云南省宾川县第四高级中学2017-2018学年高一物理4月月考试题

1、宾川四中 2017 2018 学年高一年级下学期4 月月考物理试卷考生注意：1、考试时间 90 分钟，总分 100 分。2、所有试题必须在答题卡上作答否则无效。第 I 卷（选择题，共 48 分）一、单选题（本大题共8 小题，每小题 4 分，共 32 分）1. 关于开普勒行星运动定律，下列说法错误.的是（ ）A. 所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在椭圆的一个焦点上B. 对任意一个行星来说|它与太阳的连线在相等的时间扫过的面积相等C. 所有行星的轨道的半长轴的二次方跟公转周期的三次方的比值相等D. 开普勒关于行星运动的描述为万有引力定律的发现奠定基础2. 一条河宽 100m船在静水中的速度

2、为 5m /s，水流速度是 3m /s，则（）A. 船一定做曲线运动B. 船不能到达正对岸C. 当船头垂直河岸横渡时，过河所用的时间最短，是20sD. 当船头垂直河岸横渡时，船的位移最小，是100m3. 根据开普勒第三定律，关于行星的运动下列说法正确的是（）T2A. 行星轨道的半长轴越长，自转周期就越大B. 行星轨道的半长轴越长，公转周期就越大C. 水星的半长轴最短，公转周期最大D. 式中的K值，对于所有行星（或卫星）都相等4. 光滑水平面上，小球m的拉力F作用下做匀速圆周运动，若小球、I、i运动到P点时，拉力F发生变化，下列关于小球运动情况的说法正,确的是（）-A. 若拉力突然消失，小球将沿

3、轨迹Pb做离心运动B. 若拉力突然变小，小球将沿轨迹Pa做离心运动C. 若拉力突然变大，小球将可能沿半径朝圆心运动D. 若拉力突然变大，小球将可能沿轨迹Pc做近心运动5. 关于物体做曲线运动和直线运动的一些判定|下列说法正确的是（）A. 物体做曲线运动时，它的速度一定发生变化-2 -B. 物体的运动状态发生改变，说明物体一定在做曲线运动-3 -C. 物体做曲线运动时，合外力方向不可能与速度方向垂直D. 一个匀变速直线运动和一个匀速直线运动的合运动的轨迹不可能是直线6. 如图所示，绳子的一端固定在0点，另一端拴一重物在光滑水平面上做匀速圆周运动（）A. 小球受重力、支持力、向心力作用B. 线速度

4、大小相等时，绳短的容易断C. 周期相同时，绳短的容易断D. 线速度大小相等时，绳长的容易断7. 如图所示，小球m在竖直放置的内壁光滑的圆形细管内做半径为R的圆周运动，小球过最高点速度为V则下列说法中正确的是（）A.V的最小值为一B.V由照逐渐减小，受到的管壁弹力也减小C. 小球通过最高点时一定受到向上的支持力D. 小球通过最低点时一定受到外管壁的向上的弹力&如图所示，在斜面顶端先后水平抛出同一小球，第一次小球落到斜面中点，第二次小球落A.两次小球运动时间之比:1B.两次小球运动时间之比: 俎二2C.两次小球抛出时初速度之比=12D.两次小球抛出时初速度之比VD1 环 2=1:2多选题（本大题共

5、 4 小题，共16 分）9.如图所示,0点，在0点的正下方处钉有一根长钉,把小球向右拉离最低位置， 使悬线偏离竖直方向一定的角度后无初速度释放,当悬线碰到钉子的瞬间，下列说法正确的是（）A.小球的线速度突然增大B.悬线的拉力突然增大C.小球的向心加速度突然增大D.小球的角速度突然增大10.如图所示，两个啮合的齿轮，其中小齿轮半径为10cm大齿轮半径为20cm大齿轮点离圆心 Q 的距离为 10cmA、B两点分别为两个齿轮边缘上的点，B C三点的（）A.线速度之比是 1:1: 1 B. 角速度之比是 1： 1： 1到斜面底端，从抛出到落至斜面上忽略空气阻力（）一小球质量为m用长为L的细绳悬于则A、

6、-4 -C.向心加速度之比是4: 2: 1 D.转动周期之比是 1 : 2: 211. 一个内壁光滑的圆锥形筒的轴线垂直水平面，圆锥筒固定，有质量相等的小球A和B沿着筒的内壁在水平面内做匀12.如图所示，长为L的轻杆，一端固定一个小球，另一端固定在光滑的水平轴上，使小球在 竖直平面内作圆周运动，关于小球在最高点的速度v下列说法中错误 的是（）A.v的最小值为B.v由零逐渐增大，向心力也逐渐增大C. 当v由J值逐渐增大时，杆对小球的弹力也逐渐增大D. 当v由J值逐渐减小时，杆对小球的弹力会逐渐减小第n卷（非选择题，共 52 分） 三、实验题探究题（本大题共 2 小题，共 14 分）13.（4 分

7、）如图在长1m的两端封闭的玻璃管中装满水，水中放有一个红蜡做成的小物体,将管竖直倒置时蜡制小物体能在管中匀速上升|现在做这样一个实 验，将管倒置的同时，使管保持竖直且开始沿水平方向做的匀速直线运动|则：（1）从地面上看，红蜡块的运动轨迹应是一条 _ 直线或曲线）（2）若蜡块相对管上升的速度是0.4m /s，蜡块刚到管顶时，管在水平方向上移动了14. （10 分）（1）做研究平抛运动实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画小球做平抛运动的轨迹，为了能较准确地描绘运动轨迹，下面列出了一些操作要求，将你认为正确的选项前面的字母填在横线上：_A通过调节使斜槽的末端保持水平速圆周运动，如图所示，则

8、（)A. 球A的角速度等于球B的角速度B. 球A的线速度大于球B的线速度C. 球A的运动周期小于球B的运动周期D. 球A与球B对筒壁的压力相等0.3m /s线；（填-5 -B每次释放小球的位置必须不同-6 -C每次必须由静止释放小球D用铅笔记录小球位置时，每次必须严格地等距离下降E小球运动时不应与木板上的白纸（或方格纸）相接触F将球的位置记录在纸上后，取下纸，用直尺将点连成折线（2）如图所示为一小球做平抛运动，用闪光照相机得到部分轨迹的照片，图中背景方格的边长均为 5cm如果取 10 m /s2,那么：照相机的闪光频率是 _Hz；（3） 小球运动中水平分速度的大小是 _ m /s ；（4） 小

9、球经过B点时的速度大小是 _m /s .四、计算题（本题共 4 小题，共 38 分。要求写出必要的文字说明、主要方程式和重要演算步 骤，有数值计算的要明确写出数值和单位，只有最终结果的不得分。）15.（ 8 分）从距地面高为 h=80m 处水平抛出一个初速度 V0=30m /s 的物体，（不计空气的阻2力，g = 10 m /s 求：）（1）物体经过多长时间落到地面？（2）物体落地时的速度大小？16.（ 10 分）如图，小球做匀速圆周运动，细线与竖直方向夹角为m重力加速度为go求：（1）绳子对小球的拉力的大小；（2 ）小球运动的向心加速度大小；（3）小球运动的角速度。17.（10 分）如图所示

10、，小球A质量为m固定在长为L的轻细直杆一端，并随杆一起绕杆的另一端0点在竖直平面内做圆周运动，已知重度速度为g.（1）若小球经过最低点时速度为I;，求此时杆对球的作用力大小；-7 -（2） 若小球经过最高点时，杆对球的作用力大小等于也闵糸，求小球经 过最高点时的速度大小。-8 -18.（ 10 分）如图所示，细绳一端系着质量为 济二仏冗辱 的物体，静止在水平板上，另一端通过光滑小孔吊着质量 僭也裁舷 的物体，M的中点与圆孔距离为经过 4S落到地面物体落地时的速度大小为 _16.解：刁小球在水平面内做匀速圆周运动，对小球受力分析，小球的合力提供向心力，如图,人门曲讯，并知M与水平面的最大静摩擦力

11、为 2N,现使此平面绕中心轴线以角速度动，为使m处于静止状态，角速度勧应取何值?宾川四中 17-18学年下学期高一物理四月月考试卷【答1.C2.C3.B4.D5.A8.C9.CDB10.CD11.BD12.AD13.直;14.ACE10； 0；015. 解：_竖直方向做自由落体运动，有:T71BthX S0心得:1 =度为： =邯=10 淇 4ni 居=40 助经；落地速度为：丫曲十弋=T/302+ 40m/s = 50m/s 答：物体|_根据牛顿第二定律得:tnglanB =ma，得:厂由向心加速度公式r =LsimO，竖直方向的速则得：丨解得:-9 -答：绳子对小球的拉力的大小为 II 小

12、球运动的向心加速度大小为 I17.解：回在最低点时有：= m答：EH 若小球经过最低点时速度为也些，此时杆对球的作用力大小为 7mg迈若小球经过最高点时，杆对球的作用力大小等于匣唾，求小球经过最高点时的速度大小为18.解：设此平面角速度的最小值为，此时M所受的静摩擦力达到最大， 方向沿半径向外, 则由牛顿第二定律得又 T = mg将卜=0.3 炮：就=2NM = 1kg, L = 纲代入解得 贾=伽弘 设此平面角速度回的最大值为网，此时M所受的静摩擦力达到最大，方向沿半径向里，则由牛 顿第二定律得可得:=mg 十 m = 7mg2）在最高点，若杆的作用力向下，有:小球运动的角速度为可得:若杆的

13、作用力向上，有:-10 -故为使m处于静止状态，角速度 冋的何值范围为： 血側$兰妁兰5珂眺. 答：为使m处于静止状态，角速度 冋的何值范围为：怎讽眺乞to兰5凤呵【解析】1.解：A、所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在椭圆的一个焦点上，故A正确；B对任意一个行星来说一它与太阳的连线在相等的时间扫过的面积相等，故B正确；C所有行星的轨道的半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值相等，故C错误；D开普勒关于行星运动的描述为万有引力定律的发现奠定基础，故D正确；本题选错误的，故选：C.熟记理解开普勒的行星运动三定律：第一定律：所有的行星围绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在所有椭圆的一个焦点上.

14、第二定律：对每一个行星而言，太阳行星的连线在相同时间内扫过的面积相等.第三定律：所有行星的轨道的半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值都相等.开普勒关于行星运动的三定律是万有引力定律得发现的基础，是行星运动的一般规律，正确理解开普勒的行星运动三定律是解答本题的关键.2.解：A、小船的船头指向不变，即静水速的方向不变，根据速度的合成知，小船渡河做匀速直线运动故A错误、由于船在静水中速度大于水流速度，则两者的合速度垂直河岸，可n_dWO以正对到达|故B错误囹、当静水速与河岸垂直时， 渡河时间最短，最短时间匸兀二宁二恥故C正确匚、当船头垂直河岸横渡时， 船的渡河时间最小一故D错误U故选C小船参与了静

15、水的 运动和水流的运动，最终的运动是这两运动的合运动”当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短|解决本题的关键知道分运动和合运动具有等时性，各分运动具有独立性，互不干扰.3.解：A、由开普勤行星运动第三定律知：各个行星绕太阳公转周期的平方和它们的椭圆轨道的半长轴的立方成正比，行星轨道的半长轴越长，公转周期越长，故A错误，B正确；C水星的半长轴最短，公转周期最小，故C错误；D对于绕太阳运动的行星和绕地球运动的人造卫星，中心体发生变化，定律中的K值不同，故D错误.故选：B开普勤行星运动定律，各个行星绕太阳公转周期的平方和它们的椭圆轨道的半长轴的立方成 正比H注意周期是公转周期，轨道是公转轨道；-11 -

16、此题需要掌握：开普勒运动定律不仅适用于椭圆运动，也适用于圆周运动，不仅适用于行星 绕太阳的运动，也适用于卫星绕行星的运动式中的k是与中心星体的质量有关的.4.解：在水平面上，细绳的拉力提供m所需的向心力，A、当拉力消失，物体受力合为零，将沿切线方向做匀速直线运动，即沿轨迹Pa做离心运动，故A错误；B当拉力突然变小，则向心力大于拉力，因此小球将沿轨迹Pb做离心运动，故B错误；C当拉力突然变大，则向心力小于拉力，因此小球将沿轨迹Pc做离心运动，故C错误，D正确；故选：D.本题考查离心现象产生原因以及运动轨迹，当向心力突然消失或变小时，物体会做离心运动，运动轨迹可是直线也可以是曲线，要根据受力情况分

17、析.此题要理解离心运动的条件，结合力与运动的关系，当合力为零时，物体做匀速直线运动.5.解：A、物体做曲线运动时，速度方向时刻变化，速度一定发生变化，故A正确；B物体的运动状态发生变化，速度发生变化，可能速度的大小变化，速度方向不变，可能做 直线运动，故B错误；C物体做匀速圆周运动时，合外力方向与速度方向垂直，故C错误；D一个匀变速直线运动和一个匀速直线运动LI如果两个分运动在一条直线上 _合运动的轨迹是直线，所以一个匀变速直线运动和一个匀速直线运动的合运动的轨迹可能是直线，故D错误；故选：A物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，由 此可以分析得出结论.

18、本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，掌握了做曲线运动的条件，本题基本上就可以 解决了.6.解：A、重物在水平面内做匀速圆周运动，结合运动的图可知，重物受到重力、水平面的支持力以及绳子的拉力作用；它们的合力提供向心力，不能说重物受到向心力故A错误；C周期相同时，则角速度相同，根据匚金，知绳越长，所需的向心力越大，则绳越容易断 故-12 -C错误.BD线速度相等，根据匕叶知，绳越短，向心力越大，则绳越短越容易断故C正确，D错误 故选：B重物在光滑水平面上做圆周运动，靠拉力提供向心力，根据牛顿第二定律 进行判断解决本题的关键知道向心力的来源，以及知道线速度、角速度、周期与向心力的关 系，难度不大

19、，属于基础题.7.解：A、小球在管道中运动，在最高点的最小速度为零一故A错误.B当管子对小球的弹力为零，重力提供向心力，根据=口耳，解得* =屉川，当V由莎逐!5渐减小，管子对小球的弹力向上，根据牛顿第二定律得，：昭 F=m-，知弹力增大故B错误.RC小球在最高点可能受到向下的弹力，也可能受到向上的弹力0 故c错误.D在最高点，因为向心力指向圆心，所以重力和弹力的合力方向竖直向上，知外管壁对小球 有弹力作用故D正确.故选：D.小球在管道中运动，在最高点的最小速度为零，在最高点，根据重力和弹力的合力通过向心力，结合牛顿第二定律判断弹力与速度的关系，在最低点，靠支持力和重力的合力通过向心力.解决本

20、题的关键知道小球在管道中做圆周运动向心力的来源，知道最高点的临界情况，结合之比为 匚 故A、B错误.C根据 =知，两小球水平位移之比为1: 2,时间之比为| ，则初速度之比为 1： 口,故C正确，D错误.故选：C.根据下降的高度之比，结合位移时间公式求出运动的时间之比，结合水平位移和时间之比求 出两次抛出小球的初速度之比.1: 2,则两次小球运动的时间牛顿第二定律进行求解.两小球-13 -解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上和竖直方向上的运动规律，知道运动的时间由高 度决定，初速度和时间共同决定水平位移.9.解：A、把悬线沿水平方向拉直后无初速度释放，当悬线碰到钉子的前后瞬间，由于重力与拉力

21、都与速度垂直，所以小球的线速度大小不变|故A错误回、根据牛顿第二定律得，得，小球的线速度大小不变，半径变小，则拉力变大故B正确、根据向心加速度公式得，线速度大小不变，半径变小，则向心加速度变大故C正确、根据三回，知线速度大小不变，半径变小，则角速度增大故D正确|故选：BCD把悬线沿水平方向拉直后无初速度释放，当悬线碰到钉子的前后瞬间，线速度大小不变，半径发生变化，根据a判断角速度、向 心加速度大小的变化，再根据牛顿第二定律判断悬线拉力的r变化一解决本题的关键知道线速度、角速度、向心加速度之间的关系，以及知道在本题中悬线碰到钉子的前后瞬间，线速度大小不变.10.解：A、根据题意，有： 弓：国：匕

22、1：2: 1 ;同缘传动时，边缘点的线速度相等，故:EE3：1；故匸 I：冋：汁 2|：2: 1，故A错误;B根据”=稠，由于卜 1=词，故瓦 1：卜詔：1；故局阳：用=瑙：亍|： 1 : 1,故B错误;vbvcC向心加速度之比为：s电;右直：自：=一:一:一 =4：2：1,故C正确;11 ID转动周期之比为：5 讥盂花十：，故D正确;故选：CD同缘传动时，边缘点的线速度相等；同轴传动时，角速度相等；然后结合卜=以|列式求解.本题关键明确同缘传动同轴传动的特点，然后结合公式尸茨 1 分析求解即可.P-mg =mAVB;同轴传动时，角速度相等，故:吵B = 0七;根据巨邑由于- %，故怙:fC=

23、 rB-15 -半径大的线速度大，角速度小，周期大，与质量无关，故 故选：BD小球做匀速圆周运动，因此合外力提供向心力，对物体正确进行受力分析，然后根据向心力公 式列方程求解即可.解决这类圆周运动问题的关键是对物体正确受力分析，根据向心力公式列方程进行讨论，注意各种向心加速度表达式的应用.12.解：A、由于杆子能支撑小球，小球在最高点的最小速度为零 一故A错误，B由向心力公 式* =皿$,可知速度v增大，向心力冋也增大，故B正确匡|、在最高点，若速度 衍=騒, 杆子的作用力为零|当叵迴时，杆子表现为拉力，设拉力大小为 因根据牛顿第二定律得：mgF =m，得:F =，可知，速度逐渐增大时，向心力

24、增大，杆子对小球的拉力增大21故C正确回当“國时，杆子表现为支持力，根据牛顿第二定律得:豳_7=卬卫，得：- R可知，速度逐渐减小时，则杆子对小球的支持力增大故D错误本题选错误的，故选：AD由于杆子能支撑小球， 小球到达最高点的临界速度为零”杆子在最高点可以表现为拉力，也可以表现为支持力，根据牛顿第二定律判断杆子对小球的弹力随速度变化的关系解决本题的关键搞清小球向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解，以及知道杆子可以表现为拉力， 也可以表现为支持力要注意杆子模型与绳子模型最高点的临界速度不同.13.解：匚、从地面上看，两个匀速直线运动的合运动是匀速直线运动，所以运动轨道是直NsinG，两球质量

25、相等，则两球对筒壁的压力相等，故D正确.A、由回可可得:V2斗 dgcotO = ma =- m = inr4%rAC错误，B正确.所以有:，解得 v = JgrcotB.T =寸审0-16 -线.、根据平行四边形定则，知合位移即为两方向的位移矢量和，长 1m的两端封闭的玻璃管中， 蜡块相对管上升的速度是匣函，沿水平方向做叵啞的匀速直 线运动，-17 -故答案为：直， 蜡块参与了水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的匀速直线运动，根据运动的合成，判 断运动的轨迹_根据平行四边形定则，求出蜡块的合位移.考查速度、加速度、位移都是矢量，理解合成和分解都遵循平行四边形定则，注意直线与曲 线的判定条件

26、.14.解：函、为了保证小球的初速度水平，斜槽末端应保持水平，故A正确罔、为了保证小球每次平抛运动的初速度大小相等，应让小球每次从斜槽的同一位置由静止释放，故B错误，C正确、用铅笔记录小球位置时，每次不需要严格地等距离下降，故D错误口、小球平抛运动在竖直平面内，不能与木板上的白纸接触，防止摩擦使运动轨迹发生变化，故E正确 LI、将球的位置记录在纸上后，取下纸，用平滑曲线连接，故F错误故选：AC題习在竖直方向上，根据“y=2L 社 T得，相等的时间间隔肖=匸吧 = 0.1；，则闪光的频率- = -Hz=10Hz.T 0.1小球运动的水平分速度些=空竺嵌=1计点的竖直分速T0.1度8L 8 0,05一 一m/s - 2m/s2T0.2，根据平行四边形定则知，B点的速度=fvo+ vyk=-4m/s=2.5m/s.故答案为：ACE.10.1,Z5.根据头验的原理