辽宁省辽阳市灯塔二中2016届九年级(上)期末物理模拟试卷(三)(解析版)

1、2015-2016学年辽宁省辽阳市灯塔二中九年级（上）期末物理模拟试卷（三）一、单项选择题（请将下列各题中正确选项的字母填入下表中相对应的栏内，共8个小题，每小题3分，共24分）21*cnjy*com1一个定值电阻接在某段电路中，当电压为1.5V时，通过的电流为0.15A，当电压增大为原来的2倍时，则下列说法正确的是（）A电阻为原来的2倍B电流为原来的2倍C电流为原来的D电阻为原来的2目前石油、煤炭消耗量的迅速增长，易导致能源危机因此，开发和利用新能源，成为全世界最为关注的问题之一小明家的太阳能热水器内装有100kg、25的水，经过一天照射后，温度升高了50则水吸收的热量及至少可以节约煤的质量

2、分别是水的比热容是4.2×103J/（kg），煤的热值是3.0×107J/kg（）A1.05×107J 0.35 kB2.1×107J 0.35kgC1.5×107J 0.7kgD2.1×107J 0.7 kg3把标有“6V 3W”的小灯泡与最大阻值为100的滑动变阻器连接在电源电压恒为18V的电路中，各电表选择的量程如图所示，要求闭合开关后两电表的示数均不超过所选量程，且灯泡两端电压不允许超过额定值（灯丝电阻不变）下列说法正确的是（）A在滑动变阻器滑片向左移动的过程中，电流表示数变大，电压表示数变大B电路的总功率最大值为10.8WC

3、小灯泡的电功率最小值为0.75WD滑动变阻器允许调节的范围是18604在如图所示的电路中，闭台开关S后，只有灯泡L1发光，并且电压表无示数，则电路可能出现的故障为（）A电压表断路B灯泡L2断路C电压表短路D灯泡L2短路5在如图1所示的电路中，开关S闭合时，电压表V和V1的示数如图2甲、乙所示，则该电路中的电流为（）A1 AB0.4 AC0.2 AD0.6 A6将一支有弹力后盖的圆珠笔按在桌面上，松开手，会发现圆珠笔将竖直向上跳起下列对圆珠笔从松手到上升至最高点的过程中能量转化的分析，正确的是（）A动能重力势能弹性势能B内能动能重力势能C弹性势能动能重力势能D动能重力势能内能7在如图所示的电路中

4、电阻R1、R2、R3阻值均为4电源电压为6V并保持恒定下列说法正确的是（）A开关S1、S2均闭合时，通过电阻R1的电流是0.75AB开关S1、S2均闭合时，电路总电阻为12C开关S1闭合、S2断开时，电路总电阻为8D开关S1闭合、S2断开时电路消耗的电功率为4.5W8杨贺同学晚上在家里看书，他想把台灯插上，刚插上插头，所有的用电器全部停止工作，但用测电笔分别测双孔插座的两个孔，却发现两次氖管都发光，下列原因可能的是（）A用电器总功率过大B台灯插头处短路C台灯灯座处短路D进户零线上的保险丝熔断二、填空题9如图所示，当开关闭合后电流表A1的示数为0.3A，通过灯L1的电流为A，电流表A2的示数为A

5、21·cn·jy·com10如图为小明同学连接的测量小灯泡额定功率的电路图，图中使用了三节干电池作电源，已知小灯泡的额定电压为3.8V，额定功率大约为1.2W闭合开关前电路中还存在哪些问题，请你至少指出两处（1）；（2）11一盏电灯工作25h耗电1kWh，这盏电灯的功率是W12在探究“电阻上的电流跟两端电压的关系”时，应保持不变某同学根据得到的数据画出了如图所示的图象，你对这个图象进行分析后，得出的结论是13甲、乙两个灯泡分别标有“220V，40W”、“220V，60W”字样，并联在220V电源上，通过灯丝电流强度大的是灯泡，灯丝电阻较大的是灯泡如果两灯泡钨丝长短

6、一样，则钨丝较粗的是，使用相同时间，甲、乙两灯消耗的电能之比是21世纪教育网版权所有14完全燃烧2kg、干木柴可以放出 J的热量，这些热量若只有21%被水吸收，则可以使常温下100kg的水温度上升 15常见汽车的动力机械是内燃机从能量转化的角度来看，内燃机是把能转化为能的机器内燃机的效率较低，它在工作过程中，能量大部分以能的形式耗散掉16额定功率为1500W的电热水壶，内装1升、初温为20的水，若接通电源后，正常工作4 分钟水被烧开（温度为100）这个过程中水吸收的热量为J，消耗了J的电能水的密度为1.0×l03kg/m3，比热容为4.2×103J/（kg）17如图所示电路

7、，电源电压恒定不变，电阻R1=20，R2=60当S断开时，电流表的示数为0.3A；当S闭合时，电流表的示数为，电路1min内总共产生的热量为J18某品牌电热饮水机加热功率、保温功率分别为950W、40W，如果饮水机一天（按24h计算）有2h处于加热状态，其余时间处于保温状态，则这台饮水机一天共耗电kWh19图中所示电路中，L1和L2分别为“220V 15W”和“220V 40W”的白炽灯泡，为了使L1、L2都发光，且L1比L2亮，应闭合的开关为 当开关 闭合时，保险丝会被熔断20“神舟”六号飞船的成功发射，标志着我国载人航天的新突破“神舟”六号飞船在加速升空的过程中，其动能，势能（选填“增大”

8、、“减小”、“不变”）三、作图、实验探究题（共24分）21如图1示是小明同学设计的测电阻R的电路图请根据这个电路图用笔画线代替导线，将图2的元件连成电路，要求：滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表的示数变大（电压表选用03V量程，电流表选用00.6A量程，导线不能交叉）22日常生活中发生的火灾事故大多是短路导致的小明同学猜想：通电导体发热多少可能与电流大小有关于是他和同学用完全相同的器材组成两个电路进行探究开关同时闭合后，调节滑动变阻器使两电路中电流不同，如图甲、乙所示，实验中观察到A瓶中的煤油液面升得比B瓶高，说明了A瓶中煤油吸收的热量比B瓶实验表明：23小军同学欲测量一只额定电压为2.5V

9、的小灯泡正常工作时的电阻，请你与他一起边实验边思考，并回答下列问题（1）如图所示图甲是即将完成的该实验的电路图请在图中三个“”内正确填入“灯泡”、“电流表”和“电压表”的电路符号，完成该电路图（2）按电路图连接完电路，闭合开关快速试触的瞬间，电流表和电压表出现了如图乙所示的情况，经检查，所有仪器、元件完好请分析出现以上现象的可能原因（两表各写一条）电流表：；电压表：（3）小军问题解决后，再次接通电路，为了使小灯泡能够正常发光，应调节滑动变阻器使电压表示数为V小灯泡正常发光时，电流表的示数如图丙所示，则流过小灯泡的电流为A，该灯泡正常工作时的电阻是24（2015秋辽阳校级期末）一盏白炽灯上标有“

10、220V 100W”字样（1）求这盏白炽灯正常工作时的电流（2）求白炽灯正常工作的电阻（3）若接在200V的电压上工作消耗的功率是多大？（4）若接在380V的电压上让它正常发光应串联一个多大的电阻？该电阻消耗的功率是多大？（5）若用长导线把这盏白炽灯接到远处的电源上，该电源的供电电压恒为220V，这时白炽灯的实际电功率为81W，求导线上损耗的电功率（设灯丝的电阻不变）25（2007常德）如图所示，电源电压保持不变，S断开时，L正常发光，电路的功率为4W；S闭合时，电路的总功率为9W，此时通过R的电流为0.5A求：www-2-1-cnjy-com（1）灯泡的额定电压；（2）灯泡（正常工作时）的电

11、阻26（2010大连）小明制作了一个简易电加热器，其电路图如图所示R1、R2是发热电阻，开关s接“1”时为高温挡、接“2”时为低温挡，在每个挡内温度是可调的电源电压是12V，变阻器R的最大电阻是10，R2的电阻是32试求：（1）开关s接“1”时，变阻器的滑片在a端，R1的功率是8W则R1的电阻是多少？（2）开关s接“2”时，变阻器的滑片在b端，则R1和R2的总功率是多少？2015-2016学年辽宁省辽阳市灯塔二中九年级（上）期末物理模拟试卷（三）参考答案与试题解析一、单项选择题（请将下列各题中正确选项的字母填入下表中相对应的栏内，共8个小题，每小题3分，共24分）【来源：21·世纪&

12、#183;教育·网】1一个定值电阻接在某段电路中，当电压为1.5V时，通过的电流为0.15A，当电压增大为原来的2倍时，则下列说法正确的是（）A电阻为原来的2倍B电流为原来的2倍C电流为原来的D电阻为原来的【考点】欧姆定律的应用【专题】电路和欧姆定律【分析】（1）导体电阻由导体的材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压与流过导体的电流无关；（2）导体电阻R不变时，由I=知，流过导体的电流I与导体两端的电压U成正比【解答】解：（1）导体电阻由导体的材料、长度、横截面积决定，现在导体的材料、长度与横截面积不变，导体的电阻不变，故AD错误；（2）导体电阻R不变，由I=知，当电阻两端的电压

13、U增大为原来的2倍2U时，流过电阻的电流变为原来的两倍，故B正确，C错误故选B【点评】本题考查了影响导体大小的因素，欧姆定律，是一道基础题；应熟练掌握基础知识2目前石油、煤炭消耗量的迅速增长，易导致能源危机因此，开发和利用新能源，成为全世界最为关注的问题之一小明家的太阳能热水器内装有100kg、25的水，经过一天照射后，温度升高了50则水吸收的热量及至少可以节约煤的质量分别是水的比热容是4.2×103J/（kg），煤的热值是3.0×107J/kg（）A1.05×107J 0.35 kB2.1×107J 0.35kgC1.5×107J 0.7kg

14、D2.1×107J 0.7 kg【考点】热量的计算；燃料的热值【专题】常规题型；比热容、热机、热值【分析】知道水的质量、水的比热容、水的温度升高值，利用吸热公式Q吸=cmt求水吸收的热量；这些热量若由完全燃烧煤提供，需要煤的质量就是节约煤的质量，所以有Q放=Q吸，再利用Q放=mq求煤的质量【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2×103J/（kg）×100kg×50=2.1×107J；（2）由题知，这些热量由完全燃烧煤提供，即Q放=Q吸，由Q放=m煤q得至少需要煤的质量（节约煤的质量）：m=0.7kg故选D【点评】本题考查了学生对吸

15、热公式Q吸=cmt、燃料完全燃烧放热公式Q放=mq的掌握和运用，本题关键有二：一是升高到（末温t）和升高了（t）的含义，二是能从题意中得出Q吸=Q放3把标有“6V 3W”的小灯泡与最大阻值为100的滑动变阻器连接在电源电压恒为18V的电路中，各电表选择的量程如图所示，要求闭合开关后两电表的示数均不超过所选量程，且灯泡两端电压不允许超过额定值（灯丝电阻不变）下列说法正确的是（）A在滑动变阻器滑片向左移动的过程中，电流表示数变大，电压表示数变大B电路的总功率最大值为10.8WC小灯泡的电功率最小值为0.75WD滑动变阻器允许调节的范围是1860【考点】电路的动态分析；串联电路的电压规律；欧姆定律的

16、应用；电功率的计算【专题】计算题；压轴题；图析法【分析】分析实物图可知：灯泡与滑动变阻器是串联关系；电流表测量串联电路的电流（所选量程为00.6A），电压表测量滑动变阻器两端的电压（所选量程为015V）（1）滑片向左移动时，根据滑动变阻器的变阻原理判定连入电路的电阻的变化；再判定总电阻的变化，根据欧姆定律和串联电路的电压关系判定电流表和电压表示数的变化情况；（2）由灯的铭牌求出灯正常发光时的电流和灯丝电阻，确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器连入电路的最小电阻，利用P=UI求电路的总功率最大值；（3）为保护电压表，滑动变阻器两端的最大电压为15V，此时滑动变阻器连入的电阻最大，利用

17、串联电路的电压关系求出此时加在灯两端的电压；再利用欧姆定律求出此时电路中的最小电流和滑动变阻器连入的电阻；最后利用P=UI求小灯泡的电功率最小值；（4）由（2）（3）得出滑动变阻器允许调节的范围【解答】解：（1）如图，滑片向左移动时，根据滑动变阻器连入电路的电阻变小，电路的总电阻变小，根据欧姆定律知道电路中的电流变大（电流表的示数变大）；滑动变阻器连入电路的电阻变小、分压变小（电压表示数的变小），故A错；（2）由“6V 3W”可求：灯丝电阻：R=12，灯正常发光时的电流：I=0.5A，由题知电路中的最大电流应为0.5A，即：I=0.5A，滑动变阻器连入电路的最小电阻：R=24，此时电路中电功率

18、最大：P大=UI=18V×0.5A=9W，故B错；（3）为保护电压表，滑动变阻器两端的最大电压为15V，此时滑动变阻器连入的电阻最大，U=UL+UR，小灯泡两端的最小电压：UL=UUR=18V15V=3V，此时电路中的电流：I=0.25A，I=，即： =0.25A，滑动变阻器连入的最大电阻：R=60，此时小灯泡的电功率（最小）：P小=ULI=3V×0.25A=0.75W，故C正确；（4）由可知滑动变阻器允许调节的范围为2460，故D错故选C【点评】本题关键：一是根据灯的铭牌求出允许通过的最大电流、确定滑动变阻器连入的最小阻值；二是根据电压表的量程求出滑动变阻器两端的最大电压

19、、确定滑动变阻器连入的最大阻值4在如图所示的电路中，闭台开关S后，只有灯泡L1发光，并且电压表无示数，则电路可能出现的故障为（）A电压表断路B灯泡L2断路C电压表短路D灯泡L2短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【专题】应用题；压轴题【分析】（1）只有灯泡L1发光，说明电路中L2无断路；（2）电压表无示数，说明电压表断路或被短路【解答】解：图中灯泡L1和L2串联，电压表并联在灯L2两端，闭合开关后，只有灯泡L1发光，并且电压表无示数A、电压表断路时，灯泡L2会发光，不符合题意，该选项错误；B、灯泡L2断路时，小灯泡L1也不会发光，不符合题意，该选项错误；C、电压表短路时，电压表无示

20、数，灯泡L2也被短路，不能发光，符合题意，该选项正确；D、灯泡L2短路时，灯泡L2不能发光，电压表也被短路，无示数，符合题意，该选项正确故选C、D【点评】用电压表判断故障时，若电压表有读数，可能是所并联的地方开路或其他地方短路了，若电压表没有读数，则可能是所并联的地方短路或其他地方开路了5在如图1所示的电路中，开关S闭合时，电压表V和V1的示数如图2甲、乙所示，则该电路中的电流为（）A1 AB0.4 AC0.2 AD0.6 A【考点】欧姆定律的变形公式【专题】欧姆定律【分析】串联电路的电压规律为：U=U1+U2；明确图中电压表所测哪部分电压；确定电压表的量程，再根据欧姆定律I=可求出电流值【解

21、答】解：由图可看出，电压表V测量总电压U，电压表V1测量灯泡L两端电压；根据串联电路的电压规律为：U=U1+U2；可知U大于U1，故电压表甲使用大量程，示数为U=6V；电压表乙使用小量程，示数为U1=2.4V；电阻R两端的电压为U2=UU1=6V2.4V=3.6V；电流中电流为：I=0.6A；故ABC错误；D正确；故选D【点评】明确串联电路电压规律，熟练运用欧姆定律，是解答此题的关键6将一支有弹力后盖的圆珠笔按在桌面上，松开手，会发现圆珠笔将竖直向上跳起下列对圆珠笔从松手到上升至最高点的过程中能量转化的分析，正确的是（）A动能重力势能弹性势能B内能动能重力势能C弹性势能动能重力势能D动能重力势

22、能内能【考点】动能和势能的转化与守恒【专题】机械能及其转化【分析】解决此题的关键是要知道物体由于运动而具有的能叫动能，物体由于被举高而具有的能叫重力势能，物体由于发生形变而具有的势能叫弹性势能，可根据选项进行判断各能量是如何变化的，进而分析能量的转化21教育名师原创作品【解答】解：将一支有弹力后盖的圆珠笔按在桌面上，此时圆珠笔具有弹性势能，松手后弹性势能转化为圆珠笔的动能，随后圆珠笔上升，重力势能增大，故动能又转化为重力势能；所以A、B、D不符合题意，只有C符合题意；故选C【点评】解决此类问题的关键是要知道各能量跟哪些因素有关，根据各因素的变化情况分析能量的变化情况7在如图所示的电路中电阻R1

23、、R2、R3阻值均为4电源电压为6V并保持恒定下列说法正确的是（）A开关S1、S2均闭合时，通过电阻R1的电流是0.75AB开关S1、S2均闭合时，电路总电阻为12C开关S1闭合、S2断开时，电路总电阻为8D开关S1闭合、S2断开时电路消耗的电功率为4.5W【考点】欧姆定律；电阻的串联；电功率的计算【专题】计算题；压轴题【分析】（1）开关S1、S2均闭合时，电阻R3短路，则R1与R2串联；根据欧姆定律I=即可判定通过R1的电流大小；www.21-cn-（2）开关S1、S2均闭合时，电阻R3短路，则R1与R2串联；则根据串联电阻与总电阻的关系即可求得电路中的总电阻；【版权所有：21教育】（3）开

24、关S1闭合、S2断开时，电路中三个电阻是串联关系；根据串联电阻与总电阻的关系即可求得电路中的总电阻；（4）开关S1闭合、S2断开时，电路中三个电阻是串联关系；根据P=即可求得电路中消耗的电功率【解答】解：（1）开关S1、S2均闭合时，电阻R3短路，则R1与R2串联；则根据欧姆定律可得电路中的总电流为：I=0.75A；即通过R1的电流为0.75A；故A正确（2）开关S1、S2均闭合时，电阻R3短路，则R1与R2串联；则电路中的总电阻为：R总=R1+R2=4+4=8；故B错误（3）开关S1闭合、S2断开时，电路中三个电阻是串联关系；则则电路中的总电阻为：R总=R1+R2+R3=4+4+4=12；故

25、C错误（4）开关S1闭合、S2断开时，电路中三个电阻是串联关系；则电路中的总电阻为12，总电压为6V；所以，总功率为：P总=3W故D也错误故选A【点评】本题主要考查了欧姆定律的应用、电阻的串联以及电功率的计算；题目的难度不是很大，但是，根据开关的闭合与断开来判定各电阻的串并联关系是难点8杨贺同学晚上在家里看书，他想把台灯插上，刚插上插头，所有的用电器全部停止工作，但用测电笔分别测双孔插座的两个孔，却发现两次氖管都发光，下列原因可能的是（）A用电器总功率过大B台灯插头处短路C台灯灯座处短路D进户零线上的保险丝熔断【考点】家庭电路的故障分析【专题】应用题；比较思想；归纳法；电与热、生活用电【分析】

26、家庭电路中的保险丝熔断，是由于电路中的电流过大而产生电流过大的原因有两个：一是用电器的总功率过大，另一个是发生短路由生活常识可知，台灯的功率一般较小，因此造成保险丝熔断的原因不会是因台灯的功率过大；用测电笔分别测试插座的两个孔，发现测电笔都发光，说明左孔和右孔都和火线相连，如图说明零线断【解答】解：A、用电器总功率过大，就会烧断保险丝，氖管不会发光；故A错误；B、台灯插头短路，当插头插入插座时，就会烧断保险丝，氖管不会发光，故B错误；C、灯座短路，当插头插入插座后，会造成火线与零线间的短路，进户火线上的熔丝熔断，整电路没电，不会使测电笔的氖管发光，故C错误；D、进户零线上的保险丝熔断，两孔都和

27、火线相连，测电笔的氖管发光；但灯不亮，故D正确故选D【点评】本题考查对家庭电路故障的分析判断能力解题的关键是对产生短路原因的理解二、填空题9如图所示，当开关闭合后电流表A1的示数为0.3A，通过灯L1的电流为0.3A，电流表A2的示数为0.3A【考点】串联电路的电流规律；电流表的使用【分析】当开关闭合后，两灯泡与两电流表串联，串联电路中电流处处相等【解答】解：因为两灯泡串联，两电流表测量的都是串联电路的电流，所以电流都相等，都是0.3A故答案为：0.3；0.3【点评】本题考查电流表的使用和串联电路中电流的规律，关键知道串联电路中电流处处相等10如图为小明同学连接的测量小灯泡额定功率的电路图，图

28、中使用了三节干电池作电源，已知小灯泡的额定电压为3.8V，额定功率大约为1.2W闭合开关前电路中还存在哪些问题，请你至少指出两处（1）电压表选择的量程太小，应该选015V量程；（2）电流表的“+”“”接线柱接错了，应该“+”进“”出【考点】探究用电器的电功率实验；实物的电路连接；电功率的测量【专题】实验题；简答题；信息给予题【分析】测量小灯泡的电功率的实验，小灯泡和滑动变阻器组成串联电路，电流表测量通过小灯泡的电流，电压表测量小灯泡两端的电压，注意电压表和电流表的量程的选择和“+”“”接线柱的连接顺序，电流从“+”接线柱流进从“”接线柱流出【出处：21教育名师】【解答】解：（1）电源采用了三节

29、干电池串联，总电压为1.5V×3=4.5V，小灯泡的额定电压为3.8V，从以上信息可以看出电压表必须选择015V量程（2）根据小灯泡的额定电压为3.8V，额定功率大约为1.2W，求得通过小灯泡的电流I=0.32A，因此电流表的量程选择0.6A，电流应从它的“+”接线柱流进从“”接线柱流出故答案为：（1）电压表选择的量程太小，应该选015V量程；（2）电流表的“+”“”接线柱接错了，应该“+”进“”出【点评】实物电路的连接有以下几个地方需要注意：（1）电源的连接，尤其是干电池要首尾相连（串联）；（2）电表量程的选择和“+”、“”接线柱的顺序，电压表量程根据灯泡额定电压或电源电压选，电流

30、表量程根据电路中的最大电流；（3）滑动变阻器要串联在电路中，接线柱选择要“一上、一下”11一盏电灯工作25h耗电1kWh，这盏电灯的功率是40W【考点】电功率的计算【专题】计算题；压轴题【分析】已知消耗的电能和通电时间，可求电功率【解答】解：故答案为：40【点评】本题考查电功率的计算，属于最基础的题，主要是公式的应用12在探究“电阻上的电流跟两端电压的关系”时，应保持电阻不变某同学根据得到的数据画出了如图所示的图象，你对这个图象进行分析后，得出的结论是电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比【考点】欧姆定律【专题】实验题；欧姆定律【分析】电阻上的电流与电阻两端电压和电阻有关，由此根据控制

31、变量法分析；由图象知电阻的电流与两端电压是一正比例图线，由此分析得到结论【解答】解：因为电阻上的电流与导体两端电压和电阻有关，所以在探究“电阻上的电流跟两端电压的关系”时，应保持电阻不变；由图象可知，电阻不变时，电阻的电流与其两端电压是一个正比例图线，所以得到结论是：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比故答案为：电阻；电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比【点评】本题考查对电流与导体两端电压和导体电阻关系的认识和理解，会正确使用控制变量法是关键13甲、乙两个灯泡分别标有“220V，40W”、“220V，60W”字样，并联在220V电源上，通过灯丝电流强度大的是乙灯泡，灯丝电阻

32、较大的是甲灯泡如果两灯泡钨丝长短一样，则钨丝较粗的是乙，使用相同时间，甲、乙两灯消耗的电能之比是2：3【考点】欧姆定律的应用；影响电阻大小的因素；电功的计算【专题】压轴题【分析】两灯并联在220V的电源上，则两灯电压均为额定值，由功率公式可求得两灯的电流及电阻；根据影响电阻大小的因素可知钨丝的粗细；由电功公式可求得消耗的电能【解答】解：由P=UI得：两灯的额定电流分别为I1=0.182A，I2=0.273A；因两灯并联在220V的电源上，故两灯均正常发光，故乙灯的电流强度较大；电源电压相等，而甲灯的电流较小，由欧姆定律可得，甲灯的电阻较大；因为金属导体的电阻体的长度成正比，与导体的粗细程度成反

33、比，故乙灯较粗；由W=Pt得，在相等时间内两灯消耗的功率分别为：W1=P1t=40t，W2=P2t=60t故两灯消耗的电能之比为； =； 故答案为：乙，甲，乙，2：3【点评】本题考查欧姆定律、金属导体的电阻的大小；本题体现物理知识在生活中的应用，我们可以根据灯丝的粗细判断灯泡功率的大小14完全燃烧2kg、干木柴可以放出 2.4×107J的热量，这些热量若只有21%被水吸收，则可以使常温下100kg的水温度上升 12【考点】热量的计算；能量利用效率；燃料的热值【专题】计算题；应用题；压轴题【分析】完全燃烧干木柴放出热量根据公式Q=qm就可得出结果，释放的热量有21%被吸收，根据公式Q=

34、cmt可得出使常温下100kg的水上升的温度21*cnjy*com【解答】解：干木柴放出热量Q放=qm木=1.2×107J/kg×2kg=2.4×107J 因为 Q吸=Q放=cmt，所以故答案为2.4×107，12【点评】本题考查干木柴释放热量的计算，以及水吸收热量后升高的温度的计算，关键是释放的热量不一定等于吸收热量15常见汽车的动力机械是内燃机从能量转化的角度来看，内燃机是把内能转化为机械能的机器内燃机的效率较低，它在工作过程中，能量大部分以内能的形式耗散掉【考点】热机【专题】比热容、热机、热值【分析】本题要明确热机的能量转化：内能转化为机械能热机效

35、率较低，很多内能散失掉了【解答】解：内燃机是把内能转化为机械能的机器；热机效率较低，很多内能散失掉了故答案为：内；机械；内【点评】本题考查了热机是把内能转化为机械能的机器以及热机的效率16额定功率为1500W的电热水壶，内装1升、初温为20的水，若接通电源后，正常工作4 分钟水被烧开（温度为100）这个过程中水吸收的热量为3.36×105J，消耗了3.6×105J的电能水的密度为1.0×l03kg/m3，比热容为4.2×103J/（kg）【考点】热量的计算；电功的计算【专题】计算题；压轴题【分析】根据m=V计算出水的质量，再利用Q=cmt计算热量，根据电

36、功公式计算出消耗的电能【解答】解：（1）1升=0.001m3 ，由密度公式得：m=v=1.0×103kg/m3×0.001m3=1kg，Q吸=cmt=4.2×103J/（kg）×1kg×（10020）=3.36×105J（2）t=4min=240s，消耗的电能：W=Pt=1500W×240s=3.6×105J故答案为：3.36×105；3.6×105【点评】本题考查学生对热量公式、电功公式及密度公式的运用17如图所示电路，电源电压恒定不变，电阻R1=20，R2=60当S断开时，电流表的示数为0.

37、3A；当S闭合时，电流表的示数为0.4，电路1min内总共产生的热量为144J【考点】欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；焦耳定律【专题】计算题；压轴题【分析】S断开时，只有R1接入电路，则由欧姆定律可求得电源电压；S闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，则由欧姆定律可求得通过R2的电流，由并联电路的电流规律可知电流表的示数；由焦耳定律可求得电路在1min内产生的热量；【解答】解：当S断开时，由欧姆定律可得：电源电压U=I1R1=0.3A×20=6V； 当S闭合时，R1两端的电压不变，故通过R1的电流不变；通过I2的电流：I2=0.1A；则由并联电路的电流规律可得：电流表的示数I=I

38、1+I2=0.3A+0.1A=0.4A；由焦耳定律可得：电路在1min内共产生的热量Q=I2Rt=UIt=6V×0.4A×60s=144J； 故答案为：0.4；144【点评】本题考查欧姆定律及焦耳定律的使用，要求学生能正确分析电路，明确电路的结构才能正确应用物理规律求解18某品牌电热饮水机加热功率、保温功率分别为950W、40W，如果饮水机一天（按24h计算）有2h处于加热状态，其余时间处于保温状态，则这台饮水机一天共耗电2.78kWh【考点】电功的计算【专题】计算题；压轴题【分析】知道加热和保温时间，利用公式W=Pt分别计算加热和保温时消耗的电能就可以得出1天耗电【解答】

39、解：加热消耗电能：W1=P1t=950×103kW×2h=1.9kWh保温消耗电能：W2=P2t=40×103kW×22h=0.88kWh一天耗电：W=W1+W2=1.9kWh+0.88kWh=2.78kWh故答案为：2.78kWh【点评】会利用公式W=Pt计算用电器的耗电多少，灵活选用单位：功率（KW）功（KWh）时间（h）21·世纪*教育网19图中所示电路中，L1和L2分别为“220V 15W”和“220V 40W”的白炽灯泡，为了使L1、L2都发光，且L1比L2亮，应闭合的开关为 S2当开关 S2，S3闭合时，保险丝会被熔断【考点】电路的

40、三种状态；实际功率【分析】实际功率决定灯泡的明暗程度；先根据R=比较出两灯泡的电阻，然后根据串联电路电流相等以及P=I2R得出电阻大的灯泡，实际功率较大，其亮度较大；或根据并联电路两端电压相等以及P=得出电阻小的灯泡，实际功率较大，其亮度大；最后根据电路的连接方式选择需要闭合的开关根据发生短路现象时，电流过大，保险丝被熔断的现象，选择出需要闭合的开关【解答】解：因为两灯泡的额定电压相同，由R=得，额定功率较小的灯泡，电阻较大，又因为L1、L2都发光，且L1比L2亮，所以两灯泡需串联，故闭合开关S2时，两灯泡形成串联电路；同时闭合开关S2和S3时，形成电源短路，保险丝会被烧毁故答案为：S2；S2

41、、S3【点评】知道灯泡的实际功率决定灯泡的明暗程度，并且会设计符合要求的电路20“神舟”六号飞船的成功发射，标志着我国载人航天的新突破“神舟”六号飞船在加速升空的过程中，其动能增大，势能增大（选填“增大”、“减小”、“不变”）【考点】动能和势能的大小变化【专题】应用题【分析】机械能包括动能和势能，物体动能和势能的变化会引起机械能的变化；动能与质量和速度有关，质量越大、速度越大则动能越大；重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大则重力势能越大21教育网【解答】解：飞船在加速上升的过程中，由于速度增大，其动能变大；由于上升时高度变大，其重力势能变大故答案为：增大；增大【点评】此题考查机械能的知

42、识；机械能的大小取决于动能和势能的大小，根据题目中动能和势能的大小变化可分析出机械能的大小变化三、作图、实验探究题（共24分）21如图1示是小明同学设计的测电阻R的电路图请根据这个电路图用笔画线代替导线，将图2的元件连成电路，要求：滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表的示数变大（电压表选用03V量程，电流表选用00.6A量程，导线不能交叉）【考点】伏安法测电阻的探究实验；电流表的连接；电压表的连接；滑动变阻器的使用【专题】作图题；实验探究题；实验分析法【分析】根据电路图连接实物图，可采用“电流流向法”，从电源的正极出发，按照电流的流向，先串主电路，两将电压表并在待测电阻的两端，连线不准交叉；连

43、接滑动变阻器时，要“一上一下”，根据题中要求“滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表的示数变大”即滑动变阻器的阻值变小，可以连接成“右上左下”【解答】解：采用“电流流向法”，电流从电源正极出发，依次将开关S、滑动变阻器、待测电阻、电流表串联起来，再将电压表并联在待测电阻的两端；故答案为：如下图所示【点评】考查实物图的连接，连接的过程中要注意电流的流向，特别是电表的正、负极不能接反，还要注意滑动变阻器的作用22日常生活中发生的火灾事故大多是短路导致的小明同学猜想：通电导体发热多少可能与电流大小有关于是他和同学用完全相同的器材组成两个电路进行探究开关同时闭合后，调节滑动变阻器使两电路中电流不同，如图

44、甲、乙所示，实验中观察到A瓶中的煤油液面升得比B瓶高，说明了A瓶中煤油吸收的热量比B瓶多实验表明：在电阻和通电时间一定时，电流越大，电流产生的热量越多【考点】焦耳定律；热量的计算【专题】简答题；实验探究题；控制变量法【分析】用完全相同的器材说明两瓶内的电阻丝的电阻相同，煤油的质量相同，A瓶内煤油温度变化大，由吸热公式得出A瓶中煤油吸收的热量多；即电流通过A瓶内电阻丝产生的热量多，而电阻相同、通电时间相同，由焦耳定律Q=I2Rt得出电流产生的热量与电流的关系【解答】解：由题知，煤油的质量相同，Q吸=cmt，tAtB，煤油吸收的热量：QAQB，即：A瓶中煤油吸收的热量比B瓶多；而煤油吸收的热量是由

45、电流通过电阻丝做功提供的（电流产生的热量），由题知，电阻丝的电阻相同，通电时间相同，Q=I2Rt，由实验得出结论：在电阻和通电时间一定时，电流越大，电流产生的热量越多故答案为：多；在电阻和通电时间一定时，电流越大，电流产生的热量越多【点评】本题考查了学生对吸热公式和焦耳定律的掌握和运用，分析时用好控制变量法是本题的关键23小军同学欲测量一只额定电压为2.5V的小灯泡正常工作时的电阻，请你与他一起边实验边思考，并回答下列问题【来源：21cnj*y.co*m】（1）如图所示图甲是即将完成的该实验的电路图请在图中三个“”内正确填入“灯泡”、“电流表”和“电压表”的电路符号，完成该电路图（2）按电路图

46、连接完电路，闭合开关快速试触的瞬间，电流表和电压表出现了如图乙所示的情况，经检查，所有仪器、元件完好请分析出现以上现象的可能原因（两表各写一条）电流表：电流表正负接线柱接反了；电压表：量程选小了（3）小军问题解决后，再次接通电路，为了使小灯泡能够正常发光，应调节滑动变阻器使电压表示数为2.5V小灯泡正常发光时，电流表的示数如图丙所示，则流过小灯泡的电流为0.34A，该灯泡正常工作时的电阻是7.4【考点】伏安法测电阻的探究实验【专题】实验题；探究型实验综合题【分析】（1）本实验为用伏安法灯泡的电阻，故用电压表与灯泡并联测电压，电流表与灯泡串联测电流；（2）由图示可知电流表指针反向转动，故电流表接

47、线柱接反；电压表超过了量程，故电压表应选择大量程；（3）灯泡正常发光，即电压应达的额定电压，由电流表的量程可读出电流，由欧姆定律可求得电阻【解答】解：（1）伏安法测电阻中使用电流表测电流，即电流表与灯泡串联，电压表测电压，电压表与灯泡并联，如下图所示：或（2）由图可知电流表反向转动，故正负接线柱接反了；电压表超过了量程，故量程选小了；（3）灯泡正常发光，则电压应为2.5V，由图可知，量程为00.6A则读数为0.34A，则由欧姆定律得：R=7.4故答案为：（1）如上图所示；（2）电流表正负接线柱接反了；量程选小了；（3）2.5；0.34；7.4【点评】本题考查伏安法测电阻的实验原理、电流表电压的

48、接法要求及量程的选择能及数据的分析，这些是该实验的基础内容，应理解并能应用24（2015秋辽阳校级期末）一盏白炽灯上标有“220V 100W”字样（1）求这盏白炽灯正常工作时的电流（2）求白炽灯正常工作的电阻（3）若接在200V的电压上工作消耗的功率是多大？（4）若接在380V的电压上让它正常发光应串联一个多大的电阻？该电阻消耗的功率是多大？（5）若用长导线把这盏白炽灯接到远处的电源上，该电源的供电电压恒为220V，这时白炽灯的实际电功率为81W，求导线上损耗的电功率（设灯丝的电阻不变）【考点】欧姆定律的应用；电功率与电压、电流的关系【专题】计算题；应用题；定性思想；电能和电功率【分析】（1）白炽灯正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=UI求出这盏白炽灯正常工作时的电流；（2）根据P=求出白炽灯正常工作的电阻；（3）根据P=求出消耗的功率；（4）已知电源电压和电路电流，可以得到电路总电阻；已知电路总电阻和灯泡电阻，可以得到需要电阻阻值；已知电阻阻值和通过的电流，利用公式P=I2R得到电阻消耗的功率；（5）长直导线与灯泡串联，知道白炽灯的实际功率和电阻，根据P=求出白炽灯两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，利