浙江省衢州、丽水、湖州、舟山四地市2020届高三物理下学期教学质量检测联考试题（含解析）

1、2020年衢州、丽水、湖州、舟山四地市高三教学质量检测联考 物理试卷一、选择题I(本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1. 下列单位中均属于国际单位制基本单位的是A. kg、s、cm B. g、m、J C. kg、s、m D. A、N、J【答案】C【解析】A、cm是长度的一个常用单位，但不是基本单位，故A错误。B、焦耳是根据功的公式W=FL推导出来的，是导出单位，g是质量的一个常用单位，但不是基本单位。故B错误。C、kg、s、m都是国际单位制的基本单位，故C正确。D、安培（A）是电流的基本单位，牛顿根据牛顿第二定律F

2、=ma推导出来的，是导出单位；焦耳是根据功的公式W=FL推导出来的，是导出单，故D错误。故选C。【点睛】国际单位制规定了七个基本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位2. 小洪同学乘出租车从校门口出发，到火车站接到同学后当即随车回校。出租车票如图所示，则以下说法正确的是A. 位移为16.2kmB. 路程为0C. 11：48指的是时间D. 11：05指的是时刻【答案】D【解析】A、火车行走路线为曲线，故对应的里程为路程，故路程为16.2km，由于又回到了出发点，故位移为零；故A

3、B错误；C、11：48指的是下车的时刻，故C错误；D、11：05指的是上车的时刻，故D正确。故选D。【点睛】明确位移与路程的定义，根据初末点间的直线距离确定位移，知道火车行走轨迹为曲线，所以里程只能为路程；同时明确时间和时刻的定义，能准确判断对应的数据的意义3. 下列说法正确的是A. 太阳东升西落是以地球为参考系B. 汽车加速运动时惯性增大C. 电梯向下运动时处于失重状态D. 研究飞船与空间站对接时，可将飞船视为质点【答案】A.【点睛】参考系是假定静止不动的物体惯性的大小仅仅与质量有关；物体处于失重状态或处于超重状态时物体的重力没有变化只有当物体的形状和大小对研究问题没有影响或者影响可以忽略不

4、计时物体才能可做质点4. 如图所示为小红同学从滑梯滑下的情景。空气阻力不计，此时该同学受到的力为A. 支持力、摩擦力和重力B. 支持力、重力C. 摩擦力、重力D. 支持力、摩擦力【答案】A【解析】小红从滑梯上滑下，受力情况为：小红受到重力G、支持力N和滑动摩擦力f的作用。故A正确，BCD错误。故选A。【点睛】根据受力分析的步骤“一重力、二弹力、三摩擦力、四其它力”， 对小红进行分析，由此可以得出小红的受力情况。5. 如图所示，喷出的水柱显示了平抛运动的轨迹。若飞行时间为2s，水平位移为0.6m，则平抛的初速度为A. m/s B. 0.3m/sC. 0.6m/s D. 0.9m/s【答案】B【解

5、析】平抛运动，水平方向匀速运动，则有：，故B正确，ACD错误，故选B。点睛：本题主要考查了平抛运动，关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，根据竖直方向上的分运动求出运动的时间利用水平方向上的分运动求初速度6. 如图所示，摩天轮是日常生活中典型的匀速圆周运动实例，若将箱体内的乘客视作质点，则下列说法正确的是A. 某时刻所有乘客运动的线速度都相同B. 某时刻所有乘客运动的加速度都相同C. 某乘客经过最高点和最低点时，所受的合外力大小相等D. 某乘客经过最高点和最低点时，受到箱体作用力大小相等【答案】C【解析】A、线速度是矢量，摩天轮做匀速圆周运动，线速度的方向时刻改变，每一时刻的线速度

6、都不相同，故A错误；B、加速度是矢量，摩天轮做匀速圆周运动，加速度时刻在改变，故B错误；C、摩天轮做匀速圆周运动，合外力提供向心力，由知，不变，向心力大小不变，合外力大小不变，故C正确；D、箱体所受作用力等于箱体对乘客的弹力，在最高点箱体所受弹力：，在最低点箱体所受弹力：，所以乘客分别经过最高点和最低点时，受到箱体作用力大小不相等，故D错误；故选C。【点睛】线速度、加速度、向心力、角速度都是矢量，在匀速圆周运动中合外力提供向心力，根据向心力公式可解。7. 高分卫星是一种高分辨率对地观测卫星。高分卫星至少包括7颗卫星，它们都将在2020年前发射并投入使用。其中“高分一号”为光学成像遥感卫星，轨道

7、高度为645km，“高分四号”为地球同步轨道上的光学卫星。则“高分一号”与“高分四号”相比A. 需要更大的发射速度 B. 具有更小的向心加速度C. 具有更小的线速度 D. 具有更大的角速度【答案】D【解析】A、“高分一号”与“高分四号”相比轨道低，发射需要能量小，发射速度小。故A错。BCD、根据“高轨低速大周期”判断“高分一号”具有更大的向心加速度、具有更大的线速度、具有更大的角速度，故BC错误，D正确。故选D。【点睛】地球同步卫星即地球同步轨道卫星，又称对地静止卫星，是运行在地球同步轨道上的人造卫星，卫星距离地球的高度约为36000 km“高分一号”与“高分四号”相比轨道低根据“高轨低速大周

8、期”判断即可8. 如图所示，足球从草皮上的位置被踢出后落到草皮上位置，空中到达的最高点为位置，则A. 位置足球动能等于0B. 位置到位置过程只有重力做功C. 位置到位置的过程足球的动能全部转化为重力势能D. 位置到位置过程足球动能的变化量等于合力做的功【答案】D【解析】A、由图可知，小球由到过程中具有水平位移，则说明小球在位置存在速度，故A错误；B、由图可知，到的水平位移大于到的水平位移，则说明小球受到阻力做功，故B错误；C、因存在阻力做功，因此位置到位置的过程足球的动能转化为重力势能和内能，故C错误；D、根据动能定理可得，位置到位置过程足球动能的变化量等于合力做的功，故D正确。故选D。【点睛

9、】根据对应的位置图分析小球的受力情况和运动情况，从而明确各力做功情况，再根据动能定理分析动能的变化与功的关系9. 如图所示为范德格拉夫起电机示意图，直流高压电源的正电荷，通过电刷E、传送带和电刷F，不断地传到球壳的外表面，并可视为均匀地分布在外表面上，从而在金属球壳与大地之间形成高电压。关于金属球壳上的A、B两点，以下判断正确的是A. A、B两点电势相同B. A、B两点电场强度相同C. 将带正电的试探电荷从A点移到B点，电势能增加D. 将带正电的试探电荷从A点移到B点，电势能减小【答案】A【解析】A、由题可知，电荷均匀地分布在外表面上，球壳AB是一个等势体，各点的电势是相等的。故A正确；B、球

10、壳AB是一个等势体，AB的外表面处，各点的电场强度的方向与球壳的外表面垂直，所以A点与B点的电场强度的方向一定不同，故B错误；C、由于A、B的电势是相等的，所以将带正电的试探电荷从A点移到B点，电场力不做功，电势能不变。故C错误，D错误。故选A。【点睛】静电平衡后，金属球壳AB的外表面均匀带电，外部各点的电场强度大小相等，方向不同；金属球壳AB是一个等势体，各点的电势相等10. 如图所示，一质量为m、电荷量为q(q0)的带电小球A（可视为点电荷）用绝缘细线悬挂在O点。空间存在水平方向的匀强电场(图中未画出)，小球A静止时细线与竖直方向的夹角=60，则匀强电场强度大小为A. B. C. D. 【

11、答案】C【解析】小球受力如图所示：小球处于平衡状态，重力mg和电场力qE的合力与绳子拉力T大小相等、方向相反，所以由平衡条件有：，得：，故C正确，ABD错误。故选C。【点睛】对小球进行受力分析，根据平衡条件可求得电场力的大小，再根据电场力公式F=qE，列方程求解即可11. 磁场中同一位置处放置一条直导线，导线的方向与磁场方向垂直。在导线中通入不同的电流，测得安培力F和电流I的数据，并描绘在F-I图象中，其中a、b各代表一组F、I的数据。则以下图象正确的是【答案】C【解析】在匀强磁场中，当电流方向与磁场垂直时所受安培力为：F=BIL，由于磁场强度B和导线长度L不变，因此F与I的关系图象为过原点的

12、直线，故C正确，ABD错误；故选C。【点睛】由于a、b导线的方向均与磁场垂直，根据安培力公式F=BIL写出表达式即可正确求解12. 如图甲所示为一运动员(可视为质点)进行三米板跳水训练的场景，某次跳水过程的v-t图象如图乙所示，t=0是其向上起跳的瞬间。则该运动员从跳板弹起能上升的高度最接近A. 0.38m B. 0.80m C. 1.10m D. 3.00m【答案】A【解析】设跳水运动员起的速度大小为v，上升的最大高度为h又联立解得：，所以A正确；BCD错误；故选：A13. 如图所示，某品牌电动汽车电池储存的电能为60kWh，充电时，直流充电桩的充电电压为400V，充电时间4.5h，充电效率

13、95%。以v=108km/h的速度在高速公路匀速行驶时，汽车的输出功率为15kW，转化机械能的效率90%，则A. 充电电流约为33AB. 匀速行驶距离可达432kmC. 匀速行驶时每秒钟消耗电能1.5104JD. 匀速行驶时所受阻力为500N【答案】D【解析】A、电能，则由W=UIt可知，充电电流，故A错误；B、汽车能匀速行驶的时间，故汽车匀速行驶的最大距离为：，故B错误；C、匀速行驶时每秒钟输出的电能，因消耗电能中有一部分转化为内能，故消耗的电能一定大于，故C错误；D、匀速行驶时v=108km/h=30m/s，F=f，由P=Fv=fv可得：，故D正确。故选D。【点睛】根据电能W=UIt进行分

14、析即可求得充电电流，注意充电效率；根据汽车的输出功率可明确汽车能输出该功率的最大时间，再由x=vt即可求得行驶距离；根据W=PT可确定输出的机械能，再根据功能关系确定消耗的总能量；根据平衡条件以及P=Fv即可求得阻力大小二、选择题II(本题共3小题，每小题2分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分)14. 以下判断正确的是A. 电子的衍射图样说明实物粒子具有波动性B. 戴上特制眼镜看3D电影有立体感是利用了光的偏振原理C. 放射性元素原子核的半衰期长短与原子所处的化学状态有关D. 氢原子在发生跃迁时释放光子的能量越大，

15、光波的波长越短【答案】ABD【解析】A、电子的衍射现象说明实物粒子具有波动性，故A正确；B、立电影利用的是光的偏振现象，投射到屏幕上的光是两个方向上的偏振光，然后通过两个方向上的偏振镜片再将它们分离，即可观看到立体电影，故B正确；C、半衰期是由原子核内部自身决定的，与地球环境无关，故C错误；D、根据，即可知，能量越大，频率越高，光波的波长越短，故D正确；故选ABD。【点睛】干涉、衍射现象是波特有的现象放射性元素衰变的快慢是由原子核内部自身决定的，与外界的物理和化学状态无关3D电影有立体感是利用了光的偏振原理根据，波长与能量的关系15. 如图甲所示为研究光电效应的电路图，实验得到了如图乙所示的遏

16、止电压Uc和入射光频率的图象，下列说法正确的是A. 图象与横轴交点坐标的物理意义是该金属的截止频率B. 图象斜率为普朗克常量hC. 遏止电压越高，截止频率越大D. 入射光频率增大，逸出功也增大【答案】A【解析】A、当遏止电压为零时，最大初动能为零，则入射光的能量等于逸出功，所以故A正确。B、因为，知图线的斜率等于，从图象上可以得出斜率的大小，已知电子电量，可以求出普朗克常量。故B错误。C、根据光电效应方程和，得，当入射光的频率大于极限频率时，遏止电压与入射光的频率成线性关系。故C错误。D、从图象上可知，逸出功，根据光电效应方程，入射光频率与逸出功无关，故D错误。故选A。【点睛】根据光电效应方程

17、和，得出遏止电压与入射光频率v的关系式，从而进行判断16. 位于x=7m处的波源S完成两次频率不同的全振动，如图所示为t=0时刻波形，该波沿-x方向传播，此时波刚好传到x=1m处的质点P，0.3s后质点P第一次出现在波谷位置A. 波源的起振方向沿+y方向B. 波速v1v2=21C. 质点P沿+y方向振动过程中，x=5m处的质点Q也沿+y方向振动D. 质点P振动的路程10cm时，质点Q振动的路程是20cm【答案】AD【解析】由波形前端的P点可知，P点此时振动方向为+y方向，故波源的起振方向沿+y方向，则A正确；波速由介质决定，故波速v1v2=11，则B错误；由于 ，则，当P沿+y方向振动过程中，

18、x=5m处的质点Q会出现y方向振动的情况，故C错误；质点P振动的路程为10cm的时间为，此时质点Q刚好振动了一个T2，故Q振动的路程是20cm，因此D正确。综上分析，AD正确。三、非选择题(本题共7小题，共55分)17. 甲同学准备做“探究功与物体速度变化的关系”实验。乙同学准备做“验证机械能守恒定律”实验。 (1)图1为实验室提供的部分器材，甲、乙均要使用的器材是_(填字母代号)(2)图2是实验中得到的纸带、，请选择任意一条纸带计算b点对应速度_m/s，其中纸带_是验证机械能守恒定律实验得到的（填“”或“”）（3）关于这两个实验下列说法正确的是_(填字母代号)A甲同学可以利用纸带上任意两点间

19、的距离求所需速度B甲同学实验时长木板倾斜的目的是使橡皮筋所做的功等于合力所做的功C乙同学可以取纸带上任意2个计时点进行数据处理D乙同学实验时使重物靠近打点计时器释放的目的是为了获取更多的计时点【答案】 (1). （1）D (2). （2）0.70(0.68-0.72)或1.38(1.36-1.40)， (3). (4). BD【解析】（1）在两个实验中都需要通过纸带来测物体的速度，故都需要的仪器为打点计时器，故选D。（2）选择纸带计算b点速度，ac间距为2.8cm，即0.028m，故b点速度为，纸带是验证机械能守恒定律实验得到的，因为最初两个点间距离约为2cm，即初速度为0（3）A、求所需速度

20、是通过中间时刻瞬时速度等于平均速度来求解利用纸带上两点间的距离求所需速度，这两点的中间时刻必须是所求速度的点，不可是任意两点，故A错误；B、甲同学实验时长木板倾斜的目的是使橡皮筋所做的功等于合力所做的功，即平衡摩擦力，故B正确；C、应当取纸带上尽可能远的2个计时点进行数据处理，不可是任意两点，因为距离太近的两点测量误差会较大，故C错误；D、乙同学实验时使重物靠近打点计时器释放，可以获取更多的计时点，故D正确故选BD【点睛】）“验证机械能守恒定律”需要打点计时器；求所需速度是通过中间时刻瞬时速度等于平均速度来求解；纸带最初两个点间距离约为2cm，即初速度为0；会根据实验原理进行分析。18. 为了

21、测量量程为3V，内阻约几千欧的电压表内阻。(1)先用多用电表粗测其内阻，如图甲所示，其中红表笔应连接_(填“”、“3V”或“15V”)接线柱，如图乙所示，欧姆表的读数为_。(2)为进一步测量其内阻，设计了如图丙所示的电路，其中多用电表选择开关打到直流电流档，如图丁所示，红表笔应连接电压表的_(填“”、“3V”或“15V”)接线柱。连接电路后，进行正确操作。如图戊所示，伏特表的读数为_V。此时多用电表的读数为0.45mA，则电压表的内阻_【答案】 (1). （1）“-”， (2). (3.0-3.2) 103 (3). （2）“-”， (4). 1.30（1.28-1.32）， (5). 2.9

22、103 （28442933）【解析】（1）多用电表红表笔连接多用电表内部的电池的负极，所以实验中多用电表红表笔应与电压表的负接线柱相连；由图乙可知，多用电表的读数为3.0，倍率为1k，所以电压表的内阻为：；（2）如图丁所示，红表笔应连接电压表的负接线柱相连，多用表电压档电压表量程为3V，故最小分度为0.1V，则其读数为1.30 V；采用图甲进行测量时，电压表的示数为；由欧姆定律可知，电阻的阻值为：。【点睛】根据多用电表的结构原理分析；读出欧姆表表头的读数然后乘以倍率为电阻值；根据欧姆表测量电阻的原理，由公式，结合读数即可求出电压表的量程；明确电表量程，从而确定最小分度，正确得出最后的读数；分析

23、两种接法，明确电表内阻的影响，由欧姆定律即可确定电阻大小。19. 如图甲所示是高层建筑配备的救生缓降器材。遇到突发情况时，逃生者可以将安全带系于腰部，通过钢丝绳等安全着陆，如图乙所示，某次演练中，逃生者从离地面72m高处，由静止以大小为6m/s2加速度开始下滑，随后以18 m/s的速度匀速运动，紧接着以大小为5m/s2加速度减速，到达地面时速度恰好为零。不计空气阻力。求：(1)加速下滑的位移x1；(2)加速下滑时钢丝绳对逃生者的拉力与重力的比值；(3)到达地面的时间t。【答案】（1）27m （2）0.4 （3）7.3s【解析】试题分析：（1）对于加速下滑的过程，运用速度位移公式可求出下滑的位移

24、；（2）根据牛顿第二定律可求得拉力与重力的比值；（3）根据速度公式求加速下滑的时间根据速度位移公式求出减速下滑的位移，从而得到匀速运动的位移，即可由位移公式求匀速和匀减速运动的时间，从而求得总时间（1）对于加速下滑的过程，由运动学公式得：可得：（2）加速下滑时，根据牛顿第二定律得：解得：T=4m故加速下滑时钢丝绳对逃生者的拉力与重力的比值（3）加速运动的时间，通过的位移为则匀速运动的位移为匀速运动的时间因此到达地面的时间【点睛】解决本题的关键要明确逃生者的运动情况，抓住各个过程之间的联系，如速度关系、位移关系，也可以画出速度-时间图象，根据图象的意义求解20. 如图甲所示为一景区游乐滑道，游客

25、坐在座垫上沿着花岗岩滑道下滑，他可依靠手、脚与侧壁间的摩擦来控制下滑速度。滑道简化图如乙所示，滑道由AB、BC、CD三段组成，各段之间平滑连接。AB段和CD段与水平面夹角为1，竖直距离均为h0，BC段与水平面夹角为2，竖直距离为。一质量为m的游客从A点由静止开始下滑，到达底端D点时的安全速度不得大于，已知、，座垫与滑道底面间摩擦及空气阻力均不计，若未使用座垫，游客与滑道底面间的摩擦力大小f恒为重力的0.1倍，运动过程中游客始终不离开滑道，问：(1)游客使用座垫自由下滑(即与侧壁间无摩擦)，则游客在BC段增加的动能Ek多大?(2)若游客未使用坐垫且与侧壁间无摩擦下滑，则游客到达D点时是否安全；(

26、3)若游客使用座垫下滑，则克服侧壁摩擦力做功的最小值。【答案】（1） （2）不安全 （3）【解析】试题分析：（1）应用动能定理可以求出游客增加的动能。（2）应用动能定理求出游客到达D点时的速度，然后判断是否安全。（3）当到达D点时速度最大，则克服摩擦力做功最多，应用动能定理可以求出克服摩擦力做功。（1）由动能定理得：（2）在AD段，由动能定理得：解得：，故到达D点时不安全（3）整个过程，由动能定理得：解得：【点睛】本题考查了动能定理的应用，分析清楚游客的运动过程是解题的前提，应用动能定理即可解题；要注意总结应用动能定理解题的思路与步骤。21. 【加试题】在 “测定玻璃的折射率”和“用双缝干涉测

27、量光的波长”实验中(1)“测定玻璃的折射率”实验是利用了光的 (填“折射”、“干涉”、“衍射”或“偏振”)原理。(2)下列关于“用双缝干涉测量光的波长”实验的操作，说法正确的是 (填字母代号)A光具座上从光源开始依次摆放透镜、滤光片、双缝、单缝、遮光筒、测量头、目镜B将单缝向双缝移近，相邻两亮条纹中心的距离减小C将滤光片从红色更换为绿色，观察到的条纹间距增大D单缝与双缝的平行度可以通过拨杆来调节【答案】（1）折射 （2）D【解析】（1）“测定玻璃的折射率”实验是利用了光的折射原理；（2）A、光具座上光源开始依次摆放的顺序如下图所示。故A错误。B、将单缝向双缝移近，根据，知d减小，相邻两亮条纹中心的距离增大，故B错误。C、将滤光片从红色更换为绿色，波长减小，观察到的条纹间距减小，故C错误。D、单缝与双缝的平行度可以通过拨杆来调节。故D正确。故选D。【点睛】“测定玻璃的折射率”实验是利用了光的折射原理。在“用双缝干涉测光的波长”的实验中，让光源通过滤光片获得单色光，让单色光通过单缝，获得线光源，让单色的线光源通过双缝在光屏上产生干涉条纹。双缝干涉条纹间距公式为。22. 【