湖南省娄底市双峰县双峰一中2019-2020学年高一物理下学期入学考试试题(含解析)

1、湖南省娄底市双峰县双峰一中2019-2021学年高一物理下学期入学考试试题（含解析）一、选择题1.甲和乙两个物体在同一直线上运动，它们的vt图象分别如图中的a和b所示，下列说法正确的是( )A. 在t1时刻它们的运动方向相同B. 在t2时刻甲与乙相遇C. 甲的加速度比乙的加速度大D. 在0t2时间内，甲比乙的位移大【答案】A【解析】【详解】图线在轴上方，速度均为正值，表示物体的运动方向均沿正方向，运动方向相同，故A正确；ab运动的位移不同，由于甲乙不一定从同一位置出发，故可能在时刻甲与乙可能相遇，故B错误；斜率代表物体的加速度，故甲的加速度小于乙的加速度，故C错误；与时间轴所围面积为物体运动的

2、位移，乙所围面积大于甲所围面积，故在0时间内，甲比乙的位移小，故D错误。故选A。2.人站在自动扶梯的水平踏板上，随扶梯斜向上匀速运动，如图所示，以下说法正确的是()A. 人受到重力和支持力的作用B. 人受到重力、支持力和摩擦力的作用C. 人受到的合外力不为零D. 人受到的合外力方向与速度方向相同【答案】A【解析】【详解】A人匀速运动，合力为零，人只受到重力和支持力的作用，故A正确；B假设人受到摩擦力的作用，则人水平方向合力不为零，这与人合力为零相矛盾，说明人不受摩擦力作用，故B错误；C人匀速运动，合外力一定为零，故C错误；D人受到的合外力为零，没有方向，故D错误。故选择A。3.如图所示，物体A

3、、B和C叠放在水平面上，水平力为Fb5N，Fc10N，分别作用于物体B、C上，A、B和C仍保持静止，以F1、F2、F3分别表示A与B、B与C、C与桌面间的静摩擦力的大小，则（）A. F15N，F20，F35NB. F15N，F25N，F30C. F10，F25N，F35ND. F10，F210N，F35N【答案】C【解析】【详解】以A为研究对象，根据平衡条件得到：A对B的静摩擦力大小，否则水平方向所受的合力不为零，不能保持平衡；以AB整体为研究对象，根据平衡条件得到：再以三个物体整体为研究对象，根据平衡条件得：方向水平向左；所以，故ABD错误，C正确；故选C。4.如右图，轻弹簧上端与一质量为m

4、的木块1相连，下端与另一质量为M的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块1、2的加速度大小分别为、重力加速度大小为g则有A. ，B. ，C. ，D. ，【答案】C【解析】试题分析：在抽出木板的瞬时，弹簧对1的支持力和对2的压力并未改变对1物体受重力和支持力，有：mg=F，a1=0对2物体受重力和弹簧的向下的压力，根据牛顿第二定律有：，故C正确故选C考点：牛顿第二定律【名师点睛】本题属于牛顿第二定律应用的瞬时加速度问题，关键是区分瞬时力与延时力；弹簧的弹力通常来不及变化，为延时力，轻绳的弹力为瞬时力，绳子断开即消失5.如图所示

5、，质量为m的正方体和质量为M的正方体放在两竖直墙和水平面间，处于静止状态。m与M的接触面与竖直方向的夹角为，若不计一切摩擦，下列说法正确的是（）A. 水平面对正方体M的弹力大小大于（M+m）gB. 水平面对正方体M的弹力大小为（M+m）gcosC. 墙面对正方体M的弹力大小为mgtanD. 墙面对正方体M的弹力大小为【答案】D【解析】【详解】AB对M和m构成的整体进行受力分析，受重力G、底面支持力N，两侧面的支持力和，如图：两物体受力平衡，根据共点力平衡条件有水平方向，墙面对正方体M的弹力大小竖直方向，水平面对正方体M的弹力大小选项AB错误；CD对m进行受力分析，受重力mg、墙面支持力Nm，M

6、的支持力，如图：在木块受力平衡的过程中，根据共点力平衡条件有竖直方向水平方向解得所以墙面对正方体M的弹力大小选项C错误，D正确。故选D。6.如图所示，轻绳的两端分别系在圆环A和小球B上，圆环A套在粗糙的水平直杆MN上现用水平力F拉着绳子上的一点O，使小球B从图中实线位置缓慢上升到虚线位置，但圆环A始终保持在原位置不动在这一过程中，环对杆的摩擦力为Ff和环对杆的压力FN的变化情况是 ()A. Ff不变，FN不变B. Ff增大，FN不变C. Ff增大，FN减小D. Ff不变，FN减小【答案】B【解析】【详解】设细绳与竖直夹角为，由平衡条件得：F=mgtan，增大，则F增大；再以整体为研究对象，根据

7、平衡条件得：f=F，则f逐渐增大FN=（M+m）g，FN保持不变故选B考点：整体法及隔离法；共点力的平衡7. 如图所示，两个等大、反向的水平力F分别作用在物体A和B上，A、B两物体均处于静止状态若各接触面与水平地面平行，则A、B两物体各受几个力？（ ）A. 3个、4个B. 4个、4个C. 4个、5个D. 4个、6个【答案】C【解析】先对物体AB进行整体受力分析，水平方向：两个等大、反向的水平力F1和F2正好处于平衡，所以物体B不受地面的摩擦力，对A物体进行受力分析：物体A受到重力、拉力F2、支持力和B给的摩擦力，在四个力的作用下处于平衡状态，故A受4个力物体B受到受到重力、拉力F1、支持力、A

8、给的摩擦力和压力，所以物体B受5个力的作用，故C正确，ABD错误8.如图所示，在斜面顶端的A点以速度v平抛一小球，经t1时间落到斜面上B点处，若在A点将此小球以速度0.5v水平抛出，经t2时间落到斜面上的C点处，以下判断正确的是（）A. t1：t2=4：1B. t1：t2=：1C. AB：AC=4：1D. AB：AC=：1【答案】C【解析】【详解】A、B项：小球落在斜面上时，平抛运动竖直方向上的位移和水平方向上的位移的比值：，则，知运动的时间与初速度成正比，所以，故AB错误；C、D项：竖直方向上下落的高度为，知竖直方向上的位移之比为4：1，斜面上的距离为：知：AB：BC=4：1，故C正确，D错

9、误故选C9.甲、乙从同一地点同一时刻沿同一方向做直线运动其速度图象如图所示，由此可以判断()A. 前10 s内甲的速度比乙的速度大，后10 s内甲的速度比乙的速度小B. 前10 s内甲在乙前，后10 s乙在甲前C. 20 s末两车相遇D. 相遇前，在10 s末两车相距最远【答案】ACD【解析】【详解】A.由图线可看出，前10s内甲的速度比乙的速度大，后10s内甲的速度比乙的速度小故A正确；B.根据图线与坐标轴所围“面积”看出，在20s内甲的位移总大于乙的位移，两车又是从同一地点沿同一方向做直线运动，说明甲一直在乙的前方故B错误；C.由图线与坐标轴所围“面积”看出，20s末两车位移相等，说明20

10、s末两车相遇故C正确；D.在前10s内甲的速度比乙的速度大，两车的距离逐渐增大；后10s内甲的速度比乙的速度小，两车距离减小，则在10s末两车相距最远故D正确故选ACD。10.如图所示，物块a、b的质量均为m，水平地面和竖直墙面均光滑，在水平推力F作用下，两物块均处于静止状态则( )A. b受到的摩擦力大小等于mgB. b受到的摩擦力大小等于2mgC. b对地面的压力大小等于mgD. b对地面的压力大小等于2mg【答案】AD【解析】【详解】AB.因为物块a静止，所以b对a摩擦力平衡了a的重力，所以b对a的摩擦力大小为mg，根据牛顿第三定律可知，a对b的摩擦力为mg，A正确B错误CD.对整体分析

11、，竖直方向地面对b的支持力平衡了整体的重力，所以地面对b的支持力大小为2mg，根据牛顿第三定律，b对地面的压力大小为2mg，C错误D正确11.有一固定斜面的小车在水平面上做直线运动，小球通过细绳与车顶相连。小球某时刻正处于图所示状态。设斜面对小球的支持力为N，细绳对小球的拉力为T，关于此时刻小球的受力情况，下列说法正确的是（）A. 若小车向左运动，N可能为零B. 若小车向左运动，T可能为零C. 若小车向右运动，N不可能为零D. 若小车向右运动，T不可能为零【答案】AB【解析】【详解】A对小球受力分析若小车向左运动做减速运动，则加速度向右，小球受重力及绳子的拉力可以使小球的加速度与小车相同，故此

12、时N可能为零，故A正确；B若小球向左加速运动，则加速度向左，此时重力与斜面的支持力可以使合力向左，则绳子的拉力为零，故B正确；CD同理可知当小球向右时，也可能做加速或减速运动，故加速度也可能向右或向左，故N和T均可以为零，故CD错误。故选AB。12.在固定于地面的斜面上，垂直安放着一挡板，截面为圆柱状物体甲放在斜面上，半径与甲相等的光滑圆球乙被夹在甲与挡板之间，没有与斜面接触而处于静止状态，如图所示。现从球心O1处对甲施加一平行于斜面向下的力F，使甲沿斜面方向极其缓慢地移动，直至甲与挡板接触为止。设乙对挡板的压力为F1，甲对斜面的压力为F2，在此过程中（ ）A. 甲、乙之间弹力缓慢变大B. 甲

13、、乙之间弹力缓慢减小C. F1缓慢减小，F2缓慢增大D. F1缓慢减小，F2不变【答案】BD【解析】【详解】AB先对物体乙受力分析，受重力、挡板的支持力和甲物体的支持力，如图根据平衡条件即结合几何关系可以看出，挡板的支持力N不断减小，F1缓慢减小，即甲、乙之间的弹力缓慢减小，故A错误，B正确；CD对甲和乙整体受力分析，受重力、斜面的支持力、挡板的支持力和已知力F，如图根据平衡条件，y方向上有解得结合牛顿第三定律知，物体甲对斜面的压力不变，故C错误，D正确。故选BD。二、实验题13.在“测定匀变速直线运动的加速度”的实验中，用打点计时器记录纸带运动的时间。计时器所用电源的频率为50Hz，图为一次

14、实验得到的一条纸带，纸带上每相邻的两计数点间都有四个点未画出，按时间顺序取0、1、2、3、4、5六个计数点，用米尺量出1、2、3、4、5点到0点的距离如图所示（单位：cm）。由纸带数据计算可得：(1)计数点4所代表时刻的瞬时速度大小v4=_m/s；(2)小车的加速度大小a=_m/s2。【答案】 (1). 0.405 (2). 0.756【解析】【详解】(1)1由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔根据匀变速直线运动的推论，中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，则计数点4所代表时刻的瞬时速度大小为(2)2根据作差法得14.在探究加速度与力、质量的关系实验中，采

15、用如图所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带打上的点计算出M纸带m实验装置：(1)当M与m的大小关系满足_时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力；(2)一组同学在做加速度与质量的关系实验时保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图像法处理数据。为了比较容易地观测加速度a与质量M的关系，他们应该作a与_图像；(3)某组同学实验得出数据，画出aF图像如图所示，那么该组同学实验中出现的问题可能是（ ）。A.实验中没有平衡摩擦力 B实验中平衡摩擦力过度C.实验中绳子拉力方向没有跟木板

16、平行 D.实验中小车质量发生变化【答案】 (1). mM (2). (3). B【解析】【详解】(1)1根据牛顿第二定律得解得则绳子的拉力知当砝码的总重量远小于滑块质量时，即滑块所受的拉力等于砝码的总重力。(2)2根据牛顿第二顶顶定律a与M成反比，而反比例函数图像是曲线，而根据图线很难判断出自变量和因变量之间关系，故不能作aM图像，但存在关系故a与成正比，而正比例函数图像是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系，故应作图像。(3)3图中没有拉力时就产生了加速度，说明平衡摩擦力时木板倾角过大，故ACD错误，B正确。故选B。三、计算题15.跳伞运动员做低空跳伞表演，他离开飞机

17、后先做自由落体运动，当运动180m时打开降落伞，伞张开运动员就以14.3m/s2的加速度做匀减速运动，到达地面时速度为5m/s，问：(1)运动员离开飞机时距离地面的高度为多少？(2)离开飞机后，经过多长时间才能到达地面？（g取10m/s2）【答案】(1)305m；(2)9.85s【解析】【详解】(1)由可得运动员打开伞时的速度为运动员打开伞后做匀减速运动，由可求得运动员打开伞后运动的位移运动员离开飞机时距地面高度(2)自由落体运动的时间为打开伞后运动的时间离开飞机后运动的时间16.如图所示，能承受最大拉力为10N细线OA与竖直方向成45角，能承受最大拉力为5N的细线OB水平，细线OC能承受足够

18、大的拉力，为使OA，OB均不被拉断，OC下端所悬挂物体的最大重力是多少？【答案】5 N【解析】【详解】当OC下端所悬物重不断增大时，细线OA、OB所受拉力同时增大为了判断哪根细线先被拉断，可选O点为研究对象，其受力情况如图7所示，利用假设，分别假设OA、OB达最大值时，看另一细线是否达到最大值，从而得到结果取O点为研究对象，受力分析如图7所示，假设OB不会被拉断，且OA上的拉力先达到最大值，即F110 N，根据平衡条件有F2F1maxcos4510N7.07 N，由于F2大于OB能承受的最大拉力，所以在物重逐渐增大时，细线OB先被拉断再假设OB线上的拉力刚好达到最大值(即F2max5 N)处于

19、将被拉断的临界状态，根据平衡条件有F1cos45F2max，F1sin45F3.再选重物为研究对象，根据平衡条件有F3Gmax.以上三式联立解得悬挂最大重物为GmaxF2max5 N.17.如图所示，放在水平面上的物体质量m=2kg，受到一个斜向下的与水平方向成37角的推力F=10 N的作用，从静止开始运动。已知物体与水平面间的动摩擦因数=0.25，sin 37=0.6，cos 37=0.8，g取10 m/s2，求：（1）物体10 s末的速度是多大？物体10 s内的位移是多少？（2）若10 s末撤去推力，物体在水平面上运动的总位移是多少？【答案】（1）7.5m/s，37.5m；（2）48.75m【解析】【详解】（1）物体受力据牛顿第二定律，竖直方向上 N-mg-Fsin=0水平方向上Fcos-