浙江省温州市2017届高考物理选考模拟试卷(解析版)(2月份)(1)

1、2017年浙江省温州市高考物理选考模拟试卷（2月份）一、选择题（本题共13小题，每小题3分，共39分每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1（3分）小李坐在火车内，看到窗外的树木正在后退，则他所选的参考系可能是（）A大地B树木C火车D铁轨2（3分）下列仪器中，不能直接测量三个力学基本物理量的是（）ABCD3（3分）G20峰会于2016年9月初在杭州奥体博览城召开，某记者从萧山国际机场到博览城打车约23.5km，峰会期间的文艺演出于北京时间9月4日21：15正式上演则下列说法正确的是（）A9 月 4 日 21：15 指时间间隔，23.5km 指路程B9 月

2、4 日 21：15 指时刻，23.5km 指路程C9 月 4 日 21：15 指时间间隔，23.5km 指位移大小D9 月 4 日 21：15 指时刻，23.5km 指位移大小4（3分）洗衣机脱水时有一件衣物附在竖直筒壁上，如图所示，则下列说法正确的是（）A衣物受到重力、筒壁对它的弹力、摩擦力及向心力共四个力的作用B衣物随筒壁做圆周运动的向心力由筒壁对它的弹力提供C筒的转速增大时，筒壁对衣物的摩擦力增大D筒的转速增大时，筒壁对衣物的弹力保持不变5（3分）如图所示，两个质量均为 m 带电量分别为 q1、q2 的小球，放在半径为R的内壁光滑的绝缘半球 形碗内，平衡时两球与碗心O点的连线和竖直方向的

3、夹角均为 30°，则（）A两球间库仑力大小F=B两球间库仑力大小F=C碗对球的支持力FN=D碗对球的支持力FN=6（3分）图甲为一女士站在台阶式自动扶梯上匀速上楼（忽略扶梯对手的作用），图乙为一男士站在履带式自动扶梯上匀速上楼，两人相对扶梯均静止下列关于力做功判断正确的是（）A甲图中支持力对人做正功B甲图中摩擦力对人做负功C乙图中支持力对人做正功D乙图中摩擦力对人做负功7（3分）2016 年我国航天领域喜事连连，8 月 16 日全球首颗量子科学实验卫星“墨子”号发射成功，“墨子”号最终在距地面高度为 500 千米的圆形轨道上运行10 月 19 日，神舟十一号飞船与天宫二号空间站自动交

4、会对接成功，并在距地面高度为 393 千米的圆形轨道上运行则以下说法正确的是（）A“墨子”号卫星的运行速度比天宫二号大B“墨子”号卫星的运行周期比天宫二号小C“墨子”号卫星的向心加速度比天宫二号小D“墨子”号卫星和天宫二号的运行速度都可能大于7.9 km/s8（3分）小李同学用铁钉与漆包线绕成电磁铁，当接通电路后，放在其上方的小磁针 N 极立即转向左侧，如图所示则此时（）A导线 A 端接电池负极B铁钉内磁场方向向右C铁钉左端为电磁铁的 N 极D小磁针所在位置的磁场方向水平向右9（3分）小李用功率为1000W 的微波炉加热一杯250mL的牛奶，牛奶从室温加热到口感适宜的温度大概需要吸收3.0&#

5、215;104J的能量已知此微波炉将电能转化为微波辐射的效率为75%，微波辐射转化为牛奶内能的效率也为75%，则加热这杯牛奶的适宜时间约为（）A3 分钟B2 分钟C1 分钟D半分钟10（3分）如图所示为某静电除尘装置的原理图，废气先经过一个机械过滤装置再进入静电除尘区图中虚线是某一带负电的尘埃（不计重力）仅在电场力作用下向集尘极迁移并沉积的轨迹，A、B 两点是轨迹与电场线的交点不考虑尘埃在迁移过程中的相互作用和电量变化，则以下说法正确的是（）AA 点电势高于B点电势B尘埃在A点的加速度大于在B点的加速度C尘埃在迁移过程中做匀变速运动D尘埃在迁移过程中电势能一直在增大11（3分）下雨天，小李同学

6、站在窗边看到屋檐上不断有雨水滴下如图所示，他发现当第1滴水滴落地时，第4滴刚好形成，并目测第3、4两水滴的高度差约为40cm，假设相邻两水滴形成的时间间隔相同，则屋檐离地高度约为（）A5.5mB4.5mC3.5mD2.5m12（3分）图甲为某标有“35F 5%”的电容器，图乙为标有“3.7V 1350mAh”的某品牌 手机电池板则以下说法正确的是（）A电容器和手机电池的充电过程都是电能转化为化学能的过程B该手机电池铭牌上的 1350mAh 指储存的电量，当以 135mA 的电流工作时，可连续放电10 小时C该电容器只有在正常工作时电容才是 35F 左右D该手机电池能储存的最大电能约为 0.5k

7、wh13（3分）某质量为m的电动玩具小车在平直的水泥路上由静止沿直线加速行驶经过时间t前进的距离为x，且速度达到最大值vm，设这一过程中电动机的功率恒为P，小车受阻力恒为F，则t时间内（）A小车做匀加速运动B小车受到的牵引力逐渐增大C合外力对小车所做的功为 PtD牵引力对小车所做的功为 Fx+mvm2二、选择题（本题共3小题，每小题2分，共6分每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）14（2分）以下关于光学知识的叙述中，正确的是（）A甲图是著名的泊松亮斑图案，这是光波的衍射现象B乙图中的彩虹是不同色光在水滴中折射率不同造成的C丙图

8、的照相机镜头上涂有一层增透膜，增透膜利用了光的偏振原理D丁图是医学上的内窥镜，其核心部件光导纤维能传输光像信号，是利用光的全反射15（2分）下列有关说法正确的是（）A铀核发生 衰变时，释放出 粒子和一定的能量，目前核电站利用的就是这一自发释放的能量B如果利用紫光照射某种金属可以发生光电效应，改用红光一定不能发生光电效应C氢原子由较高能级跃迁到较低能级时，会释放出一定频率的光子D机械波和电磁波都具有干涉、衍射的特性16（2分）如图所示，在某一输电线路的起始端接入两个理想变压器，原、副线圈的匝数比分别 为 n1：n2=100：1 和 n3：n4=1：100，图中 a、b 表示电流表或电压表，已知电

9、压表的示数为 22V，电流表的示数为 1A，则以下说法正确的是（）Aa 为电流表，b 为电压表Ba 为电压表，b 为电流表C输电线路总电阻为 22D线路输送电功率是 220 kW三、非选择题（本题共8小题，共55分）17（5分）用如图 1 所示装置来做“探究加速度与力、质量的关系”的实验时，回答下面问题：（1）下列说法中正确的是A连接沙桶和小车的细绳应与长木板保持平行B实验时，先放开小车，再接通打点计时器的电源C每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力D平衡摩擦力时，将空的沙桶用细绳通过定滑轮拴在小车上（2）本实验中把沙和沙桶的总重量当作小车受到的拉力，当测得某一次小车连同车上的重物的总质量

10、 M=450g 时，则图 2 的物体中能用来取代沙和沙桶的是（3）实验得到如图 3 所示的一条纸带，打点计时器所接交流电源的频率为 50Hz，从 O 点开始每5 个计时点取一个计数点，在纸带上依次标出 0、1、2、3、4，5 个计数点，表格中记录的是各计数点对应的刻度数值，其中计数点 3 的刻度数为cm，并将这个测量值填入表中计数点01234刻度数值/cm03.037.1118.55（4）根据表格中的数据试计算出小车的加速度为m/s2（结果保留两位有效数字）18（5分）在“测定电源的电动势和内阻”实验中：（1）小王同学的连线如图1所示，闭合开关S前请老师检查，老师指出图1中标示的六根连线有一处

11、不规范，不规范的连线是（填“”、“”、“”、“”、“”或“”）；（2）开关闭合前，图1中滑动变阻器的触头应置于最端（填“左”或“右”）；（3）闭合开关 S 后，缓慢移动变阻器的滑片至某一位置时，电压表指针如图 2 所示，电压表的示数为V（4）小王同学分别用新旧两节干电池做了上述的实验，根据实验采集到的数据在一幅坐标图中画了两条 UI 图象如图 3 所示，其中图线（选填“a”或“b”）所代表的电池内阻较大，由此可推测表示新电池的 UI 图象是（选填“a”或“b”）19（9分）航拍仪是目前比较普遍的一种拍摄仪器，它是在可以垂直起降的小型四旋翼无人机上安装高清摄像头而实现拍摄功能的，具有体积小、使用

12、灵活、飞行高度低、机动性强等优点在一次拍摄中，航拍仪从地面由静止启动，获得竖直向上、大小恒定的升力 F，开始匀加速起飞，运动 t=8s 后，到达 h=32m 的高度，此时航拍仪突然出现故障而失去动力，在到达最高点时动力系统恰好恢复已知航拍仪的质量 m=2kg，航拍仪在运动过程中受到 F f=12N 的空气阻力，假设航拍仪在运动过程中始终保持水平，g=10m/s2，求：（1）航拍仪匀加速起飞的加速度大小；（2）航拍仪匀加速起飞时升力的大小；（3）航拍仪动力系统恢复时所在的高度 H20（12分）某同学在设计连锁机关游戏中，设计了如图所示的起始触发装置AB段是长度连续可调的竖直伸缩杆，BCD段是半径

13、为R的四分之三圆弧弯杆，DE段是长度为2R的水平杆，与AB杆稍稍错开竖直杆外套有下端固定且劲度系数较大的轻质弹簧，在弹簧上端放置质量为m的套环每次将弹簧的长度压缩至 P 点后锁定，设PB的高度差为h，解除锁定后弹簧可将套环弹出在触发器的右侧有多米诺骨牌，多米诺骨牌的最高点Q和P点等高，且与E的水平距离x=8R，已知弹簧锁定时的弹性势能E=9mgR，套环P与水平杆的动摩擦因数=0.5，与其他部分的摩擦不计，不计套环受到的空气阻力及解除锁定时的弹性势能损失，不考虑伸缩竖直杆粗细变化对套环的影响，重力加速度为g求：（1）当 h=3R时，套环到达杆的最高点C处时的速度大小v；（2）在（1）问中套环运动

14、到最高点C时对杆作用力的大小和方向；（3）若 h 可在 R6R连续可调，要使该套环恰能击中Q点，则h需调节为多长？21（2分）某同学在做“探究 单 摆 周 期 与 摆长 的 关 系”的实验中，分别用两种仪器来测量摆球直径，操作如图 1 所示，得到摆球的直径为 d=19.12mm，此测量数据是选用了仪器（选填“甲”或“乙”）测量得到的 该同学先用米尺测得摆线的长度，再采用上题中的方法测得摆球直径，他通过改变摆长，进行多次实验后以摆长 L 为横坐标，T 为纵坐标，作出 T图线，若该同学在计算摆长时加的是小球直径，则所画图线是图 2 中是（填“A”、“B”或者“C”）22（2分）在“用双缝干涉测量光

15、的波长”实验中，经调节后在目镜中观察到如图甲所示的单色光干涉条纹，仅改变一个实验条件后，观察到的条纹如图乙所示的条纹，则改变的实验条件可能是（）A减小光源到单缝的距离B增大双缝之间的距离C增大双缝到光屏之间的距离D将红色滤光片改为绿色滤光片23（10分）在某生产车间的流水线中，有一装有货物的小车从倾角为 的光滑斜坡上下滑，撞击挡板后停下，货物被工人取走（如图 1）为了减少小车对挡板的冲击，某同学设想了一个电磁缓冲装置，在小车的底部固定与小车前端平齐、匝数为 n、边长为 L、总电阻为 R 的正方形闭合线框；在斜坡的下端加上宽度同为 L 的匀强磁场，磁感应强度为 B，方向垂直斜坡向下，如图2所示（

16、小车未画出）若小车和货物的总质量为 m1，线框的质量为 m2，小车在线框的下边离底部挡板距离为 d 时静止释放，线圈进入磁场后，小车立即做减速运动，已知小车在撞击挡板前已经匀速运动求：（1）线框刚进入磁场时的速度 v 大小和小车匀速运动的速度 v2 大小；（2）若采用适当粗些的导线绕制线框，保持匝数、边长、形状不变，能否减小小车匀速运动的速度，从而增大缓冲的效果？请说明理由（3）小车运动过程中线框产生的焦耳热24（10分）如图所示的xOy坐标系中，y轴右侧空间存在范围足够大的匀强磁场，方向垂直于xOy 平面向里P 点的坐标为（L，0），M1、M2两点的坐标分别为（0，L）、（0，L）质量为 m

17、，电荷量为 q 的带负电粒子A1，靠近极板经过加速电压为U的电场静止加速后，沿PM1方向运动有一质量也为 m、不带电的粒子A2静止在M1点，粒子A1经过M1点时与 A2发生碰撞，碰后粘在一起成为一个新粒子 A3进入磁场（碰撞前后质量守恒、电荷量守恒），通过磁场后直接到达 M2，在坐标为（L，0）处的 C点固定一平行于y轴放置绝缘弹性挡板，C为挡板中点假设带电粒子与弹性绝缘挡板碰撞前后，沿y方向分速度不变，沿 x 方向分速度大小不变、方向相反不计所有粒子的重力及粒子间的相互作用力（1）粒子A1与A2碰后瞬间的速度大小（2）磁感应强度的大小（3）若粒子A2带负电，且电荷量为q'，发现粒子A

18、3与挡板碰撞两次，能返回到P点，求粒子A2 的电荷量q'2017年浙江省温州市高考物理选考模拟试卷（2月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题共13小题，每小题3分，共39分每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1小李坐在火车内，看到窗外的树木正在后退，则他所选的参考系可能是（）A大地B树木C火车D铁轨【考点】12：参考系和坐标系【分析】解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的【解答】解：窗外的树是被研究的物体，窗外的树向后退去，而实际树是静止的，

19、所以树木向后退是以火车为参照系的，故C正确，ABD错误故选：C【点评】此题主要考查学生对运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论2下列仪器中，不能直接测量三个力学基本物理量的是（）ABCD【考点】3A：力学单位制【分析】力学的三个基本物理量分别为长度、时间、质量，测量工具分别为刻度尺、天平、秒表力不是基本物理量【解答】解：A、刻度尺用来测量长度，而长度是基本物理量，故A正确B、天平用来测量质量，而质量是基本物理量，故B正确C、秒表用来测量时间，而时间是基本物理量，故C正确D、弹簧秤测量力，而力不是基本物理量，故D错误本题

20、选不能直接测量三个力学基本物理量的，故选：D【点评】解决本题的关键知道力学的三个基本物理量以及对应的测量工具，需识记，不能搞混，要注意力不是基本物理量3G20峰会于2016年9月初在杭州奥体博览城召开，某记者从萧山国际机场到博览城打车约23.5km，峰会期间的文艺演出于北京时间9月4日21：15正式上演则下列说法正确的是（）A9 月 4 日 21：15 指时间间隔，23.5km 指路程B9 月 4 日 21：15 指时刻，23.5km 指路程C9 月 4 日 21：15 指时间间隔，23.5km 指位移大小D9 月 4 日 21：15 指时刻，23.5km 指位移大小【考点】16：时间与时刻【

21、分析】时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点位移的大小等于物体初末位置间的距离，路程是运动轨迹的长度【解答】解：由题可知，杭州G20峰会期间的文艺演出于北京时间9月4日21：15正式上演，9月4日21：15对应的是时间轴上的一个点，是时刻；23.5km是运动的轨迹的长度，是路程所以B正确，ACD错误故选：B【点评】该题考查对时间与时刻、路程与位移的理解，时刻具有瞬时性的特点，是变化中的某一瞬间；时间间隔具有连续性的特点，与某一过程相对应4洗衣机脱水时有一件衣物附在竖直筒壁上，如图所示，则下列说法正确的是（）A衣物受到重力、筒壁对它的弹力、摩擦力及向

22、心力共四个力的作用B衣物随筒壁做圆周运动的向心力由筒壁对它的弹力提供C筒的转速增大时，筒壁对衣物的摩擦力增大D筒的转速增大时，筒壁对衣物的弹力保持不变【考点】4A：向心力；37：牛顿第二定律【分析】衣物附在筒壁上随筒一起做匀速圆周运动，衣物的重力与静摩擦力平衡，筒壁的弹力提供衣物的向心力，根据向心力公式分析筒壁的弹力随筒转速的变化情况【解答】解：AB、衣服受到重力、筒壁的弹力和静摩擦力作用，弹力提供向心力，不要重复分析受力，故A错误，B正确；CD、筒壁的弹力F提供衣物的向心力，得到FN=m2R=m（2n）2R，转速n增大时，弹力F也增大；衣物附在筒壁上随筒一起做匀速圆周运动，衣物的重力与静摩擦

23、力平衡，筒的转速增大时，摩擦力不变；故CD错误；故选：B【点评】本题是生活中圆周运动问题，要学会应用物理知识分析实际问题，基础题目5如图所示，两个质量均为 m 带电量分别为 q1、q2 的小球，放在半径为R的内壁光滑的绝缘半球 形碗内，平衡时两球与碗心O点的连线和竖直方向的夹角均为 30°，则（）A两球间库仑力大小F=B两球间库仑力大小F=C碗对球的支持力FN=D碗对球的支持力FN=【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用；2G：力的合成与分解的运用；A4：库仑定律【分析】以其中的一个小球为研究对象进行受力分析，利用库仑定律结合平行四边形法则进行解答【解答】解：对右侧小球分析可知，小球

24、受重力、拉力及库仑力而处于平衡状态，如图所示，A、两球间的距离大小为R，根据库仑定律可得库仑力大小F=，A错误；B、由几何关系可知F=mgtan30°=，B错误；C、碗对球的支持力FN=T=，C错误；D、碗对球的支持力FN=T=，所以D正确；故选：D【点评】本题主要是考查了库仑力作用下物体的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答6图甲为一女士站在台阶式自动扶梯上匀速上楼（忽略扶梯对手的作用），图乙为一男士站在履带式自动扶梯上匀速上楼，两人相对扶梯均静止下列关于力做功

25、判断正确的是（）A甲图中支持力对人做正功B甲图中摩擦力对人做负功C乙图中支持力对人做正功D乙图中摩擦力对人做负功【考点】62：功的计算【分析】甲图中支持力方向竖直向上，不受摩擦力，乙图中支持力垂直斜面，摩擦力沿斜面向上，根据支持力和摩擦力的方向与速度方向的关系确定做功情况【解答】解：AB、图甲中，人匀速上楼，不受静摩擦力，摩擦力不做功，支持力向上，与速度方向为锐角，则支持力做正功，故A正确，B错误CD、图乙中，支持力与速度方向垂直，支持力不做功，摩擦力方向与速度方向相同，做正功故CD错误故选：A【点评】解决本题的关键知道力与速度方向垂直，该力不做功，力与速度方向成锐角，该力做正功，力与速度方向

26、成钝角，该力做负功72016 年我国航天领域喜事连连，8 月 16 日全球首颗量子科学实验卫星“墨子”号发射成功，“墨子”号最终在距地面高度为 500 千米的圆形轨道上运行10 月 19 日，神舟十一号飞船与天宫二号空间站自动交会对接成功，并在距地面高度为 393 千米的圆形轨道上运行则以下说法正确的是（）A“墨子”号卫星的运行速度比天宫二号大B“墨子”号卫星的运行周期比天宫二号小C“墨子”号卫星的向心加速度比天宫二号小D“墨子”号卫星和天宫二号的运行速度都可能大于7.9 km/s【考点】4H：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；4F：万有引力定律及其应用【分析】根据万有引力提供向心力=，解出

27、周期和向心加速度与轨道半径的关系，根据轨道半径的大小进行讨论【解答】解：根据万有引力提供向心力，得：，=，A、由可知，半径比较大的“墨子号”运行线速度比天宫二号线速度小故A错误；B、由可知，“墨子号”轨道半径较大，周期较大，所以“墨子”号卫星的运行周期比天宫二号大，故B错误；C、由可知，“墨子号”轨道半径较大，向心加速度较小，“墨子号”运行向心加速度比天宫二号向心加速度小故C正确D、7.9km/s是最大的运行速度，“墨子”号卫星和天宫二号的运行速度都小于7.9 km/s，故D错误；故选：C【点评】本题要掌握万有引力提供向心力这个关系，要能根据题意选择恰当的向心力的表达式8小李同学用铁钉与漆包线

28、绕成电磁铁，当接通电路后，放在其上方的小磁针 N 极立即转向左侧，如图所示则此时（）A导线 A 端接电池负极B铁钉内磁场方向向右C铁钉左端为电磁铁的 N 极D小磁针所在位置的磁场方向水平向右【考点】C6：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向【分析】根据安培定则，即可判断出电流的磁场的方向，然后结合磁场的方向的规定即可做出判定【解答】解：当接通电路后，放在其上方的小磁针N极立即转向左侧，所以小磁针处的磁场的方向向左，通电螺线管产生的磁场的方向向右，铁钉右端为电磁铁的N极所以螺旋管外侧的电流的方向向下，即漆包线内电流由A流向B，导线A端接电池正极故B正确，ACD错误故选：B【点评】该题已知磁场的方向

29、，来考查通电螺线管的电流的方向，属于对安培定则的考查，要会使用9小李用功率为1000W 的微波炉加热一杯250mL的牛奶，牛奶从室温加热到口感适宜的温度大概需要吸收3.0×104J的能量已知此微波炉将电能转化为微波辐射的效率为75%，微波辐射转化为牛奶内能的效率也为75%，则加热这杯牛奶的适宜时间约为（）A3 分钟B2 分钟C1 分钟D半分钟【考点】BG：电功、电功率【分析】根据电能转化为微波的效率以及微波转化为内能的效率可明确牛奶最终获得的能量，根据吸收的大约能量即可求得所需要的时间【解答】解：牛奶从室温加热到口感适宜的温度大概需要吸收3.0×104J的能量，根据功能关系

30、可知：Q=Pt×75%×80%代入数据可得：3.0×104J=75%×80%×1000t解得：t=50s，即适宜时间约为1min，故C正确，ABD错误故选：C【点评】本题考查功能关系，要注意明确电能转化为微波和微波转化为内能的过程中均存在能量损失，故要注意牛奶最终获得的能量所占消耗电能的比值10如图所示为某静电除尘装置的原理图，废气先经过一个机械过滤装置再进入静电除尘区图中虚线是某一带负电的尘埃（不计重力）仅在电场力作用下向集尘极迁移并沉积的轨迹，A、B 两点是轨迹与电场线的交点不考虑尘埃在迁移过程中的相互作用和电量变化，则以下说法正确的是（）

31、AA 点电势高于B点电势B尘埃在A点的加速度大于在B点的加速度C尘埃在迁移过程中做匀变速运动D尘埃在迁移过程中电势能一直在增大【考点】AD：电势差与电场强度的关系；AE：电势能【分析】根据电场方向，分析尘埃所受的电场力方向，判断其电性放电极与集尘极间建立非匀强电场，尘埃所受的电场力是变化的电场力对尘埃做正功【解答】解：A、由图可知，作过的等势线，交A所在电场线于B'，则可知，B'点靠近正极板，故B点的电势高于A点电势，故A错误；B、由图可知，A点电场线比B点密集，因此A点的场强大于B点场强，故A点的电场力大于B点的电场力，再根据牛顿第二定律可知，A点的加速度大于B点的加速度，故

32、B正确；C、放电极与集尘极间建立非匀强电场，尘埃所受的电场力是变化的故粒子不可能做匀变速运动，故C错误；D、由图可知，开始为钝角，电场力做负功，电势能增大；后来变为锐角，电场力做正功，电势能减小；对于全过程而言，根据电势的变化可知，电势能减小，故D错误故选：B【点评】本题考查考查分析实际问题工作原理的能力，解题时，明确电场线的分布规律，并且能抓住尘埃的运动方向是解题突破口11下雨天，小李同学站在窗边看到屋檐上不断有雨水滴下如图所示，他发现当第1滴水滴落地时，第4滴刚好形成，并目测第3、4两水滴的高度差约为40cm，假设相邻两水滴形成的时间间隔相同，则屋檐离地高度约为（）A5.5mB4.5mC3

33、.5mD2.5m【考点】1J：自由落体运动【分析】初速度为0的匀加速直线运动，在连续相等时间间隔内的位移比为1：3：5：7：9已知第3滴与第4滴水的间隔距离，根据比例关系求出总高度【解答】解：根据比例关系，从上到下相邻水滴间距离之比为1：3：5：7：9，而3、4两滴间距离为40cm=0.4m，所以总高度H=（1+3+5）×0.4=3.6mC选项最接近故C正确，ABD错误故选：C【点评】解决本题的关键掌握初速度为0的匀加速直线运动，在连续相等时间间隔内的位移比为1：3：5：7以及掌握自由落体运动的位移时间公式H=gt212图甲为某标有“35F 5%”的电容器，图乙为标有“3.7V 13

34、50mAh”的某品牌 手机电池板则以下说法正确的是（）A电容器和手机电池的充电过程都是电能转化为化学能的过程B该手机电池铭牌上的 1350mAh 指储存的电量，当以 135mA 的电流工作时，可连续放电10 小时C该电容器只有在正常工作时电容才是 35F 左右D该手机电池能储存的最大电能约为 0.5kwh【考点】B9：电源的电动势和内阻【分析】明确电容器和性质，知道电容器将电能转化为电场能；明确电动势的定义，知道电池容量单位的意义，能根据W=Uq计算电能大小【解答】解：A、电容器充电时是将电能转化为电场能，而手机电池的充电过程都是电能转化为化学能的过程，故A错误；B、由q=It可知，该手机电池

35、铭牌上的 1350mAh 指储存的电量，故t=10h，因上当以 135mA 的电流工作时，可连续放电10 小时，故B正确；C、电容器的电容是电容器本身性质决定的，任何时刻均为35F 左右，故C错误；D、由W=UIt可知，该手机的最大电能为：W=3.7×1350×1030.5kwh，故D正确故选：BD【点评】本题考查对电容器和电源的掌握性况，要注意明确电动势的计算方法，注意在计算电能时要注意单位的正确换算13某质量为m的电动玩具小车在平直的水泥路上由静止沿直线加速行驶经过时间t前进的距离为x，且速度达到最大值vm，设这一过程中电动机的功率恒为P，小车受阻力恒为F，则t时间内（

36、）A小车做匀加速运动B小车受到的牵引力逐渐增大C合外力对小车所做的功为 PtD牵引力对小车所做的功为 Fx+mvm2【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率【分析】小车电动机的功率恒定，速度不断变大，根据功率与速度关系公式P=Fv可知，牵引力不断减小，故小车的运动是加速度不断减小的加速运动；结合动能定理列式求解相关量即可【解答】解：A、电动机功率恒定，P=F牵v，结合牛顿第二定律可知F牵F=ma，v=at可知，当速度增大时，牵引力减小，加速度减小，故小车做加速度见效的变加速运动，故AB错误；C、整个过程中，牵引力做正功，阻力做负功，故合力做功为W=，Pt为牵引力所做的功，故C错误；D、整个过程中

37、，根据动能定理可知，解得Pt=Fx+mvm2，故D正确；故选：D【点评】小车的恒定功率启动方式是一种最快的启动方式，是加速度不断减小的加速运动，运动学公式不再适用，但可以根据动能定理列式求解二、选择题（本题共3小题，每小题2分，共6分每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）14以下关于光学知识的叙述中，正确的是（）A甲图是著名的泊松亮斑图案，这是光波的衍射现象B乙图中的彩虹是不同色光在水滴中折射率不同造成的C丙图的照相机镜头上涂有一层增透膜，增透膜利用了光的偏振原理D丁图是医学上的内窥镜，其核心部件光导纤维能传输光像信号，是利用光

38、的全反射【考点】H9：光的干涉；HB：光的偏振【分析】泊松亮斑是光的衍射现象；彩虹是应用光的折射；光导纤维束是利用光的全反射原理，增透膜利用了光的干涉原理，从而即可求解【解答】解：A、甲图是著名的泊松亮斑图案，光偏离原来直线方向传播，这是光波的衍射现象，故A正确；B、乙图中的彩虹是不同色光在水滴中折射率不同造成的，从而导致偏折程度不同，进而出现色散现象，故B正确；C、增透膜是利用光的干涉，将反射光相互减弱，从而增强透射，故C错误；D、光导纤维束内传送图象，是利用光的全反射原理，故D正确；故选：ABD【点评】考查光的干涉、折射与全反射的原理，及其发生条件，注意增透膜的原理，理解干涉色散与折射色散

39、的不同15下列有关说法正确的是（）A铀核发生 衰变时，释放出 粒子和一定的能量，目前核电站利用的就是这一自发释放的能量B如果利用紫光照射某种金属可以发生光电效应，改用红光一定不能发生光电效应C氢原子由较高能级跃迁到较低能级时，会释放出一定频率的光子D机械波和电磁波都具有干涉、衍射的特性【考点】JA：原子核衰变及半衰期、衰变速度；H9：光的干涉【分析】目前核电站利用的是U发生裂变时释放的能量；发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率；根据玻尔理论分析；干涉与衍射都是波的特性【解答】解：A、 衰变时放出的能量比较小，目前核电站利用的是U发生裂变时释放的能量，故A错误B、用紫光照射某种金属

40、可以发生光电效应，可知紫光的频率大于金属的极限频率，红光的频率小于紫光的频率，用红光照射不一定能产生光电效应，故B错误；C、氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，能量减小，要释放一定频率的光子，故C正确D、干涉与衍射都是波特有的性质，机械波和电磁波都具有干涉、衍射的特性，故D正确故选：CD【点评】本题考查了光电效应、玻尔理论等基础知识点，关键要熟悉教材，多加积累，牢记这些基础知识点16如图所示，在某一输电线路的起始端接入两个理想变压器，原、副线圈的匝数比分别 为 n1：n2=100：1 和 n3：n4=1：100，图中 a、b 表示电流表或电压表，已知电压表的示数为 22V，电流表的示数

41、为 1A，则以下说法正确的是（）Aa 为电流表，b 为电压表Ba 为电压表，b 为电流表C输电线路总电阻为 22D线路输送电功率是 220 kW【考点】E8：变压器的构造和原理【分析】理想变压器的工作原理是原线圈输入变化的电流时，导致副线圈的磁通量发生变化，从而导致副线圈中产生感应电动势而副线圈中的感应电流的变化，又导致在原线圈中产生感应电动势变压器的电流比与电压比均是有效值，电表测量值也是有效值【解答】解：由图可知：a表是电压表，b表是电流表而甲互感器原线圈的匝数比副线圈匝数100：1，乙互感器原线圈的匝数比副线圈匝数1：100，由电压表的示数为22V，得原线圈的电压为2200V，由电流表的

42、示数为1A，原线圈的电流为100A所以电线输送功率是2.2×105W=220KW，由已知条件无法求输电线电阻故BD正确，AC错误；故选：BD【点评】理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象同时变压比与匝数成正比，变流比与匝数成反比三、非选择题（本题共8小题，共55分）17用如图 1 所示装置来做“探究加速度与力、质量的关系”的实验时，回答下面问题：（1）下列说法中正确的是ACA连接沙桶和小车的细绳应与长木板保持平行B实验时，先放开小车，再接通打点计时器的电源C每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力D平衡摩擦力时，将空的沙桶用细绳通过定滑轮拴在小车上（2）本实

43、验中把沙和沙桶的总重量当作小车受到的拉力，当测得某一次小车连同车上的重物的总质量 M=450g 时，则图 2 的物体中能用来取代沙和沙桶的是D（3）实验得到如图 3 所示的一条纸带，打点计时器所接交流电源的频率为 50Hz，从 O 点开始每5 个计时点取一个计数点，在纸带上依次标出 0、1、2、3、4，5 个计数点，表格中记录的是各计数点对应的刻度数值，其中计数点 3 的刻度数为12.28cm，并将这个测量值填入表中计数点01234刻度数值/cm03.037.1112.2818.55（4）根据表格中的数据试计算出小车的加速度为1.1m/s2（结果保留两位有效数字）【考点】M8：探究加速度与物体

44、质量、物体受力的关系【分析】（1）在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，使得砂和小桶的重力等于小车的合力，需平衡摩擦力，平衡摩擦力时，不挂砂和小桶，小车后面需连接纸带连接沙桶和小车的轻绳应和长木板保持平行，平衡摩擦力后，长木板与水平面夹角不能改变，小车应靠近打点计时器，且应先接通电源再释放小车（2）根据牛顿第二定律，运用整体法和隔离法求出拉力的表达式，得出砂桶重力表示拉力的条件（3）根据刻度尺读出示数，注意估读；（4）根据x=aT2利用逐差法求得加速度【解答】解：（1）A、连接砂桶和小车的轻绳应和长木板保持平行，使绳子的拉力等于小车受到的合力，故A正确B、实验时，先接通电源，后放开小车，故B

45、错误；C、平衡摩擦力后，当改变小车或砂桶质量时，不需要再次平衡摩擦力，故C正确；D、平衡摩擦力时，不需挂砂和小桶，但小车后面必须与纸带相连，因为运动过程中纸带受到阻力，故D错误故选：AC（2）本实验中把沙和沙桶的总重量当作小车受到的拉力，要保证小车的质量远远大于砂和砂桶的质量，故D正确；（3）由刻度尺可知示数为12.28cm（4）根据x=aT2可知， m/s2=1.1m/s2故答案为：（1）AC；（2）D；（3）12.28；（4）1.1【点评】解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动推论的运用18在“测定电源的电动势和内阻”实验中：（1）小王同学的

46、连线如图1所示，闭合开关S前请老师检查，老师指出图1中标示的六根连线有一处不规范，不规范的连线是（填“”、“”、“”、“”、“”或“”）；（2）开关闭合前，图1中滑动变阻器的触头应置于最右端（填“左”或“右”）；（3）闭合开关 S 后，缓慢移动变阻器的滑片至某一位置时，电压表指针如图 2 所示，电压表的示数为1.22V（4）小王同学分别用新旧两节干电池做了上述的实验，根据实验采集到的数据在一幅坐标图中画了两条 UI 图象如图 3 所示，其中图线a（选填“a”或“b”）所代表的电池内阻较大，由此可推测表示新电池的 UI 图象是b（选填“a”或“b”）【考点】N3：测定电源的电动势和内阻【分析】（

47、1）明确实物图连接要求，从而分析实验中连接不规范的接线；（2）电路电流应由最小值开始调节，因此滑动变阻器接入电阻应为最大；（3）根据电压表量程确定最小分度，从而确定最终读数；（4）明确闭合电路欧姆定律的公式，结合图象进行分析，从而明确新旧电池所对应的图象【解答】解：（1）在连接电路时应让开关控制整个电路，由图可知，电压表直接并联在了电源两端，不属合规范，故线应接在开关的右侧；（2）为了让电流由最小值开始调节，故开始时滑动变阻器接入电阻最大，故滑片应滑到最右侧；（3）电压表量程为3V，则最小分度为0.1V，故读数为1.22V；（4）根据U=EIr可知，图象的斜率表示电源的内阻，则由图可知，a表示

48、的电源内阻较大，故b图象表示新电池的UI图象；故答案为：（1）；（2）右；（3）1.22；（4）a，b【点评】本题考查测量电动势和内电阻的实验，要注意明确实验原理，知道闭合电路欧姆定律的应用，从而根据图象进行分析，确定电源的电动势和内阻大小19航拍仪是目前比较普遍的一种拍摄仪器，它是在可以垂直起降的小型四旋翼无人机上安装高清摄像头而实现拍摄功能的，具有体积小、使用灵活、飞行高度低、机动性强等优点在一次拍摄中，航拍仪从地面由静止启动，获得竖直向上、大小恒定的升力 F，开始匀加速起飞，运动 t=8s 后，到达 h=32m 的高度，此时航拍仪突然出现故障而失去动力，在到达最高点时动力系统恰好恢复已知

49、航拍仪的质量 m=2kg，航拍仪在运动过程中受到 F f=12N 的空气阻力，假设航拍仪在运动过程中始终保持水平，g=10m/s2，求：（1）航拍仪匀加速起飞的加速度大小；（2）航拍仪匀加速起飞时升力的大小；（3）航拍仪动力系统恢复时所在的高度 H【考点】37：牛顿第二定律；1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】（1）根据位移时间公式求得加速度；（2）根据牛顿第二定律求得升力；（3）根据速度时间公式求得加速上升的速度，利用牛顿第二定律求得减速上升的加速度，利用速度位移求得上升的高度即可求得【解答】解：（1）根据位移时间公式可知h=，解得a=（2）根据牛顿第二定律可知FmgFf=ma，解

50、得F=mg+ma+Ff=36N（3）失去动力时的速度v=gt=8m/s，失去动力后，根据牛顿第二定律求得加速度大小为a，继续上升的高度为h航拍仪动力系统恢复时所在的高度 H=h+h=34m答：（1）航拍仪匀加速起飞的加速度大小为1m/s2；（2）航拍仪匀加速起飞时升力的大小为36N；（3）航拍仪动力系统恢复时所在的高度 H为34m【点评】本题的关键是对无人机的受力分析以及运动情况的分析，结合牛顿第二定律和运动学基本公式求解20（12分）（2017温州模拟）某同学在设计连锁机关游戏中，设计了如图所示的起始触发装置AB段是长度连续可调的竖直伸缩杆，BCD段是半径为R的四分之三圆弧弯杆，DE段是长度

51、为2R的水平杆，与AB杆稍稍错开竖直杆外套有下端固定且劲度系数较大的轻质弹簧，在弹簧上端放置质量为m的套环每次将弹簧的长度压缩至 P 点后锁定，设PB的高度差为h，解除锁定后弹簧可将套环弹出在触发器的右侧有多米诺骨牌，多米诺骨牌的最高点Q和P点等高，且与E的水平距离x=8R，已知弹簧锁定时的弹性势能E=9mgR，套环P与水平杆的动摩擦因数=0.5，与其他部分的摩擦不计，不计套环受到的空气阻力及解除锁定时的弹性势能损失，不考虑伸缩竖直杆粗细变化对套环的影响，重力加速度为g求：（1）当 h=3R时，套环到达杆的最高点C处时的速度大小v；（2）在（1）问中套环运动到最高点C时对杆作用力的大小和方向；

52、（3）若 h 可在 R6R连续可调，要使该套环恰能击中Q点，则h需调节为多长？【考点】66：动能定理的应用；6C：机械能守恒定律【分析】（1）当 h=3R时，套环从P点运动到C点，根据机械能守恒定律求解v；（2）在最高点C时，对套环，根据牛顿第二定律求解作用力；（3）套环恰能击中Q点，将平抛运动过程分解为水平方向和竖直方向的运动，再从P到E，根据能量守恒定律求解高度h【解答】解：（1）当 h=3R时，套环从P点运动到C点，根据机械能守恒定律有：，E=9mgR解得：（2）在最高点C时，对套环，根据牛顿第二定律有：mg+FC=解得：FC=9mg，方向竖直向下；（3）套环恰能击中Q点，平抛运动过程：

53、x=vEt从P到E，根据能量守恒定律有：联立解得：h=5R答：（1）当 h=3R时，套环到达杆的最高点C处时的速度大小v为；（2）在（1）问中套环运动到最高点C时对杆作用力的大小为9mg，方向竖直向下；（3）若 h 可在 R6R连续可调，要使该套环恰能击中Q点，则h需调节为5R【点评】本题考查了圆周运动最高点的动力学方程以及机械能守恒定律的应用，知道圆周运动向心力的来源，以及平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律是解决本题的关键21某同学在做“探究 单 摆 周 期 与 摆长 的 关 系”的实验中，分别用两种仪器来测量摆球直径，操作如图 1 所示，得到摆球的直径为 d=19.12mm，此测量数

54、据是选用了仪器乙（选填“甲”或“乙”）测量得到的 该同学先用米尺测得摆线的长度，再采用上题中的方法测得摆球直径，他通过改变摆长，进行多次实验后以摆长 L 为横坐标，T 为纵坐标，作出 T图线，若该同学在计算摆长时加的是小球直径，则所画图线是图 2 中是C（填“A”、“B”或者“C”）【考点】MC：研究弹簧振子的周期和小球质量的关系【分析】（1）将给出的数据域游标卡尺域螺旋测微器的最小分度比较，确定是哪一个的测量结果；（2）由单摆周期公式求出图象的函数表达式，根据函数表达式与图象，即可求解【解答】解：（1）图甲是螺旋测微器，其最小分度是0.001mm，而乙为50分度的游标卡尺，最小分度是0.02

55、mm，d=19.12mm；符合游标卡尺的读数，不符合螺旋测微器的读数的精确度故此测量数据是选用了仪器乙；（2）由单摆周期公式：T=2可得：T2=L，若该同学计算摆长时候加的是小球直径，则对应的准确表达式应为：T2=（L），则可知图象应与横坐标有交点，故C正确，AB错误故选：C；故答案为：（1）乙；（2）C【点评】本题关键明确两种常用测量工具的精确度，同时注意用单摆测定重力加速度的实验中利用图象处理数据的方法，关键根据单摆周期公式推导出线性关系公式进行分析22在“用双缝干涉测量光的波长”实验中，经调节后在目镜中观察到如图甲所示的单色光干涉条纹，仅改变一个实验条件后，观察到的条纹如图乙所示的条纹，则改变的实验条件可能是（）A减小光源到单缝的距离B增大双缝之间的距离C增大