江西省鄱阳县第二中学2020学年高二物理下学期期中试题（含解析）

1、江西省鄱阳县第二中学2020学年高二物理下学期期中试题（含解析） 一、选择题1.下列关于物理学史说法错误的是（）A. 库仑发明了扭秤，非常准确地测出了物体间的静电力B. 安培从磁体和通电线圈等效性实验进一步提出了“分子电流”假说C. 楞次概括各种实验的结果，提出了楞次定律D. 法拉第发现的电流磁效应，翻开了研究电与磁相互关系的新篇章【答案】D【解析】【详解】A、库仑发现了点电荷间的相互作用规律，并利用扭秤实验测得了静电力常量，故A正确；B、安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说，很好地解释了磁化现象，故B正确；C、楞次概括各种实验的结果，提出了楞次定律，故C正确；

2、D、奥斯特发现的电流磁效应，翻开了研究电与磁相互关系的新篇章，故D错误。本题选不正确的，故选D。2.如图所示为一弹簧振子做简谐运动的振动图象，下列说法正确的是A. t = 2s的时刻，振子具有最大正向加速度B. t = 4s的时刻，振子具有最大负向速度C. t = 8s的时刻，振子具有最大正向位移D. t = 10s的时刻，振子具有最大正向回复力【答案】B【解析】A的时刻，振子位于正向的最大位移处，所以振子的回复力为负向最大，振子具有最大负向加速度，故A错误；B的时刻，振子经过平衡位置，正从正的位移向负的位移方向运动，所以具有最大负向速度，故B正确；C的时刻，振子处于负向的最大位移处，所以振子

3、具有最大负向位移，故C错误；D的时刻，振子位于正向的最大位移处，所以振子的回复力为负向最大，故D错误；故选B。【点睛】周期是振子完成一次全振动的时间，振幅是振子离开平衡位置的最大距离；由图象直接读出周期和振幅根据振子的位置分析其速度和加速度大小振子处于平衡位置时速度最大，在最大位移处时，加速度最大。3.矩形导线框abcd如图甲所示放在匀强磁场中，磁感线方向与线框平面垂直，磁感应强度B随时间变化的图象如图乙所示t0时刻，磁感应强度的方向垂直纸面向里若规定导线框中感应电流沿逆时针方向为正，则在04 s时间内，线框中的感应电流I以及线框的ab边所受安培力F随时间变化的图象为(安培力取向上为正方向)(

4、)A. B. C. D. 【答案】C【解析】由图可知，0-2s内，线圈中磁通量的变化率相同，故0-2s内电流的方向相同，由楞次定律可知，电路中电流方向为顺时针，即电流为负方向；同理可知，2-4s内电路中的电流为逆时针，且两段时间内电流强度大小时等，故AB错误；由可知，电路中电流大小时恒定不变，故由可知，F与B成正比；且b中电流一直为由a至b，则由左手定律可知，电流方向0时刻为向上，为正，故C正确，D错误；【点睛】解题时要特别注意，0-2s，2-4s，虽然磁场的方向发生了变化，但因其变化为连续的，故产生的电流一定是相同的4.如图所示，通有恒定电流的螺线管竖直放置，铜环沿螺线管的轴线加速下落，在下

5、落过程中，铜环面始终保持水平.铜环先后经过轴线上1、2、3位置时的加速度分别为a1、a2、a3；若位置2处于螺线管的中心，位置1、3与位置2等距离，则（ ）A. a1a2=gB. a3a1gC. a1=a3a2D. a3a1a2【答案】ABD【解析】试题分析：根据楞次定律判定线圈中的感应电流方向，根据楞次定律的另一种表述，感应电流产生的机械效果阻碍其相对运动来判断线圈的加速度大小铜环在位置2时，穿过环的磁通量不变，所以感应电流为零，加速度最大为g，环在位置1时的速度小于在位置3时的速度，因此磁通量改变相同的情况下，在环从1落至2用的时间比环从2落至3用的时间长，即环从1落至2的磁通量变化比环从

6、2落至3慢，则环在3位置时，感应电流大，因此在3位置受到的磁场力大，合力最小，因此D正确考点：法拉第电磁感应定律；楞次定律点评:解决本题的关键会用楞次定律去判定感应电流的方向，以及会利用楞次定律的另一种表述进行解题5.如图所示有一闭合导线环，磁场方向垂直环面向里，当磁感应强度随时间一直均匀增大时，顺着磁场方向看导线环中感应电流的方向是A. 直逆时针B. 直顺时针C. 先顺时针后逆时针D. 先逆时针后顺时针【答案】A【解析】磁感应强度随时间一直均匀增大时，方向向里，则由楞次定律可知，感应电流的磁场应向外，则由安培定则可知，感应电流方向一直逆时针，故A正确，BCD错误。6.下列所示情形线圈中有感应

7、电流的是（）A. B. C. D. 【答案】AD【解析】【详解】A、图中线圈绕轴转动，磁通量发生周期性变化，有感应电流产生，故A正确；BC、N极和S极正对的区域为匀强磁场，线圈左右移动和上下移动，磁通量都没有发生改变，没有感应电流的产生，故BC错误；D、条形磁铁从左边向右边运动的过程中，磁通量先增大后减小，有感应电流产生，故D正确。7.（多选）如图，矩形线圈abcd与理想变压器原线圈组成闭合电路，线圈在有界匀强磁场中绕垂直于磁场的bc边匀速转动，磁场只分布在bc边的左侧，磁感应强度大小为B，线圈面积为S，转动角速度为，匝数为N，线圈电阻不计下列说法正确的是（）A. 将原线圈抽头P向上滑动时，灯

8、泡变暗B. 电容器的电容C变大时，灯泡变暗C. 图示位置时，矩形线圈中瞬时感应电动势最大D. 若线圈abcd转动角速度变为2，则变压器原线圈电压的有效值为NBS【答案】AD【解析】试题分析：在图中将原线圈抽头P向上滑动时，原线圈的匝数变大，故输出的电压变小，灯泡变暗，选项A正确；电容器的电容C变大时，电容对电流的阻碍作用变小，故灯泡变亮，选项B错误；图示位置时，线圈的ab边与磁感线方向平行，故矩形线圈中瞬时感应电动势最小，选项C错误；若线圈abcd转动的角速度变为2，且线圈转动一周只有半周产生感应电压，在这半周中，电压的最大值是2NBS，设变压器原线圈电压的有效值为U，则，即U=NBS，选项D

9、正确；故选AD。考点：交变电流8.如图所示，匀强磁场的方向垂直于电路所在平面，导体棒ab与电路接触良好当导体棒ab在外力F作用下从左向右做直线运动时，若不计摩擦和导线的电阻，整个过程中，灯泡L未被烧毁，电容器C未被击穿，则该过程中（ ）A. 导体棒ab做匀加速直线运动时,感应电动势将变大B. 导体棒ab做匀加速直线运动时,灯泡L的亮度变大C. 无论导体棒ab做加速还是减速直线运动,电容器C的上极板都带负电D. 导体棒ab做匀速直线运动时,电容器两极板间的电场强度将减小【答案】AB【解析】【详解】A、导体棒ab做匀加速直线运动时， v增大，根据EBLv知，感应电动势变大，故A正确。B、电动势增大

10、，通过灯泡的电流增大，则灯泡的亮度变大，故B正确。C、导体棒从左向右运动，无论是加速还是减速，根据右手定则，通过ab棒电流的方向b到a，知电容器的上级板带正电，故C错误；D、导体棒ab做匀速直线运动，电动势不变，电容器两端电压不变，根据可知，电容器两极板间的电场强度不变，故D错误。9.如图所示，一端接有定值电阻的平行金属轨道固定在水平面内，通有恒定电流的长直绝缘导线垂直并紧靠轨道固定，导体棒与轨道垂直且接触良好在向右匀速通过M、N两区的过程中，导体棒所受安培力分别用FM、FN表示不计轨道电阻以下叙述正确的是A. 向右B. 向左C. 逐渐增大D. 逐渐减小【答案】BCD【解析】【详解】根据楞次定

11、律（来拒去留），导体棒在M区和N区受安培力的方向都向左，B正确，A错误；根据法拉第电磁感应定律，可知导体棒所受安培力大小，由于距离导线越近，磁场的磁感强度B越大，在M区导体棒向右运动过程中，磁感强度逐渐增大，安培力逐渐增大，在N区磁感强度逐渐减小，导至安培力也逐渐减小，C、D都正确。10.（多选）某电站用11 kV交变电压输电，输送功率一定，输电线的电阻为R，现若用变压器将电压升高到330 kV送电，下面哪个选项正确()A. 因，所以输电线上的电流增为原来的30倍B. 因，所以输电线上的电流减为原来的1/30C. 因，所以输电线上损失功率为原来的900倍D. 若要使输电线上损失的功率不变，可将

12、输电线的半径减为原来的1/30【答案】BD【解析】根据P=UI得，I=P/U输送功率一定，输送电压变为原来的30倍，则输送电流变为原来的1/30，故A错误，B正确；电流减小到1/30倍，根据P损=I2R，可知电线上损失的功率为原来的1/900倍，故C错误；输送电流变为原来的1/30根据P损=I2R得，要使输电线上的功率不变，电阻变为原来的900倍，根据，直径变为原来的1/30故D正确。故选BD。二、实验题11.如图是某实验小组在研究磁通量变化时感应电流方向实验中的部分操作示意图，图甲所示是电流通过灵敏检流计时指针的偏转情况，图乙是磁铁从线圈中抽出时灵敏检流计指针的偏转情况（1）（单选）图甲电路

13、中串联定值电阻R主要为了_A减小电路两端的电压，保护电源B增大电路两端的电压，保护电源C减小电路中的电流，保护灵敏检流计D减小电路中的电流，便于观察灵敏检流计的读数（2）实验操作如图乙所示，当磁铁向上抽出时，检流计G中指针是_偏（填“左”或“右”）；继续操作如图丙所示，判断此时条形磁铁的运动是_线圈（填“插入”或“抽出”）【答案】（1）C；（2）右，抽出【解析】试题分析：根据楞次定律，通过磁通量的变化判断感应电流的方向，以及通过感应电流的方向判断磁通量是增加还是减小解：（1）电路中串联定值电阻，目是减小电流，保护灵敏检流计故C正确，A、B、D错误（2）在乙图中，当磁铁向上抽出，磁通量减小，根据

14、楞次定律知，感应电流的磁场与原磁场方向相同，则流过电流计的电流方向为从下往上，所以检流计指针向右偏在丙图中，知感应电流流过检流计的方向是从上而下，则感应电流的磁场方向向上，与原磁场方向相同，知磁通量在减小，即磁铁抽出线圈故答案：（1）C；（2）右，抽出【点评】解决本题的关键掌握楞次定律的内容，并且能灵活运用12.在“用单摆测定重力加速度”的实验中：（1）甲同学用标准的实验器材和正确的实验方法测量出几组不同摆长L和周期T的数值，画出如图T2L图象中的实线OM，并算出图线的斜率为k，则当地的重力加速度g=_（2）乙同学也进行了与甲同学同样的实验，但实验后他发现测量摆长时忘了加上摆球的半径，则该同学

15、做出的T2L图象为_（A）虚线，不平行OM （B）虚线，平行OM（C）虚线，平行OM （D）虚线，不平行OM【答案】 (1). ； (2). B【解析】【详解】（1）根据单摆的周期公式T2得，T2，根据数学知识可知，T2L图象的斜率k，当地的重力加速度g。（2）测量摆长时忘了加上摆球的半径，则摆长变成摆线的长度l，则有T2，根据数学知识可知，对T2L图象来说，T2与实线T2斜率相等，两者应该平行，故该同学做出的T2L图象为应为虚线，平行与OM故B正确。三、计算题13.如图是一列简谐波在t=0时刻的波动图像，波的传播速度是5m/s，试求：从t = 0到t = 1.5s的时间内， 质点M通过的路程

16、是多少？ 位移是多少？【答案】（1）S = 3.75m；（2）y = - 0.05m【解析】【详解】（1）由图读出波长0.4m，由波速公式v得到：周期从t0到t1.5s经历的时间t1.5s。质点在一个周期内通过的路程为4A则从t0到t1.5s的时间内质点M通过的路程是S4A755cm3.75m。（2）t1.5s时刻质点在波谷则位移为y5cm0.05m14.一个摆长为2 m的单摆，在地球上某地振动时，测得完成100次全振动所用的时间为284 s.(计算结果保留三位有效数字).求当地的重力加速度g；.把该单摆拿到月球上去，已知月球上的重力加速度是1.60 m/s2，则该单摆振动周期是多少？【答案】

17、9.78 m/s2. 7.02 s.【解析】周期 由周期公式得由周期公式代入数据解得 .15.有一台内阻为1发电机，供给一学校照明用，如图所示，升压比为1：4，降压比为4：1，输电线的总电阻R=4，全校共22个班，每班有“220V,40W”灯6盏，若保证全部电灯正常发光，则：(1)发电机输出功率多大？(2)发电机电动势多大？(3)输电效率是多少？【答案】（1）5 424 W（2）250 V（3）【解析】（1）降压变压器的输出功率为：降压变压器副线圈的电流为：，由降压变压器原线圈的电流为：输电线损失的功率为：所以输入功率为：降压变压器原线圈电压为：输电线上损失的电压为：则发动机的输出电压为：所以发电机原线圈电压为：根据电流与匝数成反比知发电机原线圈中电流为：，发电机内阻分压：电动势为：用户获得的实际功率为：；则输电效率为：；16.如图 ，两平行光滑的金属导轨AD、CE相距L=1.0m，导轨平面与水平面的夹角=30，下端A、C用导线相连，导轨电阻不计PQGH范围内有方向垂直斜面向上、磁感应强度B=0.5T的匀强磁场，磁场的宽度d=0.6m，边界PQ、HG均与导轨垂直电阻r=0.40的金属棒MN放置在导轨上，棒两端始终与导轨电接触良好，从与磁场上边界GH距离为b=0.40m的位置由静止释放，当金属棒进入磁场时，恰好做匀