欧姆定律专项测试(含答案解析

1、欧姆定律专项测试（含答案解析）一、选择题1 .如图所示，电源电压 6V保持不变，测量额定电压为3.8V小灯泡的额定功率，下列说法错误的是（）A. 闭合开关前，滑片 P应移动到B端B. 闭合开关后，小灯泡不发光，可能是小灯泡灯丝断了C. 滑片P向A端移动时，小灯泡额定功率变大，亮度变亮D. 当电压表示数为3.8V时，读出电流表的示数，可算出小灯泡的额定功率 【答案】CB端，故A正【解析】【解答】A由图，为保护电路，开关闭合前，滑片应滑到最大值 确;B、 小灯泡灯丝断了，闭合开关后，小灯泡不能发光，故B正确；C、滑片P向A端移动时，灯泡电压大于额定电压，实际功率大于其额定功率，但额定功 率不会变，

2、故C错误；D、 当电压表示数为 3.8V时，读出电流表的示数，利用P=UI可计算其额定功率的大小，故D正确.故选C.【分析】（1）为保护电路，开关闭合前，滑片应滑到最大值处；（2）小灯泡灯丝断了小灯泡不能发光；（3）额定功率是指用电器在额定电压下的功率，一个用电器的额定功率只有一个，实际功 率可以有多个；（4） 在额定电压下，可以运用公式P=UI计算其额定功率的大小.2. 用电器甲和乙，其电流与其两端电压关系如图所示，其中直线表示用电器甲的电流与其 两端电压关系图。下列说法正确的是（）tvA. 用电器甲电阻不变，大小为0.1 QB. 用电器乙电阻随着电流增大而变大，最大值10 Q0.43A0.

3、65AC. 如果把这两个用电器串联接在6V的电源上，干路中的电流是D. 如果把这两个用电器并联接在4V的电源上，干路中的电流是【答案】D【解析】【解答】A.由图像可知，用电器甲电阻的I-U图像为过原点的倾斜直线，则用电I -器甲的电阻不变，由图像可知，当U甲=5V时通过的电流I 甲=0.5A，由 百可得，用电器R甲-甲的电阻/甲, A不符合题意；B.由图像可知，当用电器乙可得的0.05A、0.1A、0.25A、R 二-丿可得，对应的电阻分别为30 0 25為16 Q、12.9 Q 10 Q,所以，用B不符合题意；C.如果把这两个用电器串联且电路中JE甲=IE =0.43AX 100 =4.3V

4、 由图像可知， 4.3V+4.5V=8.8V,所以，如果把这两个0.43A, C不符合题意；D.因并联 4V的电源上时，它I 甲=0.4A I 乙=0.25A 因并1 珂+乙=0.4A+0.25A=0.65A D电压分别为1.5V、2.5V、4V、4.5V、5V时，对应的电流分别为 0.35A、0.5A，由电器乙的电阻随着电流增大而变小, 的电流为0.43A时，用电器甲电阻两端的电压用电器乙两端的电压大于4.5V,则电源的电压大于用电器串联接在 6V的电源上，电路中的电流不可能是电路中各支路两端的电压相等，所以，如果把这两个用电器并联接在们两端的电压均为 4V,由图像可知，通过两电阻的电流分别

5、为联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流符合题意。故答案为：D【分析】由图象可知，通过用电器甲电阻的电流与两端的电压成正比例函数，则其为定值 电阻，从图象中读出任意一种电流和电压值，利用欧姆定律求出其电阻.同理，根据图象读出用电器乙几组电流与电压值，根据欧姆定律求出对应的电阻，然后判 断其阻值的变化以及最大阻值 .如果把这两个用电器串联且电路中的电流为0.43A时，根据欧姆定律求出用电器甲两端的电压，根据图象读出用电器乙两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电源的电压，然 后比较判断.如果把这两个用电器并联接在4V的电源上时它们两端的电压相等，根据图象读出通过两电阻的电流，利用并联

6、电路的电流特点求出干路电流.3. 如图所示，电源电压不变，电阻R=300。当滑动变阻器滑片 P从阻值最大位置滑动到中点时，电压表示数的变化范围是12V-18V,则下列计算结果正确的是（）A.变阻器两端电压最大值是 24VC.电流表最大示数为 0.4A【答案】A【解析】【分析】由电路图可知滑动变阻器与电阻R串联，电压表测量 R两端的电压，则设滑动变阻器的最大阻值为R1出电压与滑动变阻器阻值的关系式，阻值及电流表的最大值.【解答】设滑动变阻器的最阻值为F B.滑动变阻器的最大阻值是30 Q11 DI源电压是30V,则可分别由电压表的最大值及最小值利用欧姆定律可列 则可求得Ri；则由欧姆定律可求得滑

7、动变阻器的最大Ri ,当R1全部接入时，电压表示数最小；当接入一半时，电压最大为18V;则由欧姆定律可得：甘Ur小=1 小 r=G 兄R=12V;AUr大=1 大 r=FR=18V;两式联立可得：R1=60 Q;U=36V;因滑动变阻器与电阻R串联，故当电压表示数最小时，滑动变阻器两端电压最大，故最大VI最大值为 36V-12V=24V;=* 灯=0.6A;当滑动变阻器接入总电阻的一半时，电流最大，最大电流故选A.【点评】本题中已知物理量较小，故应通过方程法得出要求的物理量；同时应注意掌握电 压表的测量范围，即正确找出与电压表并联部分电路.4. 甲图是灯泡L和定值电阻R的I-U图象，将L和R先

8、后以乙图和丙图两种方式连在同电 源上，若乙图中 UL：UR=m，丙图中，II： |r= n,则下述正确的是：（）B. mnA. m=n【答案】C. mnD. mn=1【解析】得：处l=H可【解答】在图乙中，灯泡与电阻串联，电路中的电流相同，由欧姆定律IElz RL迟Rl,IR R ，已知Ui：U2= m,则R = m;由图丙可知：灯泡与电阻并联，则各I.支路两端的电压相同，由欧姆定律1=2可得：所以，2 ;由于并联时灯泡两端的电压比串联时的大竺血 J以 R ，即 m Ri ,根据串联电路的分压原是可知：R2与R2串联时比Ri与R串联时分压多，即 S接b时电压表示数大于 2V;综上可知：2Vv

9、Uv 3V,故B正确，ACD错误.故选B.【分析】由欧姆定律可得出开关置于两位置时的电压表示数表达式，通过分析可得出电压 的可能值&女口图所示，电源电压保持不变，闭合开关，滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，下列说法正确的是（）A.电压表C.电压表【答案】比示数变大，电流表示数变小示数和电流表示数的乘积变大CB.电压表比示数不变，电流表示数变大 nD.电压表 巴示数和电流表的比值不变【解析】源的电压,【解答】解：由电路图可知，定值电阻电压表 V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流.Ri和滑动变阻器 R2串联，电压表 V1测电因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表 Vi的示数不变，故A错

10、误；滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，接入电路中电阻变小，电路中的总电阻变小,V2的示数变小，故 B错误；V2的示数变小，V示数和电流表的比值变小，故 C由1=月可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大， 由U=IR可知，定值电阻 Ri两端的电压变大， 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，滑动变阻器两端的电压变小，即电压表所以，电压表 Vi示数和电流表示数的乘积变大，电压表 正确、D错误.故选C.【分析】由电路图可知，定值电阻Ri和滑动变阻器因电压表Vi的示数不变，电流表的示数变大，电压表R2串联，电压表 Vi测电源的电压，电 压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流.根据电源

11、的电压可知滑片移动时电压 表Vi示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和Ri两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表 V2示数的变化，进一步判断电压表Vi示数和电流表示数的乘积变大以及电压表 V2示数和电流表的比值变化.本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的 特点和欧姆定律的应用，分析好电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键.9.如图所示的电路中，电源电压为20V,定值电阻为 20 0,滑动变阻器标有“ 30 Q1A”字样，电压表选用的量程是015V,在该电路正常使用的情况下，则：()A.电路允许通过

12、的最大电流为1AC.电压表的最小示数为 5V【答案】BB电路消耗的最小功率为8WiD.滑动变阻器接入电路的最小阻值为10 0【解析】 【解答】由于电压表量程为“015V,则当 Ur=15V时，此时电流小于滑动变阻器的最大电流1A，所以电路中的最大电流为lmax=|R =0.75A,故 A 错误.根据串联电路的电压特点可知：U滑min=U-UR=20V-15V=5V,200根据欧姆定律得：当滑动变阻器全部连入电路时， 则根据电阻的串联特点得：R总50;故D错误;max=R+R 滑=20Q +30Q =50 莒所以，K卧(tJ!根据欧姆定律得：电压表的最小示数URmin=lminR=0.4A X

13、20 0 =8故电路消耗的最小功率 Pmin=Ulmin=20VX 0.4A=8Vy故B正确.故答案为：B.【分析】(1 )当电压表示数为 15V时，根据 允许通过的最大电流相比较即可确定电路中的最大电流;/ 亍算出电路中的电流，再与滑动变阻器上2(2) 电路中电流最大时，滑动变阻器最值最小，根据7算出滑动变阻器的最小阻值;(3) 当滑动变阻器阻值最大时，电路中电流最小，根据欧姆定律求出电路中的最小电流， 再根据U=IR求出电压表的示数；(4) 根据P=UI算出电路消耗的最小功率.10.如图所示，电源电压不变，当开关Si、S2同时闭合时，电流表的示数是0.3A，电压表示数是6V。若两表互换位置

14、，当开关S闭合、S断开时，电流表示数是0.2A，则下列说 B. R2的阻值是20 QH D. R2消耗的功率为 0.4WA. R1和R2的阻值之比是2: 1C.电压表示数仍是6V【答案】B【解析】【解答】当S1、S2同时闭合时，等效电路图如图所示:K1由图可知，电源电压为 6V,即R1两端的电压为6V,H 6V1 I则R1的阻值：R1=&甜=20 Q当S2闭合S1断开时等效电路如图所示：6V,故C正确;由图可知两电阻串联，电压表仍测电源的电压，所以电压表示数为电路中的总电阻 R总=2卫寸=30Q,R2的阻值 R2=R总-Ri=30 Q20 Q =10 Q故B错误所以 Ri: R2=20 Q:

15、10 Q =2 1，故 A 正确；R2 消耗的电功率 P =I2R2= ( 0.2A) 2X 10 Q =0.4W故 D 正确； 故选B.【分析】先画出等效电路图；当 0、住同时闭合时，两电阻并联，电压表测量电源两端的 电压，电流表测量通过 R1的电流；由欧姆定律可得出R1的阻值；两表位置互换，当 S2闭合S断开时，两表串联，电压表测量的仍为电源电压，电流表测电R2的阻路中的总电流；则由欧姆定律可得出电路中的总电阻，由串联电路的规律可得出 值；由P=2R可求R2消耗的功率.Vl与V2的示数之比是11.如图所示的电路中，Ri=10 Q, R2=30 Q.闭合开关 S,电压表厂JI B. 3: 1

16、A. 1： 3【答案】C【解析】【解答】解：由电路图可知，两电阻串联，电压表C. 3: 4I I D. 4: 3Vi测R2两端的电压，电压表V2测电源的电压，因串联电路中各处的电流相等,Z所以，由1=2可得，两电阻两端的电压之比：U,=臨=& = 3QQ = 因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以，电压表Vi与V2的示数之比：3 J瓦=巧*址=1*3 =2故选C.电压表 V2测电源的电【分析】由电路图可知，两电阻串联，电压表V1测F2两端的电压，压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电 压特点求出两电压表的示数之比.12. 通过初中物理的学习，同学们知

17、道了一些物理学家以及他们的研究成果，以下叙述错 误的是（）A. 牛顿第一定律是牛顿直接从自己做的实验中得出的结论B. 欧姆对 电流跟电阻和电压之间的关系 ”进行了深入的研究并得到了正确的结论C. 焦耳最先发现了 电流通过导体产生的热量与电流、电阻、通电时间的关系”D. 奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象【答案】A【解析】【解答】解：A、一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止或匀速直线运动 状态”牛顿第一定律由于没有不受力的物体，所以牛顿第一定律无法用实验直接验证故 A错误；B、欧姆对 电流跟电阻和电压之间的关系 ”进行了深入的研究并得到了正确结论，欧姆定律 就是欧姆得出的.故

18、 B正确；律，故C正确；D正确.D、奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象.故 故选A.【分析】（1）牛顿第一定律是在实验的基础上经过科学的论证而得出的不能用实验直接 验证，但经受了实践的检验，是大家公认的力学基本定律之一.（ 和电压之间的关系”进行了深入的研究；（3）焦耳得出了焦耳定律. 流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象.2）欧姆对电流跟电阻（4）奥斯特发现了电S闭合后，将滑动变阻（乙），由图象可知b端，电流表和电压表的示数变化关系如图甲A.电阻R0两端电压与通过C.该电路最小功率 0.05W【答案】D【解析】【解答】解：（乙Fb的电流成正比“ B. R的电阻值是10 Q“D

19、滑动变阻器R的电功率变化范围 0 - 0.45W1）因为电流随电压的变化图象为正比例函数图象，且呈一条直 线，所以通过 R0的电流与R0两端的电压成正比，由电压是产生电流的原因可知，不能说 电阻R0两端电压与通过 R0的电流成正比，故 A错误；（2）当滑片位于b端时，电路为R0 的简单电路，电压表测电源的电压，电路中的电流最大，ZU=3.0V，电路中的最大电流I大=0.6A，由1=彳可得，误；（3）当滑片位于a端时接入电路中的电阻最大，由图乙可知，电源的电压R0的阻值：R0=l = &创=5 Q,故B错电路中的电流最小，由图乙可知，电肚3.讲路中的最小电流I小=0.1A，电路中的总电阻： 于各

20、分电阻之和，所以，滑动变阻器的最大阻值：功率：P 小=UI 小=3.0VX 0.1A=0.3W 故 C 错误；（4）R总=X川=0.=30Q,因串联电路中总电阻等R大=R总-R0=30 Q- 5 Q =25 电路的最小滑动变阻器接入电路中的电阻为0Q时，消耗的功率为 0W;当变阻器接入电路的电阻为3. OV吞+并,变阻器消耗电功率：Pr=I2R=R时，电路中的电流：I=厮拆=）2R=尺=13. 如图所示（甲）是某同学探究电流与电压关系的电路图，开关 器的滑片P从a端移至14.如图电路，电源电压不变，闭合开关 时，电压表的示数为 4V, 时，电压表的示数变化了A M R(3. nF饬Q丿-一 M

21、R H H 十用 + 20Q X A(3. OVyPR 大=O.45W ,，则当R=5Q,变阻器消耗的电功率最大，所以，滑动变阻器 R的电功率变化范围 00.45W，故D正确.故选 D.【分析】（1）由图象可知，Ro两端的电压和电流关系是一个正比例函数图象，要注意电 压是电流产生的原因；（2），当滑片位于 b端时，电路为 Ro的简单电路，电压表测电源 的电压，此时电路中的电流最大，根据图象读出电表的示数，利用欧姆定律求出Ro的电阻值；（3）当滑片位于a端时，滑动变阻器的电阻完全接入电路中，电路中的电流最小，由 图象读出电表的示数，根据P=UI求出电路中的最小功率；（4）滑动变阻器接入电路中的电

22、阻为0Q时，消耗的功率为 0W;根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根据 p=i2r表示出滑动变阻器消耗的电功率，然后根据数学知识确定滑动变阻器消耗的最大功 率，进一步得出滑动变阻器消耗电功率的变化.S,当滑片P置于滑动变阻器 R2的最右端B处 定值电阻Ri的功率为0.8W;当滑片P置于滑动变阻器 R2的中点 1V.下列结果正确的是（）A.电源电压为 8V B. R 化了 1.2W=的阻值为20 Q mC.电路前后电流之比为1 : 3 hD.电路总功率变【答案】d1 ）由电路图可知，Ri与R串联，电压表测滑动变阻器 R2两端的【解析】【解答】解：（电压，因串联电路中总电阻等于各分电阻之

23、和， 所以，当滑片在 B处时，电路中的电流:&11=拧亿则滑动变阻器两端的电压：UU2= IiXR =幻* 比 X2R= 4V由图知，当滑片 P置于滑动变阻器 R的中点时，滑动变阻器的电阻减小，由串联分压的规 律可知，电压表的示数减小，即此时滑动变阻器两端电压为U2 = 4V- 1V= 3V,同理可得，此时滑动变阻器两端的电压：5，/用式比式可得：局花=解得：R2 = 2Ri将代入式可得：旳+旳 解得：U= 6V, A不符合题意；（2） 的示数为4V,定值电阻两端的电压为=4V,当滑片P置于滑动变阻器 R2的最右端B处时，电压表Ui= 6V- 4V = 2V,疔f亦=0.8W,此时定值电阻 R

24、i的功率为0.8W，即；Pi=局 = 解得：Ri = 5 Q,1/局+ =115Q 右 10 Q :5Q * 50=则R2= 2Ri= 2 X 5涪i0 Q, B不符合题意；（3）电路前后电流之比为|i： |2=局*允: 2，C不符合题意；（4）电路总功率变化了： P胪P2总-Pi总=局亠&d = 5Q + 5Q5Q J 10Q=1.2W, D符合题意。故答案为：D。【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，由滑片的移动和电压表示 数变化可知滑片滑到中点时电压表的示数，则由欧姆定律可表示出滑片在不同位置时滑动 变阻器两端的电压与电源电压电阻间的关系，联立可解得Ri与R最大值之间的

25、关系及电源的电压和Ri与R2的关系；同理，当滑片 P置于滑动变阻器 R2的最右端B处时，电压表的 示数为4V,定值电阻两端的电压为Ui=6V-4V=2V,根据定值电阻 Ri的功率为0.8W算出Ri和R2的阻值.根据欧姆定律算出电路前后电流之比；再根据P=用算出电路总功率的变化i5.在如图所示的实物电路中，电源电压恒为 3V,滑动变阻器的规格为“iOOiA”灯泡上标有2.5V iW的字样，闭合开关后调节滑动变阻器的滑片，在保证各元件安全的情况下，下列说法正确的是（）4 g 用A.小灯泡正常发光时的电阻为2.50小灯泡亮度变暗N B.向右移动滑片时，电压表Vi的示数变小,C. 向右移动滑片时，电压

26、表V2与电流表A的示数之比不变 滑动变阻器产生的电热为 12J【答案】DIID.让小灯泡正常发光imi n,【解析】【解答】根据 R=尸 册灯泡、电流表组成串联电路，当向右移动滑片时 联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的电压变小，即 变大，即Vi示数变大，小灯泡变亮，译(2. 51-2-=6.25 0| ,A不符合题意；由图可知滑动变阻器、 ，滑动变阻器连入电路的电阻变小，根据串V2示数变小，而灯泡两端的电压B不符合题意；电压表 V2与电流表A的示数之即滑动 ，电压表V2与电流表A的示数之比变小，CP M -=(k 41不符合题意；D.小灯泡正常发光时电路中的电流，1=/ Z 5F变阻器连入

27、电路的电阻值，所以向右移动滑片时此时滑动变阻器两端1min滑动变的电压U滑=3V-2.5V= 0.5V,滑动变阻器连入的电阻R滑=必谢阻器产生的电热为Q= l2Rt= 0.4A只0. AX恥三也I ,D符合题意。故答案为：D【分析】灯泡与滑动变阻器串联，电压表 端的电压，电流表测量电路中电流.护=尿变形可求小灯泡正常发光时的电阻；Vi测量小灯泡电压，电压表V2测滑动变阻器两(1)根据P(2 )根据串联电路的电流特点可知，滑动变阻器向右移动滑片时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据串联分压的原理，滑动变阻器分配的电压减小，即电压表V2示数减小，小灯泡两端电压变大，小灯泡变亮；(3) 电压表V2与

28、电流表A的示数之比等于滑动变阻器的阻值；(4) 由灯泡上标有 “2.5V1W，根据P=UI可求小灯泡的额定电流，再根据串联电路电压的特点，求出滑动变阻器两端的电压，根据Q=UIt求出小灯泡正常发光 1min，滑动变阻器产生的电热.16. 在如右图所示的实验电路中，电源电压为3伏，Li、L2发光时的电阻均为 5欧，下列说法错误的是()C.电压表的量程应选 03V【答案】B电流表的量程应选 03A电压表测的是灯 L1两端的电压【解析】Li两端, 程应选【解答】根据电路图可以看出灯 Li、L2是串联的，A不符合题意；电压表并联在 测的是灯 Li两端的电压，D不符合题意；因为电源电压为 3伏，所以电压

29、表的量 03V, C不符合题意；因为 Li、L2发光时的电阻均为 5欧，串联在一起，总电阻/ - - - mR 曲，电流表的量程应选 00.6A, B符合题意。k二，根据故答案为：B【分析】根据电路中的电源电压和总电阻，禾U用欧姆定律计算电流的大小17 .如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S,下列说法正确的是（A.向右移动滑片C.向左移动滑片 示数比值不变【答案】D【解析】【解答】解：由图可知，闭合开关P,P,电压表Vi的示数变小电流表A的示数变大iiB.向右移动滑片I I D.向左移动滑片P,电压表V2的示数变小P,电压表Vi与电流表R2两端电压，V2测总电压，电源电压保持不变，所以滑片移

30、动中 误；S,两电阻串联，电流表测电路中电流，V2的示数不变，故ViF2分得电压增大，即Ri连入阻值变大，电路的总电阻变大，由欧姆定Vi滑片向右移动时，R连入阻值变小，根据串联电路的分压原理知， 示数变大，故 A错误；滑片向左移动时， 律可知电路中电流变小，故 C错误；由欧姆定律可知，电压表 Vi与电流表A的示数比值大小等于 F2的阻值，所以两表比值不 变，故D正确.故选D.【分析】闭合开关，两电阻串联，电流表测电路中电流，Vi测R2两端电压，V2测总电压.根据滑片移动方向判断 Ri连入阻值变化，从而知电路的电阻变化，由串联电路特点和欧姆 定律电表示数变化以及 Vi与A的示数比值变化情况本题考

31、查了电路的动态分析，涉及到18.如图甲所示，电源电压恒为0.1A, R消耗的电功率为 组物理量的关系图象，则（1W ；12V,闭合开关 S,当滑片 P在a端时，电流表示数为图乙、丙分别是变阻器滑片 P从a端滑到b端的过程中两2WA. 滑片P在a端时，R的阻值为20 Q.消耗的电功率为B. 滑片P在b端时，电路消耗的总功率为1.2WC. 图乙反映的是电压表与电流表示数的关系D. 图丙反映的R2与R1的电功率比值k与R2的关系【答案】D【解析】 【解答】解：由图知，两电阻串联，电压表测流，当滑片P在a端时，电流表示数为 0.1A, R2消耗的电功率为 根据串联电路电流的规律及P= I2R,=严=他

32、尸=100Q;故R滑大=R2的电压，电流表测电路中的电1W,AC、P在a端时，变阻器连入电路中的电阻最大，由分压原理, 示数最大，电路中的电流最小；R2的电压最大，即电压表P滑到b端时，变阻器连入电路中的电阻为0，R2的电压为反映的是变阻器的电流随电压的变化关系，即电流表与电压表示数的关系， 果关系搞反了， C不符合题意；当P在a端时，由图乙知，电压表示数为10V，根据串联电路电压的规律,0,电路中的电流最大，故乙图C选项中，因Ri的电压为:Ui= 12V- 10V= 2V,根据分压原理，云R滑大=IR.1 =100 Q= 20 Q;R1消耗的电功率为：仍尸Pi =R= 0.2W, A不符合题

33、意；B、滑片P在b端时，电路中的电流为 0.6A，电路消耗的总功率为:P= uI = 12VX 0.6= 7.2W; B 不符合题意；D、根据串联电路电流的规律及P= I2R, R2与R1的电功率比值：k=尸町=问，将R1 = 20 Q代入得：k=少a ,即k与R2成正比，为过原点的直线，当R2= 100 Q时，k= 5，即图丙反映的是 R2与R1的电功率比值k与F2的关系，D符合题意。 故答案为：D【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据串联电路电流的规律 及p=2R得出R滑大；P在a端时，变阻器连入电路中的电阻最大，根据分压原理，即电压表 示数最大，电路中的电流最小；P

34、滑到b端时，变阻器连入电路中的电阻为0” R2的电压为0,电路中的电流最大，可确定乙反应的是变阻器的电流随电压的变化关系.当P在a端时，由图乙知电压表示数，根据串联电路电压的规律求出R1的电压，根据分压R1消耗的电功率；滑片 P在b端时可知电路中的电流，根据 根据串联电路电流的规律及P=2R得出R2与R1的电功率比结合数学知识分析 .原理求出R1；由P=斤求出 P=UI求出电路消耗的总功率； 值，将R1=20 Q代入表达式，19. 如图所示，Ro为定值电阻，Ri为滑动变阻器，Ai , A为实验室用电流表（接线柱上 标有“0.6,” “3”，闭合开关后，调节滑片P.使两电流表指针所指位置相同。下

35、列A. 电流表A1与A2的示数之比为C. F0与R1两端的电压之比为 1:【答案】D【解析】【解答】A.如图电路，路电流。因为干路电流一定大于支路电流，且电流表的两个量程为H B.通过RR与Ri的电流之比为4: 1D. F0与Ri的阻值之比为4： 1两电阻并联，电流表A1测量R0的电流，电流表 A2测量干5倍的关系，所以两电流表指针所指位置相同时，干路电流为电流的5倍，即电流表A1与A2的示数之比为1 : 5, A不符合题意；B. 得:如7厂再刀，则山三捌即通过与R1的电流之比为1 : 4, B不符合题意；C. 两电阻并联，电压相等，C不符合题意；D. R）与R1的阻值之比为：,D符合题意;故

36、答案为：Do【分析】Ro与Ri并联，电流表Ai测R0中电流，电流表 A测干路电流，根据并联电路的电 流特点结合两电流表指针所指位置相同可知两电流表的量程，根据指针位置相同时大量程 示数是小量程示数的 5倍可知两者的大小关系，根据并联电路的电流关系可知两电阻中电 流的关系，根据并联电路的分流特点可知两电阻的关系，再根据欧姆定律求出两电阻的电 压关系.20. 如图所示，当滑片 P置于中点时，小灯泡比正常发光时暗，当滑片 P由中点向a端滑 动时，下列说法正确的是(灯泡的电阻随温度变化).B电压表示数变大，小灯泡变暗iD.电压表与电流表示数的比值变大A.一定小于10欧为10欧B的可能大于10欧cM 定

37、大于10欧D血不可能A. 电流表示数变小，小灯泡变亮C.电路消耗的总功率不变【答案】D【解析】【解答】解：A当滑片P由中点向a端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变A错误;小，根据公式1=7可知，电路电流变大，也就是电流表示数变大，灯泡变亮，故B、变阻器接入电路的电阻变小，根据串联分压，灯泡两端电压变大，所以电压表示数变大，灯泡的实际功率变大，小灯泡变亮，故B错误P=UI可知，电路消耗的总功率变大，故CC、电源电压不变，电路中的电流变大，由公式错误；R=可知，电压表与电流D、小灯泡变亮，说明温度升高，此时小灯泡的电阻变大，由公式表示数的比值变大，故 D正确.故选D.【分析】从电路图可知，灯泡与滑

38、动变阻器串联，电压表测量灯泡两端的电压，电流表测 量电路总电流，当滑片 P由中点向a端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧 姆定律可知电路电流的变化，进一步求出灯泡两端电压的变化21. 将电阻列与100欧的电阻并联后，它们的总电阻小于10欧。下列判断中正确的是()i允，所以并联电路的总电阻小【答案】BRi可能大于10欧.【解析】【解答】因为并联电路电阻的关系为： 于任一支路的电阻，即小于各支路中最小的电阻，故电阻 故答案为：B.【分析】根据并联电路的总电阻小于任何一支路的电阻分析解答即可22. 如图所示的电路中，闭合开关，滑动变阻器滑片向右滑动的过程中（hluA.灯泡Li变亮、C.灯泡

39、Li亮度不变、L2变亮【答案】D【解析】 【解答】由图可知是混联电路图，当滑动变阻器的滑片向右滑动时电阻变大，滑 动变阻器和灯泡并联，此处的总电阻变大，分压变大，灯泡暗，D符合题意，ABC不符合题意。L2亮度不变H B灯泡Li变亮、L2变暗H D丁泡Li变暗、L2变亮b变亮，灯泡L1分压减小，变故答案为：D.【分析】根据混联电路的特点，并联处电阻变大分压变大，串联时，分压互相影响。23. 如图所示是调光台灯的简化电路图丄标有“ 220V40W。闭合开关 S不考虑灯泡电阻的变化，则（）A.当滑片 变亮P从b端向a端移动时，电路总电阻变大B.当滑片P从a端向b端移动时，灯泡C.当滑片【答案】【解析】P在a端时，灯泡正常发光ChD.当滑片P在b端时，电路总功率最大P从b端向a端【解答】由电路图知道，灯泡和滑动变阻器串联在一起；当滑片移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，所以电路总电阻变小，A不符合题意；当滑片P从a端向b端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路总电阻变大，电流减小， 由P=PR知道，灯泡的实际功率减小，灯泡亮度会变暗，B不符合题意；当滑片 P在a端0,灯泡两端的电压等于电源电压时，滑动变阻器接入电路的电阻为0,灯泡两端的电压等于电源电压22