专题六第2讲

1、第2讲直流电路和交流电路高考题型1直流电路的动态分析解题方略1纯电阻电路和非纯电阻电路的电功、电功率的比较(1)纯电阻电路：电功WUIt，电功率PUI，且电功全部转化为电热，有WQUIttI2Rt，PUII2R.(2)非纯电阻电路：电功WUIt，电功率PUI，电热QI2Rt，电热功率P热I2R，电功率大于电热功率，即W>Q，故求电功、电功率只能用WUIt、PUI，求电热、电热功率只能用QI2Rt、P热I2R.2电源的功率和效率(1)电源的几个功率电源的总功率：P总EI电源内部消耗的功率：P内I2r电源的输出功率：P出UIP总P内(2)电源的效率×100%×100%.3

2、直流电路动态分析方法(1)程序法：基本思路是“部分整体部分”即从阻值的变化入手，由串、并联规律判定R总的变化情况，再由闭合电路欧姆定律判断I总和U端的变化情况，最后由部分电路欧姆定律及串联分压、并联分流等规律判断各部分的变化情况(2)结论法“并同串反”“并同”：指某一电阻增大(减小)时，与它并联或间接并联的电阻中的电流、两端电压、电功率都将增大(减小)“串反”：指某一电阻增大(减小)时，与它串联或间接串联的电阻中的电流、两端电压、电功率都将减小(增大)例1如图1所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则()图1A电压表读

3、数减小B电流表读数减小C质点P将向上运动DR4上消耗的功率逐渐增大解析滑片向b端移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则总电阻减小，总电流增大，则内电压增大，由闭合电路欧姆定律可知路端电压减小，R1两端的电压增大，并联部分电压减小，即R2与R4串联电路两端的电压减小；因并联部分电压减小，则R3中的电流减小，而干路电流增大，故电流表中的电流增大，故B错误；而由于电流表示数增大，由欧姆定律可知R2两端的电压增大，故R4两端的电压减小，电压表示数减小，故A正确；电容器两端的电压减小，质点所受电场力减小，则质点将向下移动，故C错误；将R4之外的其他部分等效为电源的内电阻，则由电源的输出功率可知，当内、外电阻

4、相等时，输出功率最大，因不明确电阻的大小关系，故R4上消耗的功率可能先增加后减小，故D错误答案A预测1如图2所示电路中，L1、L2为两只完全相同、阻值恒定的灯泡，R为光敏电阻(光照越强，阻值越小)闭合开关S后，随着光照强度逐渐增强()图2A两只灯泡均逐渐变暗B两只灯泡均逐渐变亮C电源内电路消耗的功率逐渐增大D光敏电阻R和灯泡L1消耗的总功率逐渐增大答案C解析当光照增强时，光敏电阻的阻值减小，电路的总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流增大，则L2灯逐渐变亮由UEIr可知，路端电压减小，L2灯的电压增大，则R两端的电压减小，故L1灯逐渐变暗，故A、B错误；总电流增大，由PI2r知电源内

5、电路消耗功率逐渐增大，故C正确；将L2灯看成电源内电路的一部分，光敏电阻R和灯泡L1消耗的总功率是等效电源的输出功率，由于等效电源的内阻大于外电阻，所以当光敏电阻的阻值减小，外电阻减小时，等效电源的内、外电阻的差加大，输出功率减小，则光敏电阻R和灯泡L1消耗的总功率逐渐减小，故D错误预测2某温控电路的原理图如图3所示，RM是负温度系数半导体热敏电阻，R是滑动变阻器，某种仪器要求在1527 的环境中工作当环境温度偏高或偏低时，控制器会自动启动降温或升温设备下列说法中正确的是()图3A环境温度降低，RM的阻值减小B环境温度升高，Uab变大C滑片P向下移动时，Uab变大D调节滑片P能改变升温和降温设

6、备启动时的临界温度答案D解析RM是半导体热敏电阻，环境温度降低时，RM的阻值增大，故A错误；环境温度升高时，RM的阻值减小，根据串联电路中电压与电阻成正比，可知Uab变小，故B错误；滑片P向下移动时，R增大，总电流减小，则Uab变小，故C错误；调节滑片P时，可改变Uab，从而改变升温和降温设备启动时的临界温度，故D正确高考题型2交流电的产生和描述解题方略1线圈通过中性面时的特点(1)穿过线圈的磁通量最大；(2)线圈中的感应电动势为零；(3)线圈每经过中性面一次，感应电流的方向改变一次2交流电的“四值”(1)最大值EmNBS.分析电容器的耐压值(2)瞬时值eNBSsin t.计算闪光电器的闪光时

7、间、线圈某时刻的受力情况(3)有效值：正弦式交流电的有效值E；非正弦式交流电的有效值必须根据电流的热效应，用等效的思想来求解计算交流电路的电功、电功率和测定交流电路的电压、电流都是指有效值(4)平均值：n，常用来计算通过电路的电荷量例2如图4所示，边长L0.2 m的正方形线圈abcd，其匝数n10，总电阻r2 ，外电路的电阻R8 ，ab边的中点和cd边的中点的连线OO恰好位于匀强磁场的边界线上，磁场的磁感应强度B1 T，若线圈从图示位置开始计时，以角速度2 rad/s绕OO轴匀速转动则以下判断中正确的是()图4A在t s时刻，磁场穿过线圈的磁通量最大B闭合电路中感应电动势的瞬时值表达式为e0.

8、8sin 2t VC从t0时刻到t s时刻，通过电阻R的电荷量q0.02 CD从t0时刻到t s时刻，电阻R上产生的热量为Q3.2×104 J解析T s，在t s时刻，线圈从图示位置转过90°，此时磁场穿过线圈的磁通量最小，故A错误；闭合电路中感应电动势的瞬时表达式eEmsin t，而EmnBS，所以enBsin t0.4sin 2t V，故B错误；由qn10× C0.02 C，故C正确；从t0时刻到t s时刻，电阻R上产生的热量为QI2Rt()2Rt1.6×103 J，故D错误答案C预测3(多选) 如图5所示，一矩形线圈abcd在匀强磁场中绕垂直于磁感

9、线的对称轴OO匀速转动沿着OO从上向下观察，线圈沿逆时针方向转动已知线圈匝数为n，总电阻为r，ab边长为l1，ad边长为l2，线圈转动的角速度为，外电阻阻值为R，匀强磁场的磁感应强度为B，则下列判断正确的是()图5A在图示位置ab边所受的安培力为FB线圈从图示位置转过90°的过程中，通过电阻R的电荷量为qC在图示位置穿过线圈的磁通量为0D在图示位置穿过线圈的磁通量的变化率为0答案ABC解析根据法拉第电磁感应定律，结合闭合电路欧姆定律，则有：I，再由安培力表达式FBIl1，所以A正确；线圈从图示位置转过90°的过程中，根据q，则有流过电阻R的电荷量为q，所以B正确；在图示位置

10、穿过线圈的磁通量为0，但磁通量变化率最大，故C正确，D错误预测4如图6所示的交流电压加在一电阻两端，下列说法不正确的是()图6A该交流电压的频率为50 HzB该交流电压的周期为0.03 sC并联在该电阻两端的交流电压表的示数为110 VD该交流电压的瞬时值表达式为u110sin 100t(V)答案B解析由图可知，该交流电的周期为0.02 s，故交流电压的频率f50 Hz，故A正确，B错误；由图读出，电压的最大值为Um110 V，有效值为U Um110 V，并联在该电阻两端的交流电压表的示数为电压的有效值，即为110 V，故C正确由图读出周期T0.02 s，f50 Hz，则100 rad/s，该

11、交流电压的瞬时值表达式为uUmsin t110sin 100t(V)，故D正确预测5一台小型发电机产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图7甲所示已知发电机线圈内阻为5 ，现外接一只电阻为105 的灯泡，如图乙所示，则()图7A电路中的电流方向每秒钟改变50次B电压表的示数为220 VC灯泡实际消耗的功率为440 WD发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为20 J答案D解析周期T0.02 s，每个周期交流电方向改变两次，则1 s内电流方向改变的次数为n2×100次，故A错误；由图甲得感应电动势最大值Em220 V，所以有效值E220 V，电压表示数UE×220 V210 V，故

12、B错误；灯泡实际消耗的功率P W420 W，故C错误；发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为Qt×1 J20 J，故D正确高考题型3变压器和远距离输电问题解题方略1理想变压器的基本关系式(1)功率关系：P入P出(2)电压关系：.(3)电流关系：只有一个副线圈时.2理想变压器动态分析的两种情况(1)负载电阻不变，讨论变压器原、副线圈两端的电压、电流、电功率等随匝数比的变化情况(2)匝数比不变，讨论变压器原、副线圈两端的电压、电流、电功率等随负载电阻的变化情况不论哪种情况，要注意两点：一、根据题意分清变量和不变量；二、弄清“谁决定谁”的制约关系对电压而言，输入决定输出；对电流、电功(率)而言

13、，输出决定输入例3(2015·新课标全国·16) 一理想变压器的原、副线圈的匝数比为31，在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻，原线圈一侧接在电压为220 V的正弦交流电源上，如图8所示设副线圈回路中电阻两端的电压为U，原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k，则()图8AU66 V，k BU22 V，kCU66 V，k DU22 V，k解析原、副线圈电压比等于匝数比，根据副线圈负载电阻的电压U，可知副线圈电压为U，原线圈电压为3U，副线圈电流I2，根据得原线圈电流I1，那么原线圈输入电压220 V3U·R，整理可得U66 V；原、副线圈电阻消耗的功率根据P

14、I2R，电阻相等，I1I213，可得功率之比为P1P219，即k.根据以上分析可知选项A正确答案A预测6(多选)如图9为模拟远距离输电电路，两理想变压器的线圈匝数n1n4<n2n3，A1、A2、A3为相同的理想交流电流表，当a、b端接入低压交流电源时，则()图9AA1、A3的示数相等BA1、A2的示数相等CA1的示数大于A2的示数DA2的示数大于A3的示数答案AC解析根据变压器的规律电流与匝数成反比，得，且n1n4<n2n3，故A1的示数大于A2的示数，A1、A3的示数相等，故B错误，A、C正确；同理，A2的示数小于A3的示数，故D错误预测7如图10所示，理想变压器原、副线圈匝数比

15、为101，输入电压u311 sin (100t) V，L1和L2灯泡都正常发光，两电表可视为理想交流电表则()图10A该交流电的频率为100 HzB电压表的示数为31.1 VC若将变阻器的滑片P向上滑动，则电流表的示数将变大D若将变阻器的滑片P向上滑动，则灯泡L1将变暗、灯泡L2将变亮答案C解析电路中的变压器不改变交流电的频率，f Hz50 Hz，所以A错误；原线圈的电压的有效值为220 V，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的有效值为22 V，所以B错误；在滑动变阻器滑片P向上移动的过程中，滑动变阻器的阻值变小，电路的总电阻减小，由于电压是由变压器决定的，输出的电压不变，所以电流变大，即电流表

16、读数变大，L1两端电压不变，所以亮度不变，L2将变亮，故C正确，D错误预测8(多选)如图11所示，理想变压器原线圈匝数为n1；副线圈a、b之间匝数为n2，b、c之间匝数为n3；且有n1n2n3521.原线圈两端加交流电压U1220 V，图中电压表和电流表均为理想交流电表下列说法正确的是()图11A开关打在a处时，电压表的示数为88 VB开关打在b处时，将滑动变阻器滑片P向下滑动的过程中，变压器输入功率逐渐增大C滑动变阻器保持不变，当开关由a打到b，电压表前后示数之比为31D滑动变阻器保持不变，当开关由a打到b，电流表前后示数之比为31答案BC解析开关打在a处时，根据，可知电压表示数为132 V

17、，A错误；无论开关打a还是打到b，只要滑动变阻器的滑片向下滑动，变阻器的阻值减小，消耗的功率增大，因而输入功率也增大，B正确；滑动变阻器保持不变，当开关由a打到b，根据，C正确；根据P，滑动变阻器前后消耗的功率之比为，而输入电压不变，因此输入电流之比为91，D错误高考题型4交变电流的综合问题分析解题方略交变电流的综合问题，涉及交流电路最大值、有效值、平均值、瞬时值的计算，与电磁感应、安培力、闭合电路欧姆定律的综合应用等，解答时应注意以下两点：1分清交流电路“四值”的不同计算方法和物理意义2学会将直流电路、闭合电路欧姆定律的知识应用在交流电路中例4(多选)如图12所示，匝数n100匝、面积为S0

18、.448 m2的导线框ABCD所在处的磁感应强度大小B T线框绕垂直于磁场的轴OO以角速度100 rad/s匀速转动，并与理想升压变压器相连进行远距离输电，升压变压器的原、副线圈匝数之比为25，理想降压变压器副线圈接入一只“220 V,1 100 W”的灯泡，且灯泡正常发光，输电线路总电阻r20 ，导线框及其余导线电阻不计，电表均为理想电表，则下列说法中正确的是()图12A电压表的读数为448 VB输电线路的电流为0.98 AC电流表的读数为2.5 AD降压变压器的原、副线圈匝数比为51解析矩形闭合导线框ABCD在磁场中转动，产生的交流电的最大值为EmnBS100××0.4

19、48×100 V448 V，由于最大值为有效值的倍，所以交流电的有效值为448 V，故A正确；灯泡中的电流：I4 A5 A，升压变压器的匝数比是25，则输电线的输送电压为：U送×448 V1 120 V设降压变压器的匝数比是n1，则降压变压器中的输入电流：I3·I4该电流即为输电线中的输电电流，则输电线上损失的电压：U3I3·r降压变压器的输入电压：U3U送I3·r降压变压器输入电压和输出电压之比为n联立得：n5，U31 100 V，I31 A，故B错误，D正确；升压变压器副线圈的电流与输送的电流是相等的，I2I31 A，由于电流与匝数成反比，

20、所以升压变压器原、副线圈电流之比为：，所以I1I2×1 A2.5 A，故C正确答案ACD预测9如图13甲为理想变压器的示意图，其原、副线圈的匝数比为41，电压表和电流表均为理想电表，Rt为阻值随温度升高而变小的热敏电阻，R1为定值电阻若发电机向原线圈输入如图乙所示的正弦交流电下列说法中正确的是()图13A输入变压器原线圈的交流电压的表达式为u36sin 50t VB变压器原、副线圈中的电流之比为41Ct0.01 s时，发电机的线圈平面位于中性面DRt温度升高时，变压器的输入功率变小答案C解析由图乙可知交流电压最大值Um36 V，周期T0.02 s，可由周期求出角速度的值为100 ra

21、d/s，则可得交流电压u的表达式u36sin 100t V，故A错误；变压器原、副线圈中的电流之比与匝数成反比，故B错误；Rt温度升高时，阻值减小，电流表的示数变大，输出功率和输入功率都变大，故D错误专题强化练1(2015·安徽·16)如图1所示电路中，变压器为理想变压器，a、b接在电压有效值不变的交流电源两端，R0为定值电阻，R为滑动变阻器现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置，观察到电流表A1的示数增大了0.2 A，电流表A2的示数增大了0.8 A，则下列说法正确的是()图1A电压表V1示数增大B电压表V2、V3示数均增大C该变压器起升压作用D变阻器滑片是沿cd的方向

22、滑动答案D解析由于a、b接在电压有效值不变的交流电源两端，故电压表V1示数不变，选项A错误；由理想变压器原理公式且U1、n1、n2不变，则U2不变，即V2的示数不变，V3的示数U3U2I2R0应减小，故选项B错误；由公式得：4，则n1n2，该变压器起降压作用，故C错误；又I2，I2增大，R应减小，故滑片应沿cd方向滑动，故D正确2如图2为某控制电路，由电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及电位器(滑动变阻器)R连接而成，L1、L2是两个指示灯当电位器的滑片由b端滑向a端时，下列说法正确的是()图2AL1、L2都变亮BL1、L2都变暗CL1变亮，L2变暗DL1变暗，L2变亮答案B解析当

23、滑片由b端向a端滑动时，R接入电阻增大，总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流减小，则内电压减小，由UEIr可知路端电压增大，则R1两端的电压增大，所以通过R1的电流增大，而总电流减小，所以通过L1的电流变小，即L1变暗，L1两端电压减小，并联电压增大，所以R2及其并联电压增大，所以通过R2电流增大，而通过L1的电流变小，所以通过L2电流变小，即L2变暗3(多选)由滑动变阻器R、负温度系数热敏电阻R0、二极管D和电容器组成的电路如图3所示，开关K闭合时有一个带电液滴静止于电容器两极板之间，电容器下极板接地，下列说法中正确的是()图3A若把滑动变阻器的滑片向上移动，液滴将会向下运动B若把

24、开关断开，液滴将会向上运动C若热敏电阻的温度降低，液滴将会向下运动D若把上极板向上移动，液滴将静止不动答案BD解析当变阻器的滑片向上移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则总电流增大，内电压及R0两端的电压增大，则滑动变阻器两端的电压减小，由于二极管具有单向导电性，电荷不会向右流出，所以电容器两端的电势差不变，故A错误；开关K断开时，电容器直接接在电源两端，电压增大，则液滴向上运动，故B正确；热敏电阻降温时，热敏电阻阻值增大，则由闭合电路欧姆定律可知，滑动变阻器两端的电压减小，由于二极管具有单向导电性，电荷不会向右流出，所以电容器两端的电势差不变，液滴仍然静止，C错误；电容器的上极板向上移动，d增大

25、，则电容C减小，由于二极管具有单向导电性，电荷不会向右流出，所以电容器两端的电势差增大，由C和C及E得E不变，D正确4如图4所示，理想变压器原、副线圈的匝数之比为41，原线圈两端接u220sin 100t V的交流电源，副线圈两端接R55 的负载电阻，电表均为理想交流电表则下列说法中正确的是()图4A副线圈中输出交流电的频率为12.5 HzB副线圈中电压表的示数为55 VC变压器的输入功率为110 WD原线圈中的电流表A的示数为0.25 A答案D解析变压器不会改变电流的频率，则副线圈输出电流的f Hz50 Hz，故A错误；由瞬时值的表达式可知原线圈的电压的有效值为U220 V，理想变压器原、副

26、线圈匝数比为41，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压的有效值为55 V，即为电压表的示数，故B错误；变压器的输入功率和输出功率相等，副线圈的功率为P2 W55 W，所以原线圈中的输入功率也为55 W，故C错误；副线圈的电流为I2 A1 A，根据电流与匝数成反比可得，原线圈的电流大小为I10.25I20.25 A，故D正确5(2015·福建·15)图5为远距离输电示意图，两变压器均为理想变压器，升压变压器T的原、副线圈匝数分别为n1、n2，在T的原线圈两端接入一电压uUmsin t的交流电源，若输送电功率为P，输电线的总电阻为2r，不考虑其他因素的影响，则输电线上损失的电

27、功率为()图5A() B()C4()2()2r D4()2()2r答案C解析原线圈电压的有效值：U1，根据可得U2 ，又因为是理想变压器，所以T的副线圈的输出功率等于原线圈的输入功率P，所以输电线上的电流I，输电线上损失的电功率为PI2·2r422r，所以C正确，A、B、D错误6如图6所示为某大型商场的应急供电系统，由交流发电机和副线圈匝数可调的理想降压变压器组成发电机中矩形线圈所围的面积为S，匝数为N，电阻不计，它可绕水平轴OO在磁感应强度为B的水平匀强磁场中以角速度匀速转动矩形线圈通过滑环连接降压变压器，滑动触头上下移动时可改变输出电压，R0表示输电线的电阻，以线圈平面与磁场平行

28、时为计时起点，下列判断正确的是()图6A当发电机线圈t0时刻处于图示位置时，穿过线圈平面的磁通量最大B发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为eNBSsin tC当用电器数目增多时，若要用电器两端电压保持不变，滑动触头P应向上滑动D当滑动触头P向下移动时，变压器原线圈两端的电压将升高答案C解析当线圈与磁场平行时，感应电流最大，穿过线圈平面的磁通量为零，故A错误；从垂直中性面开始计时，则感应电动势的瞬时值表达式为eNBScos t，故B错误；根据功率PUI，当电压不变，则电流增大，从而可确定滑动触头P移动方向，故C正确；当滑动触头P向下移动，只会改变副线圈的电流，从而改变原线圈的电流，不会改变原线圈

29、的电压，故D错误7(多选)如图7所示，匀强磁场的磁感应强度B T单匝矩形线圈面积S1 m2，电阻不计，绕垂直于磁场的轴OO匀速转动线圈通过电刷与一理想变压器原线圈相接，为交流电流表，通过调整副线圈的滑动触头P，使变压器原、副线圈匝数比为12时，副线圈电路中标有“36 V,18 W”的灯泡正常发光以下判断正确的是()图7A电流表的示数为1 AB矩形线圈产生电动势的有效值为18 VC从矩形线圈转到中性面开始计时，矩形线圈电动势随时间的变化规律e18sin 90t VD若矩形线圈转速增大，为使灯泡仍能正常发光，应将P适当下移答案ABC解析小灯泡正常发光，故变压器的输出电流为：I20.5 A，根据变流

30、比公式：，解得：I11 A，故A正确；小灯泡正常发光，故变压器的输出电压为36 V，根据变压比公式，解得：U118 V，故矩形线圈产生电动势的有效值为18 V，故B正确；矩形线圈产生电动势的最大值为18 V，根据公式EmNBS，解得： rad/s90 rad/s，故从矩形线圈转到中性面开始计时，矩形线圈电动势随时间的变化规律eEmsin t18sin 90t V，故C正确；若矩形线圈转速增大，根据公式EmNBS，感应电动势的最大值增加，故有效值也增加，为使灯泡仍能正常发光，应该减小变压比，故应将P适当上移，故D错误8理想变压器原线圈的匝数为1 100匝，副线圈的匝数为25匝，原线圈输入电压的变

31、化规律如图8甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P为滑动变阻器的滑片，R为定值电阻则()图8A副线圈输出电压的频率为100 HzB副线圈输出电压的有效值为7 VCP向左移动时，变压器原、副线圈的电流都减小DP向左移动时，变压器的输入功率增加答案C解析由图甲可知，交流电的周期为0.02 s，所以交流电的频率为50 Hz，所以A错误；根据电压与匝数成正比可知，原线圈的电压的最大值为311 V，电压的有效值为220 V，所以副线圈电压的有效值为U5 V，所以B错误；P左移，阻值变大，原副线圈的电流都变小，而电压不变，故功率减小，故C正确，D错误9(多选)如图9甲所示为理想调压变压器，原线圈A、B端的输

32、入电压如图乙所示，则当此变压器工作时，以下说法正确的是()图9A若滑动触头P处于某一确定位置，当变阻器R的滑动触头下滑时，电流表示数将变大B若滑动触头P处于某一确定位置，当变阻器R的滑动触头上滑时，电压表示数将变大C若滑动触头P和变阻器R的滑动触头同时上移，则电流表示数一定变大D若变阻器最大阻值为100 ，且变阻器R的滑动触头置于最上端，则在滑动触头P滑动的过程中，电流表的电流变化范围为02.2 A答案AD解析滑动触头P处于某一确定位置，则变压器的输出电压不变，当变阻器R的滑动触头下滑时，接入电路的有效电阻减小，电流表示数将变大，故A正确，B错误；若变阻器最大阻值为100 ，而R上能获得022

33、0 V之间的任意的电压，则电流表的电流变化范围为02.2 A，故D正确10如图10甲所示，电阻不计的N匝矩形闭合导线框abcd处于磁感应强度大小为0.1 T的水平匀强磁场中，导线框面积为0.5 m2.导线框绕垂直于磁场的轴匀速转动，并与理想变压器原线圈相连，原、副线圈的匝数比为101，副线圈接有一滑动变阻器R，副线圈两端的电压随时间的变化规律如图乙所示下列说法正确的是()图10A闭合导线框中产生的交变电压的表达式为u100sin 100t VB闭合导线框的匝数N10C若滑动变阻器的滑片P向上移动，电流表的示数将减小D若导线框的转速加倍，变压器的输出功率将加倍答案C解析由题图乙可知，输出电压的最

34、大值Um210 V，周期为0.02 s，角速度 rad/s100 rad/s，则输入端的最大值Um110×10 V100 V，故表达式应为：u100sin 100t V，故A错误；发电机输出的最大电压值Um1NBS100 V，解得N6匝，故B错误；将滑动变阻器的滑片P向上移动时，滑动变阻器接入电阻增大，输出电流减小，由电流之比等于匝数的反比可知，电流表的示数减小，故C正确；若转速加倍，则最大值加倍，有效值加倍，输出端的有效值也会加倍，则由P可知，输出功率将变成原来的4倍，故D错误11如图11甲中理想变压器原、副线圈的匝数之比为n1n251，电阻R20 ，L1、L2为规格相同的两只小灯

35、泡，S1为单刀双掷开关原线圈接正弦交变电源，输入电压u随时间t的变化关系如图乙所示现将S1接1、S2闭合，此时L2正常发光的功率为P，下列说法正确的是()图11A输入电压u的表达式u20sin 50 VB只断开S2后，L1、L2的功率均小于C只断开S2后，原线圈的输入功率大于D若S1换接到2后，R消耗的电功率为0.8 W答案D解析周期是0.02 s，100 rad/s，所以输入电压u的表达式应为u20sin(100)t V，A错误；只断开S2后，负载电阻变大为原来的2倍，电压不变，副线圈电流变小为原来的一半，L1、L2的功率均变为额定功率的四分之一，B错误；只断开S2后，原线圈的输入功率等于副

36、线圈的功率，都减小为，C错误；若S1换接到2后，电阻R电压有效值为4 V，R消耗的电功率为0.8 W，D正确12如图12甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数之比为445，b是原线圈的中心抽头，S为单刀双掷开关，负载电阻R25 ，电表均为理想电表在原线圈c、d两端接入如图乙所示的正弦交流电，下列说法中正确的是()图12A当S与a连接时，电流表的示数为1 AB当S与b连接时，电压表的示数为50 VC将S由a拨到b，电阻R消耗的功率增大为原来的4倍D无论S接a还是b,1 s内电阻R上电流方向都改变50次答案C解析由图乙可知，电压的最大值为220 V，交流电的周期为2×102 s，所以交流电的频率为f50 Hz，交流电的有效值为220 V，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压为25 V，根据欧姆定律知I2 A1 A