2019年陕西省榆林一中高考物理模拟试卷

1、2019 年陕西省榆林一中高考物理模拟试卷副标题题号一二三四总分得分一、单选题（本大题共5 小题，共30.0 分）1. 材料相同、质量不同的两滑块，以相同的初动能在水平面上运动直到停止。若两滑块运动过程中只受到水平面的摩擦力，则质量大的滑块（）A.C.克服摩擦力做的功多运动的时间长B.D.摩擦力的冲量大运动的位移大2. 甲、乙两物体沿同一直线运动，运动过程的位移一时间图象如图所示，下列说法正确的是（）A. 0 6s 内甲物体做匀变速直线运动B. 06s 内乙物体的速度逐渐减小C. 0 5s 内两物体的平均速度相等D. 0 6s 内存在某时刻两物体的速度大小相等3. 在电荷量分别为 2q 和一

2、q 的两个点电荷形成的电场中，电场线分布如图所示，在两点电荷连线上有a、 b、c 三点，且 b、 c 两点到正点电荷距离相等，则（）A. 在两点电荷之间的连线上存在一处电场强度为零的点B. 将一电子从a 点由静止释放，它将在a、 b 间往复运动C. c 点的电势高于b 点的电势D. 负试探电荷在a 点具有的电势能大于在b 点时的电势能4. 天文兴趣小组查找资料得知： 某天体的质量为地球质量的a 倍，其半径为地球半径的 b 倍，表面无大气层， 地球的第一宇宙速度为v。则该天体的第一宇宙速度为（）A.B.C.D.5.某医院利用放射线治疗肿瘤，被利用的放射源必须具备以下两个条件：（1）放出的射线有较

3、强的穿透能力，能辐射到体内肿瘤所在处；（2）能在较长的时间内提第1页，共 16页供比较稳定的辐射强度。现有四种放射性同位素的放射线及半衰期如表所示。关于在表中所列的四种同位素，下列说法正确的是（）同位素钴 60锶 90锝 99氡 222放射线半衰期5 年28 年6 小时3.8 天A. 最适宜作为放疗使用的放射源应是钴60B. 最适宜作为放疗使用的放射源应是锶90C. 放射线的电离能力最强的放射源是锝99D. 放射线的电离能力最强的放射源是锶90二、多选题（本大题共5 小题，共27.0 分）6.如图所示，质量均为m 的木块 A 和 B 用一轻弹簧相连，竖直放在光滑的水平面上，木块 A 上放有质量

4、为2m 的木块 C，三者均处于静止状态。现将木块C 迅速移开，若重力加速度为g，则在木块 C 移开的瞬间（）A. 弹簧的形变量不改变B. 弹簧的弹力大小为 mgC. 木块 A 的加速度大小为 2gD. 木块 B 对水平面的压力迅速变为2mg7. 如图甲所示，标有“ 220V40W 的灯泡和标有“ 20 F360V”的电容器并联到交流电源上，为交流电压表，交流电源的输出电压如图乙中正弦曲线所示，闭合开关S下列判断正确的是（）A. 交流电源的输出电压的有效值为220VB. 电容器会被击穿C. t= 时刻，的示数为零D. t= 时刻，通过灯泡的电流为零8. 如图甲所示，两条平行虚线间存在一匀强磁场，

5、磁感应强度方向与纸面垂直。边长为 1m，总电阻为 1的正方形导线框 abcd 位于纸面内， cd 边与磁场边界平行。现使导线框水平向右运动，cd 边于 t=0 时刻进入磁场， c、d 两点间电势差随时间变化的图线如图乙所示。下列说法正确的是（）第2页，共 16页A. 磁感应强度的方向垂直纸面向里B. 磁感应强度的大小为 4TC. 导线框进入磁场和离开磁场时的速度大小之比为3： 1D. 0 3s 的过程中导线框产生的焦耳热为48J9.如图所示， x 定质量的理想气体从状态a 变化到状态b，其过程如 P-T 图中从 a 到 b 的直线所示，在此过程中（）A. 气体的体积减B. 气体对外界做功C.

6、气体的内能不变D. 气体先从外界吸收热量，后向外界放出热量E. 外界对气体做功，同时气体向外界放出热量10. 周期为 2s 的简谐横波沿 x 轴传播， 该波在 t=0 时刻的波形如图所示， 则下列说法正确的是（）A. 该波的波长为15 mB. 该波的波速为5 m/sC. 若该波沿 x 轴正方向传播，则此时质点a 正在沿 y 轴正方向运动D. 若该波沿 x 轴负方向传播，则在 t=3s 时，质点 a 沿 y 轴负方向运动E. 在 0 3 s 内，质点 b 通过的路程为 0.6 m三、实验题探究题（本大题共2 小题，共 15.0 分）11. 某同学利用打点计时器来测量某种正弦交变电流的频率，装置如

7、图甲所示。 已知砝码盘的总质量 m=0.1kg，用弹簧秤测量小车所受重力示意图如图乙所示。图丙为某次实验时打点计时器所打出的纸带的一部分，图 A、B、C、D、E 为相邻的计数点，且每相邻计数点之间均有一个点未画出。长木板水平放置，不计一切摩擦，取2，回答下列问题。g=10m/s第3页，共 16页（ 1）由图乙可知，小车所受重力为 _N。（ 2）根据牛顿运动定律可算出小车的加速度大小为 _m/s2 （结果保留两位有效数字）（ 3）该交流电源的频率为 _Hz （结果保留两位有效数字）12.某同学利用图甲所示的电路图测量电流表的内阻 RA（约为 10）和电源的电动势 E图中 R1 和 R2 为电阻箱

8、， S1、 S2 为开关。已知电流表的量程为100mA。（ 1）断开 S2，闭合 S1，调节 R1 的阻值， 使 满偏； 保持 R1 的阻值不变， 闭合 S2，调节 R2，当 R2 的阻值为 5.2 时 的示数为 40mA则电流表的内阻的测量值RA=_ 该测量值 _（填“大于”“小于”或“等于”）真实值。（ 2）保持 S1 闭合，断开S2，多次改变R1 的阻值，并记录电流表的相应示数。若某次 R1 的示数如图乙所示，则此次R1 的阻值为 _。（ 3）利用记录的 R1 的阻值和相应的电流表示数 I，作出 I -1 -R1 图象，如图丙所示，利用图丙可求得 E=_V（结果保留两位有效数字）四、计算

9、题（本大题共4 小题，共52.0 分）13. 如图所示，一束质量为 m、电荷量为 q 的粒子，恰好沿直线从两带电平行板正中间通过，沿圆心方向进入右侧圆形匀强磁场区域，粒子经过圆形磁场区域后，其运动方向与入射方向的夹角为 （弧度）。已知粒子的初速度为v0，两平行板间与右侧圆形区域内的磁场的磁感应强度大小均为B，方向均垂直纸面向内，两平行板间距为 d，不计空气阻力及粒子重力的影响，求：（ 1）两平行板间的电势差 U；（ 2）粒子在圆形磁场区域中运动的时间 t；（ 3）圆形磁场区域的半径 R。14. 如图所示， 一条带有圆轨道的长轨道水平固定，圆轨道竖直底端分别与两侧的直轨道相切，半径R=0.5m。

10、物块 A 以某一速度滑入圆轨道，滑过最高点Q，再沿圆轨道滑出后，与直轨道上P 处静止的物块B 发生弹性碰撞，P 点左侧轨道光滑，右侧第4页，共 16页p0、体积为轨道呈粗糙段、光滑段交替排列，每段长度都为L=0.1m，物块与各粗糙段间的动摩擦因数都为=0.5， A、B 的质量均为m=1 kg（重力加速度g 取 10m/s2； A、 B 视为质点，碰撞时间极短，有阴影的地方代表粗糙段），碰后B 最终停止在第100 个粗糙段的末端。求：（ 1） A 刚滑入圆轨道时的速度大小v0；（ 2） A 滑过 Q 点时受到的弹力大小F；（ 3）碰后 B 滑至第 n 个（ n 100）光滑段上的速度vn 与 n

11、 的关系式。15. 如图所示，体积为 V 的汽缸由导热性良好的材料制成，面积为 S 的活塞将汽缸分成体积相等的上下两部分，汽缸上部通过单向阀门 K（气体只能进入汽缸，不能流出汽缸）与一打气筒相连。开始时汽缸内上部分气体的压强为p0，现用打气筒向容器内打气。 已知打气筒每次能打入压强为的空气， 当打气 49 次后，稳定时汽缸上下两部分的体积之比为 9：1，重力加速度大小为 g，外界温度恒定，不计活塞与汽缸间的摩擦。求活塞的质量 m。16. 如图所示，由某种透明物质制成的直角三棱镜 ABC， A=30 ，AB 长为 2m，且在 AB 外表面镀有水银。一束与BC 面成 45角的光线从BC 边的中点D

12、 射入棱镜。 已知棱镜对该光的折射率，有折射光线时， 则不考虑反射光线。求光线射出棱镜的位置和在该位置对应的折射角。第5页，共 16页第6页，共 16页答案和解析1.【答案】 B【解析】解：A 、根据动能定理可知：W=- mgs=0-EK ；两个物体克服摩擦力做功相等，故 A错；B 、根据动量定理可知摩擦力的冲量即等于动量的变化量即为：，则质量大的物体摩擦力的冲量大，故B 对；C、滑块的速度为：，由匀变速运动知识可知：，所以质量越大，时间则越短，故 C 错；动能定理可知 - mgs=0-Ek得：则质量越大，运动的位移越小，D、由故 D错误故选：B。A 、由动能定理可知克服摩擦力做的功的多少；

13、B、由动量定理可知摩擦力的冲量即等于 动量的变化量；C、由速度公式要知滑行 时间的关系；D、由动能定理可知物体前 进位移的大小。本题综 合考查动 能定理、牛顿第二定律及位移公式，在解 题时 要注意如果 题目中涉及 时间，则应考虑应用牛顿第二律，若不涉及时间应优 先采用动能定理或功能关系。2.【答案】 D【解析】解：A 、根据位移一时间图象的斜率表示速度，知甲的速度不 变，做匀速直线运动，故A 错误。B、06s 内乙物体 图象斜率的 绝对值逐渐增大，则乙的速度逐 渐增大，故 B错误。C、05s 内，甲的位移x 甲=1m-（-4m）=5m，乙的位移x 乙 =1m-4m=-3m，大第7页，共 16页

14、小为 3m，所以 0 5s 内两物体的位移不等，平均速度不等，故C 错误 。D、06s 内存在某 时刻两图象斜率的 绝对值相等，则存在某时刻两物体的速度大小相等，故 D 正确。故选：D。在位移 -时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直 线运动，图象的斜率表示速度；图象的交点表示位移相等，平均速度等于位移除以时间。由此分析。解决本题的关键要理解位移 -时间图象点和斜率的物理意 义，同时还要理解好好速度 -时间图象的点、线、面的物理意义 。3.【答案】 C【解析】解：A 、正负电荷在两点 电荷之间的连线上产生的场强方向相同，所以在两点电荷之间的连线上不存在 电场强度为零的点，故 A 错误；B、将一

15、电子从 a 点由静止 释放，电子在 a 点受到向右的 电场力，所以要从静止向右运 动，则运动不是在 a、b 间往复运动，故B 错误；C、b、c 两点到正点 电荷距离相等，若只有正 电荷，则 bc 两点的电势相等，但由于负电荷的存在 导致 c 点的电势高于 b 点的电势，故C 正确；D、沿着电场线电势 在降低，所以 a 点电势高于 b 点电势，而负电荷在电势高的地方电势能小，所以 a 点具有的 电势能小于在 b 点时的电势能，故 D 错误 。故选：C。解答本题需要掌握：正确根据电场线分布特点判断 电场强度、电势高低以及电势能的变化；电场力做功情况由速度方向与电场力方向的 夹角决定。根据电场线的分

16、布判断 电场强度、电势、电势能等物理量的 变化情况是高中物理的重点，在平时要加强训练，以加深对这些知识点理解和 应用。4.【答案】 A【解析】解：设地球质量 M ，某天体质量是地球 质量的 a 倍，地球半径 r，某天体径是地球半径的 b 倍第8页，共 16页由万有引力提供向心力做匀速圆周运动得：卫圆轨道解得： 星在上运行时的速度公式分别代入地球和某天体各物理量得：，故A正确 BCD 错误 。故选：A。明确卫星绕地球表面 飞行的速度 为第一宇宙速度，根据万有引力充当向心力即可求出第一宇宙速度的大小。本题关键是根据万有引力定律列式求解星球表面重力加速度，利用 卫星的万有引力提供向心力列式求解第一宇

17、宙速度。5.【答案】 A【解析】解：AB 、钴 60 放出的 射 线穿透能力 强，半衰期长，故A 正确，B 错误；CD、射线电离能力最 强，射线的电离能力最弱，氡 222 放出的是 射线，故 CD错误故选：A。三种射线中 射线的穿透能力最大，而 射 线的电离能力最 强，钴 60 的半衰期较长，符合治疗肿痛的放射源条件。本题考查了三种射 线的特点，也是科学技 术与生活实际相联系的题目，难度不大。6.【答案】 AC【解析】解：A 、由于弹簧弹力属于渐变，所以撤去 C 的瞬间，弹簧的形变量不变，故 A 正确；B、开始整体处于平衡状 态，弹簧的弹力等于 A 和 C 的重力，即 F=3mg，撤去C 的瞬

18、间，弹簧的形变量不变，弹簧的弹力不变，仍为 3mg，故 B 错误；C、撤去 C 瞬间，弹力不变，A 的合力等于 C 的重力，对木块 A ，由牛顿第二定律得：2mg=ma，解得：a=2g，方向竖直向上，故 C 正确；第9页，共 16页D、撤去C 的瞬间，弹簧的弹力不变，仍为 3mg，对 B ，由平衡条件得：F+mg=N，解得：N=4mg，木块 B 对水平面的 压力为 4mg，故D 错误 。故选：AC。根据共点力平衡求出 弹簧的弹力，在将 C 迅速移开的瞬 间，弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律求出木 块 A 的加速度。本题考查牛顿第二定律的瞬 时问题，知道撤去 C 的瞬间，弹簧的弹力不变，结合牛顿

19、第二定律 进行求解。7.【答案】 AD【解析】解：A 、交流电压表测量为交流电压的有效值，由乙图可知，电压表的有效 值为 220V，故A 正确；电值为过电容器的击穿电压电B、交流 的最大=311V ，没有超，故 容器不会被 击穿，故 B 错误；电压表的示数为有效值 电压表的示数为220V，故C错误；C、，D、时刻，灯泡两端电压的瞬时值为 0，通过灯泡的电流的瞬时值为 0，故D 正确；故选：AD 。交流电压表测量的电压及灯泡的工作 电压均为电压的有效值；而交流电的击穿电压为最大值；本题考查描述交流 电的有效值及最大值，要注意明确交流电的有效值不能超过电容器的最大耐 压值；而电压表等测量的为有效值

20、。8.【答案】 AB【解析】解：A 、0-1s 内线框进入磁场，c、d 两点间电势差为正，即 C 点相当于 电源的正极，由右手定则可知，磁场方向垂直 纸面向里，故 A 正确；B、0-1s 内线框进入磁场，c、d 两点间电势差为：，线框的速度第10 页，共 16页为：，解得：B=4T，故B 正确；图线框在 0-1s 内进入磁场，2-3s 内出磁场，且都是匀速运C、由 乙分析可知，动，所以速度都为导线框进入磁场和离开磁场时的速度大小之比1m/s，所以为 1：1，故C 错误；线进入磁场过程中电流为：产生的热量为：D、 框在 0-1s 内，1-2s内线框的磁通量不变，所以无感应电流产热量产生，即无生，

21、2-3s 内线框出磁场过程中电流为：产热量为：， 生的，所以总热量为 32J，故D 错误。故选：AB。根据 cd 的电势差正负，判断出电源的正负极，结合右手定 则得出磁场的方向。根据线框匀速运 动的位移和 时间求出速度，结合 E=BLv 和 cd 间的电势差，求出磁感应强度，根据焦耳定律求 线圈发热量。本题考查了导线切割磁感 线运动类型，要掌握切割产生的感应电动势 公式以及楞次定律，本题要能够从图象中获取信息，判断导体框的运 动情况。9.【答案】 ACE【解析】解：A 、由图示图线可知，由 a 到 b 过程气体温度保持不 变而气体压强 p 增大，由玻意耳定律：pV=C 可知，气体体积 V 减小

22、，故 A 正确；B、气体体积减小，外界对气体做功，W0，故 B 错误；C、由图示图线可知，从 a到 b 过程气体温度不 变，气体内能不变，U=0，故C正确；DE、由热力学第一定律：U=W+Q 可知：Q=U-W=-W 0，气体向外界放出热量，故 D 错误，E 正确；故选：ACE。根据图示图线判断气体 压强与温度如何 变化，应用气体状 态方程判断气体体第11 页，共 16页积如何变化；根据气体体 积的变化判断气体做功情况；应用热力学第一定律分析答 题。该题结合图象考查气态方程，能够运用控制 变量法研究多个物理量 变化时的关系。要注意热力学第一定律 U=W+Q 中，W、Q 取正负号的含义。10.【答

23、案】 BDE【解析】解：A 由图该长为10m，故 A错误；可知， 波的波该为v=5m/s，故B 正确；B、 波的波速该轴正方向传播，由“同侧时质点 a正在沿 y轴负方向C、若 波沿 x法”可知，此运动，故C 错误；D、若该波沿 x 轴负方向传播，t=0 时刻，质点 a 沿 y 轴正方向运 动，在 t=3s=时 质轴负方向运动，故D 正确；， 点 a 沿 yE、在 0 3s内即，b 质点通过的路程为 s=6A=60.1m=0.6m，故E 正确。故选：BDE。根据波形 图求出波长，根据波长与波速、周期的关系求出波 长；根据波的传播方向判断 质点振动方向，由速度公式求出波 传播的距离。根据波的 图象

24、读 出振幅、波长、速度方向及大小变化情况，加速度方向及大小变化情况等，是应具备的基本能力。11.【答案】 4.002.020【解析】解：（1）由图乙可知，测力计的最小分度 为 0.1N，所以小车的重力为 4.00N；（2）对小车和砝码及盘，由牛 顿第二定律可得：a=2.0N（3）根据逐差法有：，解得：。第12 页，共 16页故答案为：（1）4.00；（2）2.0；（3）20。（1）根据刻度示数，结合估计值，即可求解；（2）依据牛顿第二定律，即可求解；（3）根据加速度逐差法，即可求解。考查读数，注意估计值，掌握牛顿第二定律的 应用，理解加速度的逐差法求解，最后注意单位的统一与有效数字的保留。12

25、.【答案】 7.8小于120.69.3【解析】解：（1）由题意可知，干电路电流不变为：Ig=100mA，流过电阻箱 R2 的电流：I2=I g-I A =100mA-40mA=60mA ，电流表内阻：，当开关 S2 闭合后，并联部分的电阻减小，总电流偏大，所以流过流过电阻箱 R2 的电流应大于 60mA ，所以该测量值小于真实值；（2）由图乙所示可知，电阻箱阻值为：1100+210+01+60.1 =120；.6（3）断开S2、闭合 S1，由图示电路图可知，电源电动势：E=I（r+R1+RA ），则：图象的斜率：，解得：E9.3V。故答案为：（1）7.8；小于；2（）120.6；（3）9.3。

26、（1）根据题意应用并联电路特点与欧姆定律求出 电流表内阻。（2）电阻箱各旋 钮示数与对应倍率的乘 积之和是电阻箱示数。电图应用闭合电路欧姆定律求出表达式，然后根据图示图象求出（3）根据 路电源电动势。电阻箱各旋 钮示数与对应倍率的乘 积之和是电阻箱示数，要掌握常用器材的使用及读数方法；根据题意分析清楚 电路结构、应用闭合电路的欧姆定律求出图象的函数表达式是解 题的关键。13【.答案】解：（ 1）由粒子在平行板间做直线运动可知，Bv0q=qE，平行板间的电场强度E= ，解得两平行板间的电势差：U=Bv0d第13 页，共 16页（ 2）在圆形磁场区域中，由洛伦兹力提供向心力可知： Bv0q=m同时

27、有 T=粒子在圆形磁场区域中运动的时间t= T 解得 t=；（ 3）由几何关系可知：=，解得圆形磁场区域的半径R=；答：（ 1）两平行板间的电势差U 为 Bv0d；（ 2）粒子在圆形磁场区域中运动的时间t 为 ；（ 3）圆形磁场区域的半径R 为。【解析】（1）粒子在速度选择器中做直 线运动，竖直方向上 电场力和洛伦兹力平衡，求解电容器电势差即可；动轨迹如图，根据几何关系求出半径，由半径公式求出（2）（3）画出粒子的运圆对的圆心角，再由求时间。速度；求出 弧所带电粒子在匀强磁场中运动时伦兹力充当向心力，从而得出半径公式，洛，周期公式动时间公式，知道粒子在磁场中运动，运半径和速度有关，运动周期和速

28、度无关，画轨圆结迹，定 心，找半径， 合几何知识分析解题。1B每经过一段粗糙段损失的机械能E=fL=mgL14.【答案】 解（ ）物块解得 E=0.5J设碰撞后B 的速度为vB，由能量关系有=100E设 A、B 碰撞前 A 的速度为 vA，碰撞后 A 的速度为 vA ， A、B 碰撞为弹性碰撞，设向右为正方向，由动量守恒定律可得：mvA=mvA +mvB根据机械能守恒定律可得mvA2= mvA 2+ mvB2 。解得： vA=10m/s；从 A 刚滑入圆轨道到A 与 B 碰撞前，由机械能守恒定律有v0=vA=10m/s（ 2）从 A 刚滑入圆轨道到最高点Q 的过程，由机械能守恒定律有22+2mgR。mv0 = mvQ在 Q 点，由牛顿第二定律和向心力公式有F+mg=m第14 页，共 16页解得： A 滑过 Q 点时受到的弹力大小F =150N（ 3） B 滑到第 n 个光滑段上损失的能量 E 损 =nE=0.5nJ从 A、B 碰撞后运动到B 滑到第 n 个光滑段的过程中，由能量守恒定律可得：2mvB -=nE代入解得： vn=m/s（n 100）；答：（ 1） A 刚滑入圆