甘肃省庆阳市2015届高三下学期一诊考试物理试题修改版

1、14B在人类对自然界进行探索的过程中，很多物理学家或科学家做出了杰出的贡献。下列说法符合历史事实的是( ) A.笛卡儿最先认为物体的运动不需要力维持 B.法拉第最先引入了场的概念，并用力线来形象地描绘场 C.牛顿在给出万有引力公式的同时给出了引力常量的数值 D安培最先发现电流周围存在磁场，又总结出磁场对电流的作用力公式ex【命题立意】本题考查物理学史【解题思路】A、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测出了引力常量，故A错误；B、伽利略根据理想斜面实验推论出“若没有摩擦，在水平面上运动的物体将保持其速度继续运动下去，故B正确；C、麦克斯韦预言了电磁波，赫兹用实验证实了电磁波的存在，故C错误；D、法

2、拉第发现了电磁感应现象，故D错误；故选B。15.电磁炉热效率高达，炉面无明火，无烟无废气，电磁“火力”强劲，安全司靠。图示是描述电磁炉工作原理的示意图，下列说法正确的是( )A.当恒定电流通过线圈时，会产生恒定磁场，恒定磁场越强，电磁炉加热效果越好B.电磁炉通电线圈加交流电后，在锅底产生涡流，进而发热工作C.电磁炉的锅不能用陶瓷锅或耐热玻璃锅，主要原因这些材料的导热性能较差D在锅和电磁炉中间放一纸板，则电磁炉不能起到加热作用ex【命题立意】本题考查涡流现象及其应用。【解题思路】A、锅体中的涡流是由变化的磁场产生的，所加的电流是交流，不是直流故A错误，B正确；C、金属锅自身产生无数小涡流而直接加

3、热于锅的，陶瓷锅或耐热玻璃锅属于绝缘材料，里面不会产生涡流故C错误；D、在锅和电磁炉中间放一纸板，不会影响电磁炉的加热作用故D错误。故选：B。16.C国内首台新型墙壁清洁机器人“蜘蛛侠”是由青岛大学学生自主设计研发的，“蜘蛛侠”利用只“爪子”上的吸盘吸附在接触面上，通过“爪子”交替伸缩，就能在墙壁和玻璃上自由移动。如图所示，“蜘蛛侠”在竖直玻璃墙面上由点沿直线匀加速爬行”到右上方点，在这一过程中，关于“蜘蛛侠”在竖直面内的受力分析可能正确的是( )A.B.C.D.ex【命题立意】本题考查牛顿第二定律。【解题思路】根据牛顿第二定律可知，在竖直平面内蜘蛛侠所受合力方向应该是从A指向B，故C正确，A

4、BD错误故选C。17.C三颗人造地球卫星、在同一平面内沿不同的轨道绕地球做匀速圆周运动，且绕行方向相同，已知,若在某一时刻，它们正好运行到同一条直线上，如图甲所示。那么再经过卫星的四分之一周期时，卫星、的位置可能是图乙中的( )A.B.C.D.ex【命题立意】本题考查人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用。【解题思路】根据万有引力提供圆周运动的向心力有，则有，轨道半径越大，周期越大，角速度越小，相同的时间内转过的角度越小。因为：所以有：，在卫星转过的的时间内，三卫星对地球转过的角度，所以C正确，ABD错误故选C。18C一物体运动的速度一时间图象如图所示，由此可知( ) A.在

5、时间内物体的速度一直在减小B.在时间内物体的加速度一直在减小C.在时间内物体所受的合力先减小后增大D.在时间内物体的速度变化量为ex【命题立意】本题考查牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像。【解题思路】A、在时间内物体的速度先沿正向减小，后沿负向增大，故A错误B、图线的斜率表示加速度，则知在时间内物体的加速度先减小后增大，故B错误C、根据牛顿第二定律知，合力先减小后增大，故C正确D、在时间内物体的速度变化量为，故D错误故选：C19.CD如图所示，两带电平行金属极板之间有相互正交的匀强电场和匀强磁场。现使一个带正电的粒子以某一初速沿垂直于电场和磁场的方向射人两极板间，测得它飞出该场区时的动能比射入

6、时的动能小。为使带电粒子飞出场区时的动能比射入时的动能大，以下措施中可行的是( )A.增大粒子射入时的速度aB.保持金属极板所带电荷量不变，增大两极板间的距离C.保持两极板间的距离不变，增大两金属极板所带的电荷量D.减小磁场的磁感应强度ex【命题立意】本题考查带电粒子在混合场中的运动。【解题思路】无论粒子带何种电荷，由于电场力与洛伦兹力都是方向相反的，而动能减少说明电场力做了负功，即电场力小于洛伦兹力，粒子向洛伦兹力的方向偏转了所以要使动能增大，必然减小磁场力或增大电场力。粒子能匀速通过选择器的条件：电场力和洛伦兹力平衡，即，只有速度为的粒子才能沿直线匀速通过选择器。A、增大速度，则磁场力增大

7、而电场力不变，不符合上面分析选项A错误；B、保持金属极板所带电荷量不变，增大两极板间的距离，根据电场强度公式,可知，电场强度不变，则电场力也不变，故选项B错误；C、保持两极板间的距离不变，则电容不变，而增大两金属极板所带的电荷量，根据，则极板电压增加，则增加电场强度，即增大电场力，使粒子向电场力方向偏转，这样电场力做正功，所以动能会增大选项C正确；D、减小磁感应强度即减小了洛伦兹力，符合上面的分析选项D正确。故选CD。20.AB如图所示，在z轴上固定两个等量异种点电荷、，两点电荷之间相距。虚线是以所在点为中心、边长为的正方形，、为正方形的四个顶点，其中、两点在轴上，、两点关于轴对称。下列判断正

8、确的是( ) A.四点中点处的电势最低 B.、两点的电势差等于、两点的电势差 C.将一正的试探电荷沿，从点移至点，电势能先增大后减小 D.点电场强度的大小大于点的电场强度的大小ex【命题立意】本题考查电场的叠加；电场强度；电势能。【解题思路】A、点在两个电荷连线的中点偏右，而在两个电荷连线的中垂线上，它的电势和无穷远处的电势相等而正电荷周围的电场的电势都比它高，即点的电势在四个点中是最低的，故A正确；B、该电场中的电势关于x轴对称，所以、两点的电势相等，因此电势差等于、两点的电势差，故B正确；C、一正的试探电荷沿，在从点移至点，电势先增加，后减小，则正电荷的电势能先增大后减小，而当从移到时，电

9、势先增后减，则正电荷的电势能先增后减，故C错误；如图所示：D、根据点电荷电场强度，及矢量合成法则，则有电场强度的大小小于点的电场强度的大小故D错误故选AB。21.BD如图所示，在竖直平面内，半径为的四分之一圆弧轨道、水平轨道与斜面平滑连接在一起，圆弧轨道的半径和垂直，水平轨道的长度大于，斜面足够长。在圆弧轨道上静止着个质量为、半径为的光滑刚性小球，小球恰好将圆弧轨道铺满，从最高点到最低点依次标记为。现将圆弧轨道末端处的阻挡物拿走,个小球由静止开始沿轨道运动，不计摩擦与空气阻力，若以所在的平面为重力势能的零势面，下列说法正确的是( )A.第个小球在斜面上向上运动时机械能减小B.第个小球在斜面上向

10、上运动时机械能增大C.个小球构成的系统在运动过程中机械能守恒，且总机械能D第个小球到达最低点的速度的大小 ex【命题立意】本题考查机械能守恒定律。【解题思路】AB、在下滑的过程中，水平面上的小球要做匀速运动，而曲面上的小球要做加速运动，则后面的小球对前面的小球要向前压力的作用，所以小球之间始终相互挤压，冲上斜面后后面的小球把前面的小球往上压，所以小球之间始终相互挤压；故第个小球受其他小球的压力做功，机械能增加；故A错误，B正确；C、把个小球看成整体，则小球运动过程中只有重力做功，机械能守恒，由于重心低于，故总机械能小于；故C错误；D、小球整体的重心运动到最低点的过程中，根据机械能守恒定律得：解

11、得：，而第一个球在下滑过程中，始终受到第二个球对它的压力，所以第1个小球到达最低点的速度，故D正确故选BD。22.图示为某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验装置，该装置为水平放置的木板上固定有一张白纸，一橡皮筋的一端固定在白纸上的点，另一端拴两个细绳套。下面为实验的一些操作步骤：.比较和的大小、方向是否近似相同；.过点用统一标度作出、图示；.用一个弹簧测力计钩住细绳套，拉至某点。在纸上标出点，记下拉力的方向和大小；.用平行四边形定则作出、的合力;.用两个弹簧测力计互成角度分别拉住两个细绳套，拉至同样的位置，在纸上记下两个力、的方向和大小。（1）这些实验步骤的合理顺序为。（2）对于该实验，下

12、列说法正确的是。A.两细绳套必须等长 B.若将细绳换成细橡皮筋，对实验结果无影响 C.记录弹簧秤拉力的方向时应将铅笔沿细绳画直线D实验中，把橡皮条的另一端拉到点时，两弹簧测力计之间的夹角不能太大（3）假如在上述实验步骤5中，使其中一弹簧秤拉力的大小不变逐渐增加与合力之间的夹角，且保证两弹簧测力计之间的夹角小于。为了使橡皮条仍然伸长到点，对另一只弹簧秤的拉力的大小和方向与原来相比，下面说法中正确的是。 A.一直变大，与合力方向的夹角一直增大 B.一直变大，与合力方向的夹角先变大后变小 C.一直变小，与合力方向的夹角一直减小 D.先减小后增大，与合力方向的夹角先减小后增大answer （1）；（2

13、）BD；（3）Bex【命题立意】本题考查实验验证力的平行四边形定则。【解题思路】（1）进行实验时在明确实验原理以及实验目的基础上，要先进行实验设备的安装，即先在桌面上放一块方木板，在木板上垫一张白纸，把橡皮条一端固定在木板的 某点，然后进行实验和有关数据的测量，最后进行数据处理和仪器的整理所以正确的排列顺序是（2）A、细线的作用是能显示出力的方向，所以不必须等长故A错误；B、若将细绳也换成橡皮筋，对实验结果没有影响，故B正确；C、记录弹簧测力计拉力的方向时应用铅笔在西线上画一个点，然后连接O点与此点即可，故C错误；D、实验中，把橡皮筋的另一端拉到P点时，两弹簧测力计之问的夹角不能太大，故D正确

14、；故选：BD（3）F1与F2的合力不变，作出力的矢量三角形，当F1大小不变，而逐渐增大F1与合力之间的夹角时，F2一直变大，与合力方向的夹角先变大后变小故ACD错误，B正确；故选B。故答案为：（1）；（2）BD；（3）B23. 某中学的物理兴趣小组到实验室测量某电池的电势E和内阻r，发现实验室没有电流表，于是设计了如图甲所示的实物图已知定值电阻R0=10，电压表V2的内阻很大，可视为理想电压表（1）在图1的方框中根据实物图作出实验电路图（2）实验中，该学习小组的同学移动滑动变阻器的滑片，并读得多组电压表V1与V2的U1和U2，最后将读得数据标在坐标图上，如图乙所示请根据图象中各点表示的数据描述

15、出U2U1图线（3）由图（2）可求得该电源的电动势E=18.0V，内阻r=16.0（保留三位有效数字）answer （1）；（2）BD；（3）Bex【命题立意】本题考查实验测定电源的电动势和内阻。【解题思路】（1）分析清楚实物电路图结构，根据实物电路图作出实验电路图（2）根据坐标系内描出的点作出图象；由欧姆定律求出图象的函数表达式，然后根据图象与函数表达式求出电源电动势与内电阻（1）根据图1所示实物电路图作出实验电路图，实验电路图如图所示（2）根据图2所示坐标系内描出的点作出图象，图象如图所示；由图1所示电路图可知，在闭合电路中：E=U2+Ir=U2+r，则：，图象与纵轴交点坐标值是电源电动势

16、，由图象可知，图线与纵轴交点坐标值是18.0，则电源电动势E=18.0V，图象斜率的绝对值：k=1.6，电源内阻：r=kR0=1.6×10=16.0；故答案为：（1）电路图如图所示；（2）图象如图所示；18.0；16.024. (14分)如图所示，光滑半圆轨道AB固定，半径R=0.4 m，与水平光滑轨道相切于A。水平轨道上平铺一半径r=0.1 m的圆形桌布，桌布中心有一质量m=l kg的小铁块保持静止。现以恒定的加速度将桌布从铁块下水平向右抽出后，铁块沿水平轨道经A点进入半圆轨道，到达半圆轨道最高点B时对轨道恰好无压力，已知铁块与桌布间的动摩擦因数=0.5，取g=10 ，求： (1)

17、铁块离开B点后在地面上的落点到A的距离。 (2)抽桌布过程中桌布的加速度。answer （1）；（2）BD；（3）Bex【命题立意】本题考查动能定理的应用专题。【解题思路】（1）设铁块在B点的速度为v，根据向心力公式得：mg=解得：v=2m/s，铁块离开B点后作平抛运动，则有：2R=，解得：t=，则铁块离开B点后在地面上的落点到A的距离为：x=vt=2×0.4=0.8m；（2）铁块脱离桌布时的速度v0=vA设铁块加速度为a0，由牛顿第二定律得：mg=ma0铁块在桌布上加速的时间为t0，由运动学基本公式得：v0=a0t0由位移关系得：r=联立解得：a=5.25m/s2答：（1）铁块离开

18、B点后在地面上的落点到A的距离为0.8m；（2）抽桌布过程中桌布的加速度为5.25m/s225.（18分）如图所示，空间中第二、三象限存在电、磁场区域，以45线为分界线，匀强磁场方向垂直于纸面向里，匀强电场方向垂直于分界线向上。一带负电的离子在分界线上的A点以一定速度射入磁场区域，其轨迹在半个周期内恰与y轴相切，已知A到原点O的距离为（1+ ）m，该负离子的比荷=10 C/kg，磁场的磁感应强度大小B=0.4 T，电场强度大小E= ×l0 V/m。 (1)求负离子在磁场中运动的速度v1的大小。 (2)求负离子经过x轴时速度v2的大小 (3)若t=0时刻从A点射入相同比荷的正离子，求自

19、A点至粒子第三次通过分界线的时间t。answer （1）；（2）BD；（3）Bex【命题立意】本题考查带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动。【解题思路】（1）负离子垂直进入磁场后做匀速圆周运动，运动轨迹如图所示:设轨迹半径为R：根据几何关系可知，AO=R+R又 AO=（1+）m解得：R=1m粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，则有：Bqv1=m解得：v1=107×0.4×1=4×106m/s（2）负离子进入电场后做匀加速直线运动，运动的位移为：x=AO2R=（1+）m2m=（1）m，根据动能定理得：mv22mv12=Eqx解得：v2=

20、2×106m/s（3）若射入正离子，该离子先在磁场中做匀速圆周运动，后在电场中做匀减速直线运动，速度减为零后又做匀加速直线运动，到达分界线，然后又做圆周运动所以在磁场中运动的时间为：t1=T=s=5×107 s在电场中经过的时间为：t2=2×=2×=s=4（1）×106s所以粒子从第一次到达分界线到第三次到达分界线的时间为：t=t1+t2=4（1）+0.5×106 s答：（1）负离子在磁场中运动的速度v1的大小为4×106m/s（2）负离子经过x轴时速度v2的大小为2×106m/s（3）若t=0时刻从A点射入相同比

21、荷的正离子，自A点至粒子第三次通过分界线的时间t为4（1）+0.5×106 s（二）选考题：共45分。请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。如果多答，则每学科按所答的第一题计分。33.物理选修3-3(15分） (1)（5分）对于分子动理论和物体内能的理解，下列说法正确的是_。（填人正确选项前的字母。选对一个给3分，选对两个给4分，选对3个给6分；每选错一个扣3分，最低得分为0分） A.温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大 B.外界对物体做功，物体内能一定增加 C温度越高，布朗运动越显著 D当分子间的距离增大时，分子间作用力就一直减小 E当分子间

22、作用力表现为斥力时，随分子间距离的减小分子势能增大 (2)（10分）如图所示，两端开口的U形玻璃管两边粗细不同，粗管横截面积是细管的2倍。管中装有水银，两管中水银面与管口距离均为h0=12cm，大气压强p0=75cmHg。现将粗管管口封闭，然后将细管管口用一活塞封闭并将活塞缓慢推入管中，直到两管中水银面高度差达到h=6cm为止。整个过程中气体温度保持不变，求：左端液面下降的距离。活塞下移的距离（结果保留两位有效数字）。answer （1）；（2）BD；（3）Bex【命题立意】本题考查理想气体的状态方程；封闭气体压强。【解题思路】解：设细管横截面积为s，粗管横截面积为2s，故两边液面高度差为6c

23、m时，细管液面下降4cm，粗管液面上升2cm以粗管为研究对象，封闭气体初始压强为：p1=p0=75cmHg，气柱长为l1=12cm封闭气体末状态压强为：p2，气柱长为l2=10cm，p1l12s=p2l22s，解得P2=90cmHg以细管中气体为研究对象，封闭气体初始压强为：p3=p0=75cmHg，气柱长为l3=12cm封闭气体末状态压强为：p4=p2+ph=96cmHg，气柱长为l4，由p3V3=p4V4得：p3l3s=p4l4s，可得：l4=cm=9.375cm两边液面高度差为6cm时，细管液面下降4cm，粗管液面上升2cm所以活塞下移距离为：（12+49.375）cm=6.6cm答：（

24、1）左端液面下降4cm；（2）活塞下移的距离为6.6cm34.物理选修3-4（15分） (1)（5分）在坐标原点的波源产生一列沿z轴正方向传播的简谐横波，波速v= 10m/s，已知在t=0时刻的波形如图所示，此时波刚好传播到x=5m处。 下列说法中正确的是_。（填入正确选项前的字母。选对1个给3 分，选对2个给4分，选对3个给6分；每错1个扣3分，最低得分为0分） A.这列波的波长为4m B.这列波的振幅为20 cm C.这列波的频率为2.5 Hz D.波源的起振方向沿y轴正方向E.再经过0.2 s的时间，质点a到达质点b现在所处的位置answer ACDex【命题立意】本题考查波长、频率和波

25、速的关系；横波的图象。【解题思路】A、由简谐波图象可知，波长为4m，故A正确；B、由简谐波图象可知，振幅为10cm，故B错误；C、由v=f可知，故C正确；D、波总是带动后面的质点振动，在x位置质点向上振动，故波源起振方向沿y轴正方向，故D正确；E、质点只在自己的位置上下震动，不会沿x轴运动，故不能到达b点，故E错误故选：ACD.(2)（10分）如图所示，ABC为一透明材料做成的柱形光学元件的横截面，该种材料的折射率n=2，AC为一半径为R的圆弧，O为圆弧面圆心，ABCO构成正方形，在O处有一点光源。若只考虑首次从圆弧AC直接射向AB、BC的光线，从点光源射入圆弧AC的光中，有一部分不能从AB、

26、BC面直接射出，求这部分光照射的圆弧的弧长。answer ex【命题立意】本题考查理想气体的状态方程；封闭气体压强。【解题思路】解：设该种材料的临界角为C，则sinC=解得：C=30° 如图所示，若沿DE方向射到AB面上的光线刚好发生全反射，入射角等于临界角C，则AOF=C=30° 同理，若沿DG方向射入的光线恰好在BC面上发生全反射，可得：COG=30° 因此，FOH=30° 可得光照射圆弧AC上所对应的弧长 FH=2R=答：这部分光照射到圆弧AC上所对应的弧长为35物理选修3-5（15分） (1)（5分）一单色光照到某金属表面时，有光电子从金属表面逸出，下列说法中正确的是_。（填入正确选项前的字母。选对1个给3分，选对2个给4分，选对3个给6分；每选错1个扣3分，最低得分为0分） A.只增大入射光的频率，金属逸出功将减小 B