2020年湖南省高考物理模拟试卷(3月份)

1、2020 年湖南省高考物理模拟试卷（3 月份）一、单选题（本大题共5 小题，共30.0 分）1. 一小球被水平抛出，做平抛运动。若从小球被抛出开始计时，则小球在运动过程中( )A. 加速度大小与时间成正比B. 速度大小与时间成正比C. 速度的增量大小与时间成正比D. 位移大小与时间的二次方成正比2.原子核的平均结合能与质量数之间的关系图线如图所示。下列说法正确的是()414 MeVA. ?2?核的结合能约为89144?核更稳定B. ?36?核比 ?566C. 三个中子和三个质子结合成?3 ?核时吸收能量2351891441?中，要吸收热量D. 在核反应 ?92?+ ? ?+ ?+ 300365

2、63. 图甲所示电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比为10： 1，? 是定值电阻， R 是0滑动变阻器， 电容器 C 的耐压值为 50?变.压器原线圈输入的电压如图乙所示，所有电表均为理想电表。下列说法正确的是()A. 副线圈两端电压的频率为10HzB. 电流表的示数表示的是电流的瞬时值C. 电容器 C 会被击穿D. 滑片 P 向下移动时，电流表 ?1、 ?的示数均增大24.如图所示，甲、乙两细绳一端系着小球，另一端固定在竖直放置的圆环上， 小球位于圆环的中心， 开始时甲绳水平，乙绳倾斜。 现将圆环在竖直平面内逆时针缓慢向左滚动至乙绳竖直，在此过程中 ( )A. 甲绳中的弹力增大，乙绳中的弹力

3、增大B. 甲绳中的弹力增大，乙绳中的弹力减小C. 甲绳中的弹力减小，乙绳中的弹力增大D. 甲绳中的弹力减小，乙绳中的弹力减小5.质谱仪又称质谱计，是分离和检测不同同位素的仪器。某质谱仪的原理图如图所示，速度选择器中匀强电场的电场强度大小为 E，匀强磁场的磁感应强度大小为?，偏1转磁场 ( 匀强磁场 ) 的磁感应强度大小为?.一电荷量为q2的粒子在加速电场中由静止加速后进入速度选择器，恰第1页，共 13页好能从速度选择器进入偏转磁场做半径为R 的匀速圆周运动。 粒子重力不计， 空气阻力不计。该粒子的质量为()? ?2A.12B.12C.12D. ? ?2?2?1二、多选题（本大题共4 小题，共2

4、2.0 分）6. 近年来，我国的高速铁路网建设取得巨大成就，高铁技术正走出国门。在一次高铁技术测试中，机车由静止开始做直线运动。测试段内机车速度的二次方2与对应位移 x 的关系图?象如图所示。在该测试段内，下列说法正确的是()A. 机车的加速度越来越大B.越来越小?0D.C. 机车的平均速度大于 2机车的加速度机车的平均速度小于?027. 我国计划在 2020 年 7 月发射火星探测器， 预计经过 10 个月的飞行，火星探测器 2021 年到达火星， 着陆火星表面并进行巡视探测。 假设探测器在火星表面和地球表面以相同的速度竖直上抛一物体，其在地球上落回抛出点的时间是火星上的a 倍，已知地球半径

5、与火星半径之比为 b。不计地球和火星的自转及其表面气体的阻力。下列说法正确的是 ( )A. 地球与火星绕太阳运动时，它们与太阳的连线在相等的时间内扫过的面积相等B.C.D.地球与火星表面的重力加速度大小之比为2地球与火星的质量之比为a：?地球与火星的第一宇宙速度大小之比为1： a?： ?8. 如图所示，轻质弹簧与倾角为 37 的固定斜面平行，弹簧的下端固定，上端与物块相连，绕过光滑定滑轮的轻绳分别与物块和小球相连。开始时用手托住小球。使弹簧处于原长状态，滑轮左侧的轻绳与斜面平行，滑轮右侧的轻绳竖直，然后由静止释放小球。已知小球的质量是物块质量的两倍，重力加速度大小为 g，物块与斜面间的动摩擦因

6、数为 0.5 ，取 ?37=0.6 ，?37=0.8 ，不计空气阻力。下列说法正确的是( )A. 释放小球的瞬间，小球的加速度大小为?3B. 物块上滑过程中，小球机械能的减少量等于弹簧弹性势能与物块机械能的增加量之和C. 物块上滑过程中，物块动能的增加量等于它所受重力、轻绳拉力、摩擦力做功之和D. 物块上滑过程中，轻绳拉力对小球做的功等于小球机械能的变化9. 关于机械振动、机械波，下列说法正确的是( )A.B.在竖直方向上做受迫振动的弹簧振子，稳定后其振动频率等于驱动力的频率做简谐运动的单摆，其质量越大，振动频率越大C. 在简谐运动中，介质中的质点在1周期内的路程一定是一个振幅4D.E.只有频

7、率相同的两列波在相遇区域才可能形成稳定的干涉图样简谐横波在介质中的传播速度由介质本身的性质决定三、填空题（本大题共1 小题，共5.0 分）10. 恒温环境中，在导热性能良好的注射器内，用活塞封闭了一定质量的理想气体。用力缓慢向外拉活塞，该过程中封闭气体分子的平均动能_( 选填“增大”“减第2页，共 13页小”或“不变”) ；封闭气体的压强_( 选填“增大”减小”或“不变”) ；气体 _( 选填“吸收”“放出”或“既不吸收也不放出”) 热量。四、实验题（本大题共2 小题，共15.0 分）11.某同学利用气垫导轨验证动量守恒定律，同时测量弹簧的弹性势能，实验装置如图甲所示，两滑块A、B 上各固定一

8、相同窄片。部分实验步骤如下：I.用螺旋测微器测量窄片的宽度d；?将气.垫导轨调成水平；?将.A、B 用细线绑住，在?.?间放入一个被压缩的轻小弹簧；?烧.断细线，记录A、 B 上的窄片分别通过光电门、 ?。C、D 的挡光时间 ?21(1) 若测量窄片的宽度d 时，螺旋测微器的示数如图乙所示，则?= _mm。(2) 实验中，还应测量的物理量是_A.A的质量 ?1以及滑块 B 的质量 ?2滑块B.烧断细线后滑块A、 B 运动到光电门、 ?C、D 的时间 ?C.烧断细线后滑块A、 B 运动到光电门C、 ?、D 的路程 ?12(3) 验证动量守恒定律的表达式是_；烧断细线前弹簧的弹性势能?= _。(均

9、用题中相关物理量的字母表示)12. 某物理兴趣小组设计了图甲所示电路测量一节干电池的电动势E 和内阻 r。合上开关 ?，开关 ?打到位置 1，移动滑动变阻器的滑片P，记录下几组电压表的示数以12及对应的电流表示数；然后将?打到位置2，移动滑动变阻器的滑片P，再记录下2几组电压表的示数以及对应的电流表示数。在同一坐标系内分别描点作出电压表示数 U 和对应的电流表示数 I 的图象，如图乙所示，两图线( 直线 ) 在纵轴上的截距分别为 ? 、? ，在横轴上的截距分别为?、?。?(1)?2打到位置 1 时，作出的 ?- ?图象是图乙中的图线_( 选填“ A”或“ B“) ，测出的电池电动势 E 和内阻

10、 r 存在系统误差，原因可能是_ 。(2) 由图乙可知，干电池电动势和内阻的真实值分别为?=_? =_ 。真。 真(3) 小组同学继续用图丙所示电路探究测电源电动势和内阻时，电路中各元器件的实际阻值对测量结果的影响。其中，虚线框内为用灵敏电流计改装的电流表，为标准电压表，E 为待测电源， S 为开关， R 为滑动变阻器，? 是阻值为 4.0?的0定值电阻。 已知灵敏电流计的满偏电流 ?= 100?= 2.0?、内阻 ?，若要改装后的电第3页，共 13页流表满偏电流为200mA，应并联一只阻值为_?的定值电阻 ?. ( 结果保留一位1小数 ) 小组同学在前面实验的基础上，为探究图丙所示电路中各元

11、器件的实际阻值对测量结果的影响， 用一已知电动势和内阻的标准电源通过上述方法多次测量。 发现电动势的测量值与已知值几乎相同，但内阻的测量值总是偏大。若测量过程无误，则内阻测量值总是偏大的原因可能是_( 填选项前的字母 ) 。A.电压表内阻的影响?滑.动变阻器的最大阻值偏小C.?1的实际阻值比计算值偏小?.?的实际阻值比标称值偏大0五、计算题（本大题共4 小题，共52.0 分）113.如图所示，水平光滑轨道AB 与半径为R 的 4光滑圆弧轨道BC 相切于 B 点，质量为 M 的小木块 ( 可视为质点 )静止在轨道 AB 上。质量为 m 的子弹 ( 可视为质点 ) 以某一初速度水平向右射入小木块内

12、不穿出，木块恰好能滑到圆弧轨道的最高点C 处。重力加速度大小为 g。求：(1) 木块通过圆弧轨道的 B 点时对轨道的压力大小 N；(2) 子弹射入木块的过程中损失的机械能?。14. 如图所示，两根足够长的光滑直金属导轨MN 、PQ 平行固定在倾角为 ?的绝缘斜面上，两导轨间距为 L ，导轨的电阻不计。导轨顶端M、 P 两点间接有滑动变阻器和阻值为 R 的定值电阻。 一根质量为 m、电阻不计的均匀直金属杆ab 放在两导轨上，与导轨垂直且接触良好。空间存在磁感应强度大小为B、方向垂直斜面向下的匀强磁场。调节滑动变阻器的滑片，使得滑动变阻器接入电路的阻值为2R，让 ab 由静止开始沿导轨下滑。重力加

13、速度大小为g。(1)求 ab 下滑的最大速度 ?；(2)求 ab 下滑的速度最大时，定值电阻上消耗的电功率P；(3)若在 ab 由静止开始至下滑到速度最大的过程中，定值电阻上产生的焦耳热为Q，求该过程中ab 下滑的距离x 以及通过滑动变阻器的电荷量q。第4页，共 13页15. 如图所示，一根竖直的轻绳吊着活塞。使足够长的汽缸悬空而静止 (汽缸底水平 )。设活塞和缸壁间无摩擦且可以在缸内自由移动，汽缸受到的重力为 G，汽缸底的面积为 S，开始时缸内理想气体的体积为 ?，大气压强恒为?，汽缸壁的厚度不计。00(1) 若气体温度不变，用大小为 F 的力沿汽缸的轴心竖直向下拉汽缸，求稳定后缸内气体的体

14、积 V；(2) 若使缸内气体的热力学温度缓慢升高到原来的k 倍，求该过程中缸内气体对外界做的功W。16. 如图所示，长方形 ABCD 为一透明物体的截面，此截面所在平面内的光线从 AD 边上的 P 点入射后恰好在 AB 边发生全反射，并第一次从BC 边上的 Q 点射出。 ?= ?，?=43?， ?= 3?，光在真空中的传播速度为 c。求：(?)光线从 P 点入射时与 AD 边的夹角 ?的余弦值 ?；(?)光线在透明物体中从 P 点传播到 Q 点所用的时间 t。第5页，共 13页答案和解析1.【答案】 C【解析】 解： A、物体做平抛运动，加速度为重力加速度，小球在运动过程中加速度不变，故 A

15、错误；B、设物体从抛出到某一位置的经过时间为t，竖直速度为：?= ?，水平速度为 ?0，则速度为：22B 错误；?= (?)+ ?0 ，所以速度大小与时间不成正比，故C、平抛运动的加速度不变，则速度的增量为：?= ?，所以速度的增量大小与时间成正比，故 C 正确；12?= ?22D 、竖直位移为： ?=2 ?，水平位移为：0?，所以位移为：?= ?+ ? =1+ (? ?)，所以位移大小与时间的二次方不成正比，故D 错误。(?)22220故选： C。物体做平抛运动，加速度为重力加速度，小球在运动过程中加速度不变；将速度合成，由速度的表达式可以判断速度大小与时间不成正比；根据速度的增量?= ?，

16、可以判断速度的增量大小与时间成正比；根据平抛运动的水平位移和竖直位移，结合平行四边形定则得出位移的表达式，从而判断与时间t 的关系。解答本题关键是得出速度、速度增量和位移与时间的关系，关键通过物理学规律，结合运动学公式等得出物理量间的关系式，从而分析判断。2.【答案】 B【解析】 解： A、分析图象可知，4?2?核的平均结合能为 7MeV，根据平均结合能的定义4可知， ? ?核的结合能为7 4?= 28?，故2B、平均结合能越大的原子核越稳定，分析图象可知，A 错误；89 144? ?核比 ? ?核的平均结合能36 5689144?核更稳定，故B 正确；大，故 ?36?核比 ?566C、核子结

17、合成原子核时， 质量亏损， 释放核能， 故三个中子和三个质子结合成 ?3 ?核时释放能量，故 C 错误；D 、重核裂变时，质量亏损，释放能量，故D 错误。故选： B。分析图象， 确定相关原子核的平均结合能的关系， 原子核的结合能等于平均结合能与核子数的乘积。平均结合能越大的原子核越稳定。核子结合成原子核，质量亏损，释放能量。重核裂变，质量亏损，释放能量。此题考查了原子核的结合能的相关知识， 明确平均结合能大的原子核稳定， 从图象中提取相关信息是解题的关键。3.【答案】 D【解析】 解： A、根据图乙知交流电周期：?= 0.01?，所以频率： ?=1?= 100?，故 A错误；B、电流表的示数表

18、示的是电流的有效值，故B 错误；C、由题意知，原线圈的最大电压：?1 = 400?，而电容器的耐压值为50V，此为副线圈两端允许的最大电压值，根据原、副线圈的最大电压值与匝数成正比，解得副线圈两? =?2 ? = 40?不会被击穿，故 C 错误；端电压： 21，故电容器 C?1第6页，共 13页D 、滑动变阻器的滑片 P 向下移动，电阻减小，而副线圈电压不变，根据闭合电路欧姆定律可知，副线圈的电流变大，根据变压器的变流比可知，原线圈的电流变大，则电流表 ?、 ?的示数均增大，故D 正确。12故选： D。根据图乙知交流电周期为0.01?，根据频率和周期的关系确定频率。电流表显示的是电流的有效值。

19、根据图乙得到原线圈输入电压的最大值， 根据变压比得到副线圈输出电压的最大值， 判断电容器能否击穿。滑动变阻器的触头向下移动，电阻增大，而副线圈电压不变，据此分析电流的变化。此题考查了变压器的构造和原理， 掌握变压器的变压比和变流比特点， 从图象中获取有用的物理信息，能够用动态分析法分析电路的变化。4.【答案】 D【解析】 解：将小球受到的重力沿两根绳方向进行分解， 如左图所示， 两个分力和重力构成矢量三角形；将圆环在竖直平面内逆时针缓慢向左滚动至乙绳竖直， 根据矢量圆原理可得各力的变化如右图所示，根据图象可知，甲绳中的弹力减小，乙绳中的弹力减小，故 ABC 错误， D 正确。故选： D。将小球

20、受到的重力沿两根绳方向进行分解，利用矢量圆方法进行分析。本题主要是考查共点力平衡的动态分析， 关键是能够进行力的合成与分解， 根据矢量圆进行分析即可。5.【答案】 A【解析】 A.在速度选择器中做匀速直线运动的粒子能进入偏转磁场，由平衡条件得： ?=?，1 = ?，粒子速度：?12粒子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得：?= ? ，2?解得： ?=?正确， BCD 错误；12；故A?故选： A。带电粒子先经电场加速后，再进入速度选择器， 电场力与洛伦兹力平衡，速度必须为 ?=?1 的粒子才能通过选择器，然后进入磁场做匀速圆周运动，在磁场中由洛伦兹力提供向心力，根据半径公式分析质量的关系。

21、解决该题的关键是知道带电粒子在速度选择器中的运动情况是匀速直线运动，能根据平衡条件列出方程找到速度的表达式；6.【答案】 BC【解析】 解： AB、如图所示，在该测试段内，随着机车位移的增大，在相等位移 ?上，速度的二次方的差值逐渐减小，由运动学公式2? = 2?分析可知，机车的加速度逐渐减小，故A 错误， B 正确；CD 、由于机车做加速度减小的变加速直线运动，故在该测试段内，机车的平均速度大于匀加速直线运动的平均速度?0，故 C 正确， D 错误。2第7页，共 13页故选： BC。根据机车位移的增大，在相等位移?上，速度的二次方的差值逐渐减小，由运动学公式 2 = 2?分析加速度的变化，

22、从而分析机车的平均速度与匀加速直线运动平均速?度的关系，来求机车的平均速度。解决本题的关键要根据运动学规律分析机车的加速度变化情况，从而判断出其平均速度-?+?与匀加速直线运动平均速度的关系。要注意平均速度公式?0只适用于匀变速直线=2运动。7.【答案】 BD【解析】 解： A、根据开普勒第二定律知同一椭圆运动过程中，行星与太阳的连线在相等的时间内扫过的面积相等，不同的行星周期不同，并不是所有行星与太阳的连线在相等的时间内扫过的面积相等，故A 错误；?0B、根据竖直上抛运动规律知竖直上抛运动时间为：?= 2 ?，已知探测器在火星表面和地球表面以相同的速度竖直上抛一物体，其在地球上落回抛出点的时

23、间是火星上的a 倍，?则地球表面的重力加速度与火星表面之比地=1： a，故 B 正确；?火C、根据星球表面物体的重力等于万有引力，有?2?= ? 2 ，得 ? = ?，地球与火星的?地= 1222质量之比为 ?： ?1aC错误；= ?： ，故火?D 、第一宇宙速度即近地卫星的速度：?= ? ，所以地球与火星的第一宇宙速度大小?21之比为地?D?=?=?：，故正确。?火故选： BD。根据开普勒第二定律知同一椭圆运动过程中，行星与太阳的连线在相等的时间内扫过的面积相等； 根据竖直上抛运动规律求解重力加速度关系；根据星球表面物体的重力等于万有引力求解质量关系；根据第一宇宙速度?= 求第一宇宙速度之比

24、。?本题考查开普勒第二定律和万有引力定律的应用，要掌握竖直上抛运动规律、 万有引力等于重力以及万有引力提供向心力的公式。8.【答案】 AD【解析】 解： A、令物块的质量为m，则小球的质量为2m，释放小球瞬间，对小球和物块整体根据牛顿第二定律有2?- ?37-?37=3?，?解得 ?=3，故A 正确；B、根据能量守恒定律可知，物块上滑过程中， 小球机械能的减少量等于弹簧弹性势能、物块机械能的增加量以及物块和斜面摩擦力产生的热量之和，故B 错误；C、根据动能定理可知，物块上滑过程中，物块动能的增加量等于它所受重力、轻绳拉力、摩擦力以及弹簧的弹力做功之和，故C 错误；D 、小球运动过程中受到重力以

25、及绳子的拉力，根据功能关系可知，绳子拉力所做的功等于小球机械能的变化，故D 正确。故选： AD。对小球和物块整体进行受力分析，根据牛顿第二定律求解加速度大小；第8页，共 13页根据能量守恒定律分析小球机械能的减少量和弹簧弹性势能与物块机械能的增加量之和的关系；根据动能定理分析物块动能的增加量与它所受重力、 轻绳拉力、 摩擦力做功之和的关系；根据功能关系分析轻绳拉力对小球做的功与小球机械能的变化的关系。解决该题需要掌握用整体法分析求解小球的加速度大小， 掌握运动过程中系统存在的能量有哪些，掌握相应的功能关系。9.【答案】 ADE【解析】 解： A、在竖直方向上做受迫振动的弹簧振子，稳定后其振动频

26、率等于驱动力的频率，与固有频率无关，故A 正确；B、根据单摆的频率公式 ?=1?B 错2?知，做简谐运动的单摆振动频率与质量无关，故误；C、在简谐运动中， 介质中的质点在14周期内的路程不一定是一个振幅，与质点的起始位置有关，只有起点在平衡位置或最大位移处时，质点在1周期内的路程才一定是一个振4幅，故 C 错误；D 、根据形成稳定干涉的条件知，只有频率相同的两列波在相遇区域才可能形成稳定的干涉图样，故 D 正确；E、简谐横波在介质中的传播速度由介质本身的性质决定，与波的频率无关， 故 E 正确。故选： ADE。受迫振动的振动频率等于驱动力的频率；做简谐运动的单摆振动频率与质量无关；在简1谐运动

27、中，介质中的质点在4周期内的路程不一定是一个振幅；形成稳定干涉的条件是两列波的频率相同；简谐横波在介质中的传播速度由介质本身的性质决定。解决本题的关键要理解并掌握振动和波的基本知识。要理解振动的周期性，可结合振动图象分析质点在1周期内通过的路程与振幅的关系。410.【答案】 不变减小吸收【解析】 解：缓慢向外拉活塞，可以充分进行热传递，视为等温变化，而温度是分子热运动平均动能的标志，故气体分子的平均动能不变；?气体体积变大，温度不变，根据理想气体状态方程? = ?可知气压变小；封闭气体对外功，但是过程缓慢，视为等温变化，内能不变，根据热力学第一定律，气体从外界吸热。故答案为：不变；减小；吸收。

28、向外拉活塞，封闭气体体积变大，过程缓慢，可以充分进行热传递，视为等温变化；向外拉活塞，封闭气体体积变大，封闭气体对活塞做正功，根据热力学第一定律判断吸放热情况。本题考查理想气体的等温变化， 涉及体积变化、 温度是分子平均动能的标志、 气体做功、热力学第一定律，综合性强，但难度不大，注意用力拉，外力对活塞做正功，会误认为外力对封闭气体做正功，从而导致错误。?122?2 ? ? ?11.【答案】 4.800 A ? =1+2?22122?2?12第9页，共 13页【解析】解：(1)由图示螺旋测微器可知， 其示数为： 4.5?+ 30.0 0.01? = 4.800?。(2) 滑块经过光电门时的速度

29、：? =?，? =?，1?2?12烧断细线后系统动量守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得：?1 ?1 - ?2?2 = 0，整理得：?1 =?2 ，验证动量守恒定律需要测量? 、 ? 、?、 ?，故选 A；?1?21212(3) 由 (2)?可知，验证动量守恒定律的表达式为：?1=?2 ；12烧断细线后弹簧弹性势能转化为滑块的动能，由能量守恒定律可知，121222烧断细线前弹性的弹性势能：? =?1 ?2 ?；2?1?1 +2?2 ?2 =2+22?2?1?1?222；?1 ?2 ?。故答案为： (1)4.800 ； (2)?；(3) ?= ?2 +2122?2?1(1) 螺旋测微器固定刻度

30、与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数。(2) 根据题意求出滑块经过光电门时的速度，应用动量守恒定律求出实验需要验证的表达式，然后分析答题。(3) 应用动量守恒定律求出验证动量守恒定律需要验证的表达式，应用能量守恒定律可以求出弹簧的弹性势能。本题考查了螺旋测微器读数与实验数据处理，要掌握常用器材的使用与读数方法，螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，螺旋测微器需要估读一位。?12.【答案】 B 电压表分流? ? 1.0 CD?【解析】 解： (1) 由图甲所示电路图可知，?打到位置 1 时，可把电压表与电源看做一2个等效电源，根据闭合电路欧姆定律可知，电动势 ?= ?，同时由于

31、电压表的分流作用， 使电流表示数偏小， 因此电动势和内阻的?测量值均小于真实值，所以作出的?- ?图线应是 B 线。(2) 当 ?2接 2 位置时，可把电流表与电源看做一个等效电源，根据闭合电路欧姆定律?= ?- ?图线应是A线，即断可知电动势测量值等于真实值，?= ?真；由图示图象可知，?真 = ?，由于 ?接接 1 位置时， ?- ?图线的 B 线对应的短路电流为?2?=? =?=?。真?，所以 真短?短?(3)灵敏电流计G的满偏电流 ?= 100?= 2.0?、内阻?，若要改装后的电流表满偏电流为 200mA，?-63应并联一只分流电阻，分流电阻阻值：?1 =? ?100 102.0 1

32、0=-3-6 ? 1.0?。?-?200 10-100 10 ?、由于电压表的分流作用，电流的测量值小于流过电源的电流，使电源内阻测量值小于真实值，故 A 错误；B、滑动变阻器起调节作用，其大小不会影响r 的测量结果，故B 错误；C、电表改装时，?1的实际阻值比计算值偏小，可导致通过表头的电流偏小，电流表读数偏小，故内阻测量值总量偏大，故C 正确；D 、电表改装时，?的实际阻值比计算值偏大，可导致通过表头的电流偏小，电流表读0数偏小，故内阻测量值总量偏大，故D 正确。故选： CD。第10 页，共 13页?故答案为： (1)?；电压表分流；(2)? ； ?； (3) 1.0 ； ?。?(1) 根

33、据图示电路图与实验步骤、图示图线作出选择，根据图示电路图分析实验误差来源。(2) 根据图示电路图与图示图线求出电源电动势与内阻。(3) 把灵敏电流计改装成电流表需要并联分流电阻，应用并联电路特点与欧姆定律可以求出并联电阻阻值； 根据图示电路图结合实验原理分析实验误差原因。本题考查测量电动势和内电阻的实验，要注意明确用“等效电源”法分析“测量电源电动势和内阻实验”误差的方法，明确?- ?图象中纵轴截距与斜率的含义。13.v，木块 ( 含子弹 ) 从 B 到 C 过程，据机械【答案】 解： (1) 设木块与子弹的碰后速度12能守恒定律有： 2 (? + ?)? = (? + ?)?在 B 点，据牛

34、顿第二定律有： ?- (? + ?)?=(?+?)?2?据牛顿第三定律得木块(含子弹 )对轨道的压力为： ?= ?联立解得： ?= 3(? + ?)?(2) 设子弹的初速度为?，子弹射入木块过程据动量守恒定律得：0? = (? + ?)?0子弹射入木块的过程中损失的机械能为：1212?(? + ?)?= 2?0 -2(? + ?)? =?答： (1) 木块通过圆弧轨道的B 点时对轨道的压力大小N 为 3(? + ?)?；(2) 子弹射入木块的过程中损失的机械能?为?(?+?)?。【解析】 (1) 根据机械能守恒定律求解木块与子弹的碰后速度v，再根据牛顿第二定律和牛顿第三定律求解木块对轨道的压力

35、；(2) 根据动量守恒定律求解子弹的初速度?0，根据碰撞前后的动能变化求解机械能的损失 ?；本题考查动量守恒与能量的问题， 关键是分析清楚物体运动过程并根据牛顿第二定律和机械能守恒求出碰后的速度。14【.答案】解：(1)?下滑的速度最大时， 其切割磁感线产生的感应电动势为：?= ?，?+2?ab 所受安培力的大小为： ?=?，由受力平衡条件有：?= ?，3?解得： ? =2 2；? ?2(2) 由电功率公式有： ?= ?，222? ? ?解得： ?=2 2；? ?(3) 由定值电阻上产生的焦耳热为Q 可知， 由于滑动变阻器接入电路的阻值为2R，为定值电阻的 2 倍，根据焦耳定律可知滑动变阻器上

36、产生的焦耳热为2Q；设 ab 下滑的距离为x 时达到最大速度，由能量守恒定律可得：12+ ?+ 2?，?= 2 ?第11 页，共 13页9?2 ? 3?解得：?=44+；2? ?在 ab 由静止开始至下滑到速度最大的过程中，穿过回路的磁通量的变化为： ? = ?，设 ab 由静止开始至下滑到速度最大的时间为?，该过程中回路产生的平均感应电动势为： ?= ? ?根据闭合电路的欧姆定律可得该过程中通过回路的平均感应电流为：-?= 3?-又： ?= ?3?2 ? ?。解得： ?=33+2? ?答： (1)?下滑的最大速度为3?2 2；? ?222(2)?下滑的速度最大时，定值电阻上消耗的电功率为? ? ?2 2；? ?(3) 该过程中ab 下