西工大附中第六次模拟考理综卷物理部分试题及答案

1、二、选择题：本题共8小题，每小题6分，每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，选对得6分，不选、选错得0分；19-21有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14.结合你所学知识个图中描述的物理学史，判断下列说法错误的是（ ）A.图中“力学”高峰期是指牛顿建立动力学理论B.“电磁学”理论的完备期晚于“力学”的完备期C.伽利略将他的“斜面实验”和“比萨斜塔实验”都记录在他的自然哲学的数学原理一书中D.相对论和量子力学的出现并没有否定经典力学【答案】C【解析】伽俐略将他的“斜面实验”记录在他的两种新科学的对话一书中；而不是自然哲学的数学原理，同时“比萨斜塔实验

2、”找不到具体的记录；故B错误.15.如图所示，光华水平地面上固定一带滑轮的竖直拉杆，用轻绳系着小滑块绕过滑轮，用恒力F1水平向左拉滑块的同时，用恒力F2拉绳，使滑块从A点起由静止开始向右运动，B和C是A点右方的两点，且AB=BC，则以下说法正确的是（ ）A. 从A点至B点F2做的功小于从B点至C点F2做的功B. 从A点至B点F2做的功大于从B点至C点F2做的功C. 从A点至C点F2做的功等于滑块克服F1做的功D. 从A点至C点F2做的功一定大于滑块克服F1做的功【答案】B【解析】A、B由题，AB=BC，根据数学知识得知，从A点至B点绳头的位移大于从B点至C点的位移，F2又是恒力，则从A点至B点

3、F2做的功大于从B点至C点F2做的功故A正确，B错误C、D物体从A到C过程，可能先加速后减速，物体在A点与C点速率可能相等，根据动能定理得知，物体从A运动到C过程中动能的变化量为零，总功为零，则从A点至C点F2做的功可能等于滑块克服F1做的功故C、D错误16.如图，一小球从一半轨道左端A点正上方某处开始做平抛运动（小球可视为质点）飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B点。O为半圆轨道圆心，半圆轨道半径为R，OB与水平方向夹角为60，重力加速度为g，则小球抛出时的初速度为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B点，知速度与水平方向的夹角为30，设位移与水平方向的

4、夹角为，则，因为，则竖直位移。，所以，C正确。17.据科技日报报道，2020年前我国将发射8颗海洋系列卫星，包括4颗海洋水色卫星、2颗海洋动力环境卫星和2颗海陆雷达卫星，以加强对黄岩岛、钓鱼岛及西沙群岛全部岛屿附近海域的检测。设海陆雷达卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径是海洋动力环境卫星的n倍，则在相同时间内（ ）A.海陆雷达卫星到地球球心的连线扫过的面积是海洋动力环境卫星的n倍B.海陆雷达卫星和海洋动力环境卫星到地球球心的连线扫过的面积相等C.海陆雷达卫星到地球球心的连线扫过的面积是海洋动力环境卫星的倍D. 海陆雷达卫星到地球球心的连线扫过的面积是海洋动力环境卫星的倍【答案】C【解析】根据，

5、解得，扫过的面积为，因为轨道半径之比为n，则角速度之比为，所以相同时间内扫过的面积之比为，C正确。18.电阻非线性变化的滑动变阻器R2接入图1的电路中，移动滑动变阻器触头改变接入电路中的长度x，（x为图中a与触头之间的距离），定值电阻R1两端的电压U1与x之间的关系如图2，a、b、c为滑动变阻器上等间距的三个点，当触头从a移动到b和从b移动到c的这两过程中，下列说法正确的是（ ）A.电流表A示数变化相等B.电压表V2的示数变化不相等C.电阻R1的功率变化相等D.电源的输出功率不断增大【答案】A【解析】根据欧姆定律得到电阻R1两端的电压U1=IR1，由图看出，电压U1变化相等，R1一定，则知电流

6、的变化相等，即得电流表示数变化相等故A正确；B、电压表V2的示数U2=E-Ir，电流I的变化相等，E、r一定，则U2相等故B错误；C、电阻R1的功率P1I2R1，其功率的变化量为P1=2IR1I，由上知I相等，而I减小，则知，从a移到b功率变化量较大故C错误；D、由图2知，U1减小，电路中电流减小，总电阻增大，由于外电路总与电源内阻的关系未知，无法确定电源的输出功率如何变化故D错误.19.如图所示，某无限长粗糙绝缘直杆与等量异种电荷连线的中垂线重合，杆竖直防止。杆上有A、B、O三点，其中O为等量异种电荷连线的中点，AO=AB。现有一带点小圆环从杆上A点以初速度v0向B点滑动，滑倒B点时速度恰好

7、为0。则关于小圆环的运动，下列说法正确的是（ ）A.运动的加速度先变大再变小B.电场力先做正功再做负功C.运动到O点的动能为初动能的一半D.运动到O点点速度小于 【答案】AC【解析】等量异号电荷的连线的中垂线上，从A到B电场强度先增大后减小，O点的电场强度最大，所以小圆环受到的电场力先增大后减小，小圆环受到的摩擦力：f=FN=qE，所以小圆环受到的摩擦力先增大后减小，它的加速度，则a先增大后减小故A正确；一对等量异号电荷的连线的中垂线是等势面，故小圆环从A到B过程电场力不做功，故B错误；设AB之间的距离为2L，摩擦力做功为2Wf，小圆环从A到B的过程中，电场力不做功，重力和摩擦力做功，根据动能

8、定理得：AO过程：；AB过程：，即运动到O点的动能为初动能的一半，运动到O点的速度大于，C正确，D错误。20.如图所示，相距为d的两水平线L1和L2分别是水平向里的匀强磁场的边界，磁场的磁感应强度为B，正方形线框abcd边长为L（Ld）、质量为m，电阻为R。将线框在磁场上方高h处由静止释放，ab边刚进入磁场和穿出磁场时的速度恰好相等。则在线框全部穿过磁场的过程中（ ）A.ab边刚进入磁场时ab两端的电势差为B.感应电流所做功为mgd C.感应电流所做功为2mgdD .线框最小速度为【答案】CD【解析】线框进入磁场前做自由落体运动，由机械能守恒定律知，ab边刚进入磁场时，产生的感应电动势E=BL

9、v，解得E=，此时线框中的电流，ab两点间的电势差，A 错误，根据能量守恒，分析从ab边刚进入磁场到ab边刚穿出磁场的过程：动能变化为0，线框的重力势能减小转化为线框产生的热量，则 Q=mgd；ab边刚进入磁场速度为v0，穿出磁场时的速度也为v0，所以从ab边刚穿出磁场到cd边刚离开磁场的过程，线框产生的热量与从ab边刚进入磁场到ab边刚穿出磁场的过程产生的热量相等，所以线框从ab边进入磁场到cd边离开磁场的过程，产生的热量为 Q=2mgd，则感应电流做功为W=Q=2mgd，C正确，B错误；因为线框进磁场时要减速，即此时的安培力大于重力，速度减小，安培力也减小，当安培力减至等于重力时，线框做匀

10、速运动，全部进入磁场将匀加速运动，设线框的最小速度为vm，知全部进入磁场的瞬间速度最小由动能定理得：从ab边刚进入磁场到线框完全进入磁场时，则有，又，解得，D正确。21.如图所示，理想变压器原线圈中正弦式交变电源的输出电压和电流分别为U1和I1，两个副线圈的输出电压和电流分别为U2和I2、U3和I3。接在原线圈中的五个完全相同的灯泡均正常发光。则下列表述正确的是（ ）A.U1:U2:U3=1:1:2B.I1:I2:I3=1:2:1C .三个线圈匝数n1、n2、n3之比为5:2:1D.电源电压U1与原线圈两端电压之比为5:4【答案】BD【解析】设灯泡均正常发光时的电压为U，由图可知，则有：U2=

11、U，U3=2U，理想变压器的输入功率和输出功率相等，所以输入的功率为I1U1，输出的功率为两个副线圈的功率的和，所以I1U1=I2U2+I3U3，所以U1:U2:U3=4:1:2，故A错误B、设灯泡均正常发光时的电流I，由图可知，则有：I1=I，I2=2I，I3=I；所以有：I1：I2：I3=1：2：1，故B正确C、理想变压器的电压与匝数成正比，由U1：U2：U3=4：1：2，可知：n1：n2：n3=4：1：2，故C错误D、根据原线圈与电灯L1串联电流相等，则有电压关系：U：U1=5：4，所以D正确.22.（6分）某实验小组利用拉力传感器和打点计时器“探究加速度与力的关系”。他们将拉力传感器固

12、定在小车上记录小车静止时受到拉力的大小，下面按照甲图进行实验，t=0时，小车处于甲图所示位置。（1）该同学按照甲图完成实验，请指出至少一处错误_（2）图乙是实验中获得的一条纸带的某部分，选取A、B、C、D、E计数点（每两个计数点间还有4个点未画出），AC间的距离为_cm.（3）若打点计时器使用的交流电频率为50Hz，则小车加速度大小为_m/s2.（结果保留两位有效数字）【答案】（1）打点计时器接了直流电 （2）3.10 （3）1.0【解析】打点计时器的电源应接交流电，而图中接了直流电；由图读出AC的距离x=3.10cm；根据逐差法得.23.（9分）在物理课外活动中，王聪明同学制作了一个简单的多

13、用表，图甲为电表的电路原理图。已知选用的电流表内阻Rg=10，满偏电流Ig=10mA，当选择开关接3时为量程250V的电压表。该多用表表盘如图乙所示，下排刻度均匀，C为上排刻度线的中间刻度，由于粗心上排刻度线对应数值没有标出。（1）若指针在图乙所示位置，选择开关接1时其读数为_；选择开关接3时其读数为_。（2）为了测该多用电表欧姆挡的电阻和表内电源的电动势，刘聪同学在实验室找到了一个电阻箱，设计了如下实验：将选择开关接2，红黑表笔短接，调节R1的阻值使电表指针满偏；将多用电表红、黑表笔与电阻箱相连，调节电阻箱使多用电表指针指在C处，此时电阻箱如图丙所示，则C处刻度应为；选择开关接3时其读数为_

14、计算得到多用电表内电池的电动势为；选择开关接3时其读数为_V（保留2位有效数字）（3）调零后将电表红黑表笔与某一待测电阻相连，若指针指在图乙所示位置，则待测电阻的阻值为；选择开关接3时其读数为_（保留2位有效数字）【答案】（1）6.9mA 173V （2）150 1.5 （3）67【解析】（1）选择开关接1时测电流，多用电表为量程是10mA的电流表，其分度值为0.2mA，示数为6.9mA；选择开关接3时测电压，多用电表为量程250V的电压表，其分度值为5V，其示数为173V；（2）由图丙所示电阻箱可知，电阻箱示数为01000+1100+510+01=150；指针指在C处时，电流表示数为5mA=

15、0.005A，C处电阻为中值电阻，则电表内阻为150，电源电动势E=I2R=0.0051502=1.5V；（3）根据第（1）问可知，调零后将电表红黑表笔与某一待测电阻相连，此时电路中的电流值为6.90mA，而表内电池的电动势为E=1.5V，表内总电阻为150，所以待测电阻的阻值为6724.（15分）翼型降落伞有很好的飞行性能。它被看作飞机的机翼，跳伞运动员可以方便地控制转弯等动作。其原理是通过对降落伞的调节，使空气升力和空气摩擦力都受到影响。已知：空气升力F1与飞行方向垂直，大小与速度的平方成正比，F1=C1v2；空气摩擦力F2与飞行方向相反，大小与速度的平方成正比，F2=C2v2。其中C1、

16、C2互不影响，可由运动员调节，C1、C2满足如图b所示的关系。试求：（1）图a中画出了运动员携带翼型伞跳伞后的两条大致运动轨迹试对两位置的运动员画出受力示意图并判断，、两轨迹中哪条是不可能的，并简要说明理由；（2）若降落伞最终匀速飞行的速度v与地平线的夹角为，试从力平衡的角度证明：tan=C2/C1；（3）某运动员和装备的总质量为70kg，匀速飞行的速度v与地平线的夹角约20（取tan20=4/11），匀速飞行的速度v多大？（g取10m/s2，结果保留3位有效数字）解：（1）轨迹不可能存在位置，三力可能平衡（或三力的合力可能与速度在一直线），运动员做直线运动位置，合力方向与速度方向不可能在一直

17、线，所以不会沿竖直方向做直线运动.（2）由位置的受力分析可知，匀速运动时，对重力进行分解，根据平衡条件得：F1=mgcos=C1v2，F2=mgsin=C2v2，两式消去mg和v得，（3）在图b中过原点作直线，正确得到直线与曲线的交点C2=2，C1=5.5根据F2=mgsin=C2v2或F1=mgcos=C1v2得v=10.9m/s.25.（17分）如图所示，在坐标系Oxy的第一象限中存在沿y轴正方向的匀强电场，场强大小为E。A是y轴上一点，它到坐标原点O的距离为h，C是x轴上一点，到O的距离为l。一质量为m，电荷量为q的带负电粒子以某一处速度沿x轴方向从A点进入电场区域，继而通过C点进入磁场

18、区域，并再次通过A点，此时速度方向与y轴正方向成锐角。不计重力作用，试求：（1）粒子经过C点速度大小和方向；（2）磁感应强度的大小B。解：画出带电粒子的运动轨迹如图所示：（1）以a表示粒子在电场作用下的加速度，有qE=ma加速度沿y轴负方向设粒子从A点进入电场时的初速度为v0，由A点运动到C点经历的时间为t，则有 l=v0t 由式得 设粒子从C点进入磁场时的速度为v，v垂直于x轴的分量 由式得 设粒子经过C点时的速度方向与x轴的夹角为，则有 由式得 （2）粒子从C点进入磁场后在磁场中做速率为v的圆周运动若圆周的半径为R，则有 设圆心为P，则PC必与过C点的速度垂直，且有PC=PA=R.用表示P

19、A与y轴的夹角，由几何关系得 由解得 由得.33.【物理选修3-3】（15分）（1）（6分）下列说法正确的是_.（填正确答案字母，选对1个3分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错一个扣3分，最低得分为0分）A.布朗运动反映的是液体分子的无规则运动B.根据热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传到高温物体C.物体放出热量，温度一定降低D.气体对容器壁的压强是由于大量气体分子对器壁的碰撞作用产生的E.热量是热传递过程中，物体间内能的转移量；温度是物体分子平均动能大小的量度【答案】ADE【解析】A、布朗运动是固体小颗粒的运动，是液体分子无规则运动的反映；故A正确；B、热量可以从低温物体传到高温

20、物体，但要引起其他方面的变化，故B错误；C、物体放出热量时，若同时外界对物体做功，则温度可以升高，故C错误；D、大量气体分子对器壁的持续撞击引起了气体对容器壁的压强，故D正确；8E、热量是热传递转转移的内能多少的量度，温度是分子平均动能的标志，故E正确。（2）（9分）如图所示，“13”形状的各处连通且粗细相同的细玻璃管竖直放置在水平地面上，只有竖直玻璃管FG中的顶端G开口，并且与大气相同，水银面刚好与顶端G平齐。AB=CD=L，BD=DE=，FG=。管内用水印封闭有两部分理想气体，气体1长度为L，气体2长度为，L=76cm。已知大气压强p0=76cmHg，环境温度始终为t0=27，现在仅对气体

21、1缓慢加热，直到使管中的水印恰好降到D点，求此时：（计算结果保留三位有效数字）（1）气体2 的压强p2为多少厘米汞柱？（2）气体1的温度需加热到多少摄氏度？解：（1）加热气体1时，气体2的温度、压强、体积均不改变，气体2的压强：；（2）对于气体1，设玻璃管横截面积为S，由理想气体状态方程得，其中V1=LS，V2= ，p0=76cmHg，p2=（76+19）=95cmHg，T0=t0+273=300K，解得：T2=468.75K，t2=T2-273=468.75-273196。34.【物理选修3-4】（15分）（1）一列沿x轴正方向传播的简谐横波t时刻的波形图象如图所示，已知该波的周期为T，a、

22、b、c、d为波传播方向上的四个质点。则下列说法中正确的是_.（填正确答案字母，选对1个3分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错一个扣3分，最低得分为0分）A.在时，质点c的速度达到最大值B.在t+2T时，质点d的加速度达到最大值C. 从t到t+2T的时间间隔内，质点d通过的路程为6cmD. t时刻后，质点b比质点a先回到平衡位置E.从t时刻起，在一个周期内，a、b、c、d四个质点沿x轴通过的 路程均为一个波长【答案】BCD【解析】A、在时，质点c运动到波峰，速度为零故A错误B、经过个周期，质点d开始振动，起振方向竖直向下，再经过到达正向最大位移处，所以在t+2T时，质点d的加速度达到最大值故B正确C、经过个周期，质点d开始振动，在剩余的的时间间隔内，质点d通过的路程为 s=3A=6cm故C正确D、根据“上下坡法”知a质点向上振动，b质点向上振动，b质点先回到平衡位置故D正确E、从t时刻起，在一个周期的时间内，a、b、c、d四个质点沿x轴通过的路程都是四个振幅，而不是一个波长故E错误（2）（9分）如图所示是一个透明圆柱的横截面，其半径为R，折射率是，AB是一条直径，今有一束平型光沿AB方向射向圆柱体，若一条入射光线经折射后恰经过B点，试求：（1）这条入射光线到AB的距离是多少？（2）这条入射光线在圆柱体中的运动时间是多少？解