2019-2020学年黑龙江省牡丹江市一中高二上学期10月月考物理试题(理)解析版

1、黑龙江省牡丹江市牡一中高二学年上学期10月月考高二物理（理科）一、单选题（每小题 4分，共48分。每小题只有一个选项正确。）1 .真空中有两个静止的点电荷，它们之间静电力的大小为 F。如果保持这两个点电荷的带电量不变，而将它们之间的距离变为原来的4倍，那么它们之间的静电力的大小为A. 4FB. C. 16FD.416【答案】D【解析】在距离改变之前库仑力为:F kqq2 ,带电量不变，而将它们之间的距离变为原来的4倍rqM1时库仑力为：F k2 ；7F，故D正确，ABC错误。4r 162.2s内有0.1C电荷通过一段横截面积为0.5cm 2的导体材料，则电流强度是（A. 0.1AB. 0.15

2、AC. 0.25A【答案】D【解析】【详解】由电流的定义式 I q 01 0.05A t 2A. 0.1A与分析不符，A错误B. 0.15A 与分析不符，B错误C. 0.25A 与分析不符，C错误D. 0.05A 与分析符合，D正确D. 0.05A3.如图所示的各电场中,A、B两点场强相同的是-13 -B.【答案】C【解析】 本题考查了对电场强度相等的理解，电场强度是矢量，要相等，大小和方向都必须相等，A中是负电荷形成的电场，根据 E k-q2可彳导AB两点的电场强度大小相等，但是方向不同， r所以A错误，B中是正电荷形成的电场，A点的电场线比B点的电场线要密，所以 A点的电场强度大于 B点的

3、电场强度，B错误，C中的电场是匀强电场，区域里的所有点的电场强度大小和方向都相等，所以C正确，D中A点的电场线比B点的电场线要疏，所以A点的电场强度小于 B点的，另外两点的方向也不相同，所以选 C思路拓展：本题的关键是要明白各种电场中如何比较电场强度，一种是根据电场线的疏密程度，一种是根据公式 E k-q2 r4.以下说法正确的是（）A.放在电场中的带电粒子一定受到电场力的作用B.电源的电动势越大，说明电源储存的电能越多WC.根据电势差的定义式 U 二，两点间的电势差 U与静电力做的功 W成正比，与移动电荷的电量q成反比D.在电路中，电荷定向移动的方向就是电流的方向【答案】A【解析】【详解】A

4、.根据F qE知放在电场中的带电粒子一定受到电场力的作用，故选项A符合题息；B.电动势的大小与所储存的电能是无关的，故选项B不符合题意；c.电场中两点间的电势差 U与电荷量q无关，与静电力做功也无关，故选项c不符合题意；D.电流是由电荷的定向移动形成的，同时规定了电流的方向是：正电荷定向移动的方向为电流的方向，电流的方向与负电荷定向移动的方向相反，故选项 D不符合题意。123一5.原来静止的五核（iH）、笊核（iH ）、瓶核（iH ）混合物经同一电场加速后（不考虑电荷之间的静电力作用），它们具有相同的（）A.速度B.动能C.动量D.以上都不对【答案】B【解析】1.23【详解】五核（iH）、笊核

5、（iH ）、瓶核（iH）的电荷量相同，根据动能定理，有：1 2eU 一 mv21 2 ,故动能一mv相同，速度v不同，动量mv不同；2A.与分析不符，不符合题意；B.与分析相符，符合题意；C.与分析不符，不符合题意；D.与分析不符，不符合题意。6.如图所示，真空中有两个点电荷Q1和Q2, Q1=+9q, Q2=-q,分别固定在x轴上x=0处和x=6cm 处，下列说法正确的是（）A.在x=3cm 处，电场强度为 0B.在区间上有两处电场强度为0C.在x9cm区域各个位置的电场方向均沿x轴正方向D.将试探电荷从x=2cm移到x=4cm处，电势能增加【答案】C【解析】【详解】A.某点的电场强度是正电

6、荷 Qi和负电荷 Q2在该处产生的电场的叠加，是合场强。根据点电荷的场强公式 E=k2,所以要使电场强度为零，那么正电荷Qi和负电荷Q2在该处r产生的场强必须大小相等、方向相反。因为它们电性相反，在中间的电场方向都向右。设距离Q2为xo处的电场强度矢量合为 0 ,则：kQ1kQ2(xo 6)2 七可得：xo=3cm ,故A错误；B.由选项A的分析可知，合场弓虽为0的点不会在Qi的左边，因为Qi的电荷量大于 Q2,也不会在QiQ2之间，因为它们电性相反，在中间的电场方向都向右。所以，只能在 Q2右边。即在x坐标轴上电场强度为零的点只有一个。故B错误；C.设距离Q2为x。处的电场强度矢量合为 0,

7、则：kQ1kQ2(x0 6)2x2可得：x0=3cm ,结合矢量合成可知，在 x 9cm区域各个位置的电场方向均沿x轴正方向。故C正确；D.由上分析，可知，在 0vxv6cm的区域，场强沿 x轴正方向，将试探电荷 +q从x=2cm处移至x=4cm处，电势能减小。故 D错误。7 .如图所示是某导体的I U图线，图中a=45。，下列说法正确的是()A.该导体的电阻与其两端的电压成正比8 .此导体可能是半导体C. I U图线的斜率表示电阻的倒数，所以R= 1.0 QD.在该导体两端加6.0V电压时，每秒通过导体截面的电荷量是3.0C【答案】D【解析】【详解】A.由图可知，电流随着其两端的电压的增大而

8、增大，故电流与其两端的电压成正比，电阻不变，故A错误； U10、_BC.由图可知，得导体的电阻为 R =2.0 Q,且保持不变，不是半导体，故 BC错误;I 5D.在导体两端加6.0V的电压时，电路中电流I U 网 3.0 A,则每秒通过电阻的电荷量R 2.0为 q=It=3.0 X1=3.0C ;故 D 正确。8 .如图是匀强电场遇到空腔导体后的部分电场线分布图，电场方向如图中箭头所示，M, N,Q是以直电场线上一点 O为圆心的同一圆周上的三点，OQ连线垂直于 MN.以下说法正确的是A. O点电势高于Q点电势B. O、M间的电势差等于 N、O间的电势差C.将一正电荷由M点移到Q点，电荷的电势

9、能增加D.在Q点释放一个正电荷，正电荷所受电场力将沿与OQ垂直的方向竖直向上【答案】AO点所在电场线上找到 Q点的等势点，根据沿【解析】【详解】A.根据电场线与等势线垂直特点，在电场线电势降低可知， O点的电势比Q点的电势高，故 A正确；B.根据电场分布可知， OM间的平均电场强度比 NO之间的平均电场强度大，由公式 U = Ed可知，OM间的电势差大于 NO间的电势差，故 B错误；C. M点的电势比Q点的电势高，正电荷从高电势移动到低电势电场力做正功，电荷的电势能减小，故C错误；D.在Q点释放一个正电荷，正电荷所受电场力将沿与该点电场线的切线方向相同，斜向上，故D错误。9 .如图所示，要使电

10、阻 Ri消耗的功率最大，应该把电阻R2的阻值调节到（）A. R2=Ri+rB. R2=Ri-rC. R2=rD. R2=0【答案】D【解析】【详解】由题，电阻 Ri是定值电阻，电阻保持不变，根据功率公式P=I2R分析得知，当I最大时，Ri消耗的功率最大。由闭合电路欧姆定律得到，此时R2=0。D正确。10 .一匀强电场的方向平行于 xOy平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示，三点的电势分别为10V、17V、26V 。下列说法正确的是a p/cmA. ab连线中点的电势与 ac连线中点的电势相等B.电子在a点的电势能比在 b点的电势能少7eVC.若电子从b点运动到c点，需克服电场力做功 9eV

11、D.电场强度的大小为 2.5V/cm【答案】D【解析】【详解】A.根据匀强电场分布规律可知ac连线中点的电势为18V , ab连线中点的电势为13.5V ,故A错误.B.电子在电势较低位置的电势能大于电子在电势较高位置的电势能，故 B错误.C.电子从电势较低处向电势较高处运动，电场力做正功，故 C错误.D.如图所示：02 4 6 8 jr/cm设ac之间的d点电势与b点相同，则ad10 17 7dc 17 26 9所以d点的坐标为(3.5cm , 6cm),过c点作等势线bd的垂线，由几何关系可得 cf的长度为3.6cm ,电场强度的大小为U 26 17E () 2.5V /cmd 3.6cm

12、故D正确.11.相同长度和材料的导线两端的电压分别为U1和U2,若导线上的电功率也相同，则两导线截面积之比S1： $2为()A.U2UiUiB. 一U2D.Ui2U2【解析】【详解】导线上的电功率相同，根据P UI则有:IiI2U2Ui根据得输电线上的电阻：则两导线的电阻之比：导线长度和材料也相同，由则两导线截面积之比：A.与分析不符，不符合题意;B.与分析不符，不符合题意;C.与分析相符，符合题意；D.与分析不符，不符合题意。RiR2SS2Pi2rl2ii2R2Ru2U；U212.如图所示，在真空室中有一水平放置的不带电平行板电容器，板间距离为d,电容为C,上板B接地。现有大量质量均为 m、

13、带电量均为q的小油滴，以相同的初速度持续不断地从 两板正中间沿图中虚线所示方向射入，第一滴油滴正好落到下板A的正中央P点。如果能落到A板的油滴仅有N滴，且第N 1滴油滴刚好能飞离电场，假定落到A板的油滴的电量能被板全部吸收，而使 A板带电，同时B板因感应而带上等量异号电荷，不考虑油滴间的相互 作用，重力加速度为 g,则下列说法正确的是（）1屋 上一 .A =3C d m gA.落到A板的油滴数N 产4q一 CdmgB.落到A板的油滴数N *2qC.第N1滴油滴通过电场的整个过程所增加的电势能等于mgd8D.第N1滴油滴通过电场的整个过程所减少的机械能等于5mgd4AB .对于第一滴油，则有:联

14、立解得:Voti1.23 gtigL24v2最多能有N个落到下极板上，则第 N 1个粒子的加速度为a,由牛顿运动定律得:mgqEma其中:QCdNqCd可得:Nq2Cmd第N 1粒子做匀变速曲线运动，有:V0t2-atf 2第N 1粒子不落到极板上，则有关系:联立以上公式得:y,3gCmd4q2故选项A符合题意，B不符合题意；C.第N 1滴油滴通过电场的整个过程所增加的电势能为：qEd 3mgd28故选项C不符合题意；D.第N 1粒子运动过程中电场力做负功等于粒子减少的机械能:d 3mgdW电 qE28故选项D不符合题意。、多选题（每小题 4分，共12分。每小题至少有两个选项不选得0分。）13

15、.如图所示，虚线框内有匀强电场,AA 、 BB面间的距离均为3.0 cm ,已知BB上的电势为eV自图中的P点进入电场，刚好从C点离开电eV。下列说法正确的是R1A.平面AA上的电势为3VB.该匀强电场的场强为 100 V/m、有两个选哨险选不全得有错或、A，Ek=日1C.该粒子经过平面 BB 时的电势能为10eVD.该粒子从P到C的过程动能和电势能总和守恒【答案】BD【详解】A.电子从P到C的过程电场力做功为 6 eV,即eUAC 6eV ，所以Uac 6V ,B.根据匀强电场电场强度公式可知E Ud62 100V/m ,故 B 正确;6 10已知BB 上的电势为0 V则平面AA上的电势为-

16、3V ,故A错误;-22 -C.已知BB 上的电势为0 V ,根据Epe可知该粒子经过平面 BB时的电势能为0eV ,故C错误D.粒子运动过程中只有电场力做功，使得动能和电势能之间相互转化，所以粒子的动能与电势能之和不变，故 D正确14.家用电吹风中，有一个小电动机和与它串联的一段电热丝。电热丝加热空气，电动机带动 风叶转动，送出热风。设电动机线圈的电阻为 R,电热丝的电阻为 R2。将电吹风接到直流电 源上，电源输出电压为 U,输出电流为I,电吹风消耗的电功率为 P。以下表达式中正确的是A. PUIB.PUI_2_2_C. PI (RR2)D.PI (WR2)【答案】AD【解析】【详解】AB

17、.电吹风机消耗电功率P是总的功率，总功率的大小应该是用P=IU来计算，所以总功率P=IU，故A正确，B错误；CD.电吹风机中发热的功率要用I2R来计算，所以总的发热功率为 P=I2 (R1+R2),吹风机的15.如图，由M、N两块相互靠近的平行金属板组属球相接，极板 M与静电计的外壳均接4过程中，电容器所带电荷不变.下面操作能行板电容器，N与静电计的金 电彳口计指针/，二定角度. I勺- 11 -总功率P=IU要大于发热部分白功率，所以 C错误，D正确；A.将M板向上平移B.将M板沿水平向右方向靠近 N板C. M、N之间插入有机玻璃板D.在M、N之间插入厚金属板，且不和 M、N接触【答案】A【

18、解析】试题分析：极板 M和静电计外壳均接地，相当于以大地为导向连接在一起，那么两极板之间的电压即静电计的指针和外壳之间的电压越大，指针偏角越大，平行板 电容器电压Q Q 4 kdQU c yv1 , M板上移，正对面积s变小，电压变大，选项 A对。将M板4 kd r沿水平向右方向靠近 N板，板间距离d变小，在M、N之间插入有机玻璃板相对介电常数r变大，在M、N之间插入金属板，且不和 M、N接触，板间距离d变小，都会导致电压变小,指针张角表小，选项 BCD错。考点：平行板电容器三、填空题（每空 3分，共18分。）16.一段粗细均匀的电阻丝，电阻为R.现把它均匀的拉长为原来的 2倍，它的电阻变成

19、, 若把它对折起来当一条导线使用，则电阻变为 .【答案】（1）. 4R （2）. -R4【解析】分析】在电阻丝温度不变的条件下，电阻的影响因素是材料、长度、横截面积，当导线被拉长后，长度变长的同时，横截面积变小，但导体的整个体积不变.【详解】当导体长度拉长到原来的2倍时，其材料和体积均不变，则横截面积变为原来的 -;2而导体的电阻与长度成正比，与横截面积成反比，所以此时导体的电阻变为原来的4倍；根据R L可知，则电阻值是 4R； 一段长度为L的粗细均匀的电阻丝电阻为R,现将其对折S绞合在一起，则此时长度是原来的工,横截面积是原来的 2倍，卞据R -L可知，其电阻2S，-1的阻值为-R. 417

20、.一个量程为0： 300MA的电流表，内阻为1000 Q,再给它串联一个 99000 的电阻，将它改装成电压表，改装后电压表的量程为 V。【答案】30【解析】【详解】1改装后的电压表的量程为：U Ig（R Rg） 300 1061000 99000 V 30V18 .有一个额定电压为 2.8V ,功率约为0.8W的小灯泡，现要用伏安法描绘这个灯泡的I-U 图线，有下列器材供选用A.电压表（03 V ,内阻约为6 k Q）B.电压表（015 V ,内阻约为 30 k Q）C.电流表（03 A,内阻约为0.1D.电流表（00.6 A ,内阻约为 0.5E.滑动变阻器（10 Q, 5 A）F.蓄电池

21、（电动势6 V ,内阻不计）请设计合适的电路，在空白方框内画出正确的电路图 。按设计的电路图进行测 量，电压表应选用 ,电流表应选用 。（用序号字母表示）【解析】【详解】1根据可得灯泡的电阻为:R U 10I根据Rv Rl百瓦可知电流表选用外接法；由于用伏安法描绘这个灯泡的伏安特性，所以滑动变阻器采用分压 式，所以电路图如图:2由题意可知，灯泡的额定电压为 2.8V ,故电压表的量程应大于2.8V ,故电压表应选 3V量程，故选A;3由P UI可得电流为:I 08 A 0.286A2.8故电流表应选D;四、解答题(2小题，共31分.必须写出必要的文字说明、方程，直接写出答案不给分)19 .如图

22、所示的电路中，Ri=5 Q, R2=9 Q.当开关K接1时，电流表示数Ii=0.5A ,当开关K接2时，电流表示数I2=0.3A ,则(1 )电源电动势E= ?（2）当开关K接2时，电阻R2消耗的功率P=?【答案】（1） E=3V ,r=1 Q （2） 0.81W【解析】【详解】（1） K接1,时，根据闭合电路欧姆定律有E Ii R r K接2时，根据闭合电路欧姆定律有E I2 R r 联立代入数据：E 0.5 5 r ; E 0.3 9 r解得：E=3V , r=1 Q（2） K接2时，电阻R2消耗的功率22P I2R2 0.32 9W 0.81W .20.如图甲为科技小组的同学们设计的一种静电除尘装置示意图，其主要结构有一长为L、宽为b、高为d的矩形通道，其前、后板使用绝缘材料，上、下板使用金属材料。图