E2C。从原子结构的角度解释原因_，E原子的外围电子排布式为_，E晶体的堆积方式为_填序号。简单立方堆积体心立方堆枳六方最密堆积面心立方最密堆积5硼与D可形成一种耐磨材料F，其结构与金刚石相似如图。可由硼的三溴化物和D的三溴化物高温下在氢气的氛围中合成，写出合成F的化学方程式_，F的晶胞边长为APM，则该晶体密度的表达式为_GCM3含A、NA的式子表示，不必化简。解析A、B、C、D、E为原子序数依次增大的五种元素，A的一种同位素可用于考古中测定生物的死亡年代，则A为碳元素；B与A同周期，其S能级电子数比P能级电子数多，原子核外电子数排布式为1S22S22P3，则B为N元素；C原子的最外层电子数是次外层的3倍，原子只能有2个电子层，最外层电子数为6，故C为O元素；D与B同主族，则D为P元素；E的原子序数为29，则E为CU。1非金属性越强第一电离能越大，N元素原子2P能级为半满稳定状态，能量较低，第一电离能高于同周期相邻元素的，故N元素的第一电离能最大，D为P元素，原子价电子排布式为3S23P3，原子价电子排布图为。82元素A、B的简单气态氢化物分别为CH4、NH3，NH3分子之间存在氢键，沸点高于甲烷的，甲烷分子中C原子形成4个CH键，没有孤对电子，故碳原子采取SP3杂化。3NO中N原子孤电子对数0，价层电子对数303，立体构型为351232平面三角形，与其互为等电子体的分子是SO3。4CU2离子外围电子排布为3D9，而CU离子外围电子排布为3D10，为全满稳定状态，CU2O更稳定，CUO在加热条件下容易转化为CU2O，CU原子的外围电子排布式为3D104S1，CU晶体的堆积方式为面心立方最密堆积。5硼与P可形成一种耐磨材料F，其结构与金刚石相似如图，则F为BP，可由硼的三溴化物和D的三溴化物于高温下在氢气的氛围中合成，合成F的化学方程式BBR3PBR33H2BP6HBR，金刚石晶胞中C原子数目为高温4868，则晶胞中B、P原子数目均为4，晶胞质量为4G，晶胞边长为18121131NAAPM，则该晶体密度为4GA1010CM3GCM3。1131NA442NAA10103答案1N2高于NH3分子之间存在氢键SP33平面三角形SO34CU2离子外围电子排布为3D9，而CU离子外围电子排布为3D10，为全满稳定状态，CU2O更稳定3D104S15BBR3PBR33H2BP6HBR高温442NAA101036F、G都是常