高三一轮专题复习牛顿定律二

1、.高中物理试卷牛顿定律复习专题二一、单项选择题1.如图甲所示，静止在光滑程度面上的长木板B长木板足够长的左端放着小物块A某时刻，A受到程度向右的外力F作用，F随时间t的变化规律如图乙所示，即F=kt，其中k为常数假设物体之间的滑动摩擦力f的大小等于最大静摩擦力，且A、B的质量相等，那么以下图中可以定性地描绘长木板B运动的vt图象的是A.                     B.

2、60;                    C.                     D. 【答案】B 【考点】V-t图象，对单物体质点的应用，物体的受力分析，力与运动的关系

3、 【解析】【解答】解：选AB整体为研究对象，AB整体具有共同的最大加速度，有牛顿第二定律 得：a1= 对B应用牛顿第二定律：a1= 对A应用牛顿第二定律：a1= 经历时间：t= 由以上解得：t= 此后，B将受恒力作用，做匀加速直线运动，图线为倾斜的直线故答案为：B【分析】选AB整体为研究对象，AB整体具有共同的最大加速度，利用运动和受力之间的关系求出共同运动的时间，此后，B将受恒力作用，做匀加速直线运动，图线为倾斜的直线。2.2019年10月15日至16日，我国航天员杨利伟成功完成我国首次载人航天飞行。其中有，神州五号载人飞船的竖直向上发射升空阶段和返回地球的向下减速阶段。在这两个阶段中，航天

4、员所经历的运动状态是     A. 超重、失重                       B. 超重、超重                 

5、;      C. 失重、超重                       D. 失重、失重【答案】B 【考点】超重失重 【解析】【分析】超重是指物体对悬挂物的拉力或对支持物的压力大于重力的现象，失重是指物体对悬挂物的拉力或对支持物的压力小于重力的现象，同时应注意物体本身的重力是不变的。当

6、加速度向下时，物体处于失重状态； 当加速度向上时，物体处于超重状态。竖直向上发射升空阶段和返回地球的向下减速阶段，飞船的加速度方向都是向上的，航天员所经历的运动状态均处于超重状态。故B正确，ACD错误。所以选B。3.如下图,质量为m的球置于斜面上,被一个固定在斜面上的竖直挡板挡住.现用一个力F拉斜面,使斜面在程度面上做加速度为a的匀加速直线运动,忽略一切摩擦,以下说法正确的选项是A. 假设加速度足够小,竖直挡板对球的弹力可能为零    B. 假设加速度足够大,斜面对球的弹力可能为零C. 斜面和挡板对球的弹力的合力等于ma&#

7、160;                D. 假设F增大,斜面对球的弹力仍然保持不变【答案】D 【考点】对单物体质点的应用 【解析】【分析】设斜面倾角为， 根据整体法与隔离法，而小球受重力，斜面对物体斜向上的支持力FN、程度向右的挡板支持力、重力。斜面的支持力竖直方向分力等于重力即FNcos=mg，该式说明支持力FN不变，D正确。程度方向那么，所以。通过上述分析，那么AB均错。斜面和挡板对球的弹力的合力为，所以C错。【点评】此

8、类题型考察了受力分析、通过整体法与隔离法判断出整体加速度，利用对小球的受力分析通过正交分解列式求解。4.如图是“神舟系列航天飞船返回舱返回地面的示意图，假定其过程可简化为：翻开降落伞一段时间后，整个装置匀速下降，为确保平安着陆，需点燃返回舱的缓冲火箭，在火箭喷气过程中返回舱做减速直线运动，那么     A. 火箭开场喷气瞬间伞绳对返回舱的拉力变小       B. 返回舱在喷气过程中减速的主要原因是空气阻力C. 返回舱在喷气过程中所受合外力可能做正功

9、60;      D. 返回舱在喷气过程中处于失重状态【答案】A 【考点】牛顿定律与图象 【解析】【解答】在火箭喷气过程中返回舱做减速直线运动，加速度方向向上，返回舱处于超重状态，动能减小，返回舱所受合外力做负功，返回舱在喷气过程中减速的主要原因是缓冲火箭向下喷气而获得向上的反冲力。火箭开场喷气前匀速下降拉力等于重力减去返回舱受到的空气阻力，火箭开场喷气瞬间反冲力直接对返回舱作用因此伞绳对返回舱的拉力变小.【分析】此题考察了牛顿第二定律的应用5.一物体做直线运动，其加速度随时间变化的at图象如下图以下vt图象中，可能正确描绘

10、此物体运动的是   A.             B.             C.             D. 【答案】D 【考点】V-t图象，匀变速直线运动根本公式应用，力与

11、运动的关系 【解析】【解答】解：在0 s内，物体沿加速度方向做匀变速运动，vt图象是倾斜的直线；在 T内，加速度为0，物体做匀速直线运动或处于静止状态，vt图象是平行于t轴的直线；在T2T内，加速度反向，物体做匀变速直线运动，到2T时刻速度为零vt图象是向下倾斜的直线因加速度的大小相等，所以在0 s内及在T2T内的图线的斜率大小一样，D符合题意，ABC不符合题意故答案为：D【分析】根据加速度和速度之间的关系，对物体运动进展判断，再结合速度时间，图像的物理意义分析得出结果。二、多项选择题6.某人在静止的湖面上竖直向上抛出一个铁球，铁球升到最高点后自由下落，穿过湖水并陷入湖底的淤泥中一定深度，铁球

12、所受阻力随时间变化的图象如下图，以v、a、F、Ek分别表示小球的速度、加速度、所受合外力和动能四个物理量以下图中能正确反映运动过程各量随时间变化的是   A.           B.             C.          

13、60;D. 【答案】A,C 【考点】V-t图象，对单物体质点的应用，力与运动的关系 【解析】【解答】解：由图示图象可知，0t1时间内铁球不受阻力，铁球做竖直上抛运动，t1t2时间内铁球受到恒定阻力，铁球进入水中向下运动，在t2t3时间内，铁球受到阻力作用，阻力大于重力，此过程铁球陷入泥中向下做减速运动；A、在0t1时间内铁球做竖直上抛运动，速度先减小后反向增大，在t1t2时间内铁球铁球在水中下降，所示阻力小于重力，合力向下，铁球向下做加速运动，速度增大，在t2t3时间内铁球陷入泥中，所受阻力大于重力，所受合力方向向上，铁球做匀减速直线运动，速度减小，最后速度为零，A符合题意；B、在0

14、t1时间内铁球做竖直上抛运动，加速度：a=g，方向竖直向下；在t1t2时间内铁球在水中向下做加速运动，所受合力小于重力，加速度小于重力加速度g，方向向下，在t2t3时间内铁球受到的合力方向竖直向上，加速度方向向上，图B所示图象不符合实际运动，B不符合题意；C、由阻力图象可知，在0t2时间内铁球所受合力：F=mg，方向竖直向下，在t1t2时间内铁球所受合力f小于重力，方向竖直向下，在t2t3时间内铁球所受合力大于重力，方向竖直向上，C符合题意；D、在0t1时间内铁球做竖直上抛运动，铁球的动能先增大后减小，t1时刻的动能与0时刻的动能相等，图D所示图象与实际情况不符，D不符合题意；故答案为：AC【

15、分析】先根据给出的图像分析个时间段物体的运动情况，结合物体的受理情况进展分析求解。7.小孙和小李课间休息时，看见一同学正在程度地面上以速度v匀速推动一个大书箱搬运书籍，爱搞恶作剧的小孙就上前“帮倒忙，可是当小孙对大书籍施加某方向的力F后，发现大书箱的运动状态下不受影响，热心的小李上前“帮正忙，可是当小李对大书箱施加另一方向的力F后，发现对大书箱的运动状态有没有造成影响，试问小孙和小李同学施加的力F的方向可能是以下选项中的   A.           B. 

16、;            C.           D. 【答案】A,D 【考点】滑动摩擦力，力的分解，对单物体质点的应用 【解析】【解答】解：A、小李施加的力斜向上方，与运动方向相反；由于力有竖直向上的分量，故摩擦力减小，假如F向后的分力与摩擦力互相平衡那么物体可以做匀速运动，故A正确；B、小李施加的力斜向下方，与运动方向相反；那么压力增大，摩擦力增大，而

17、F有向后的分力，故物体一定做减速运动，故B错误；C、小李施加的力斜向前方，与运动方向一样；那么物体对地面的压力减小，摩擦力减小，而拉力有向前的分量，故物体做加速运动，故C错误；D、小李施加的拉力斜向下方，与运动方向一样，物体对地面的压力增大，摩擦力增大，但拉力有向前的分量，仍有可能保证物体受力平衡，故物体仍会做匀速运动，故D正确应选：AD【分析】由题意可知，小李的帮助没有造成影响，那么说明小李施加力后物体受力仍然平衡，故只要分析小李的力能否与其他力的合力为零即可8.如下图，在倾角为的光滑斜劈P的斜面上有两个用轻质弹簧相连的物块A、B，C为一垂直固定在斜面上的挡板A、B质量均为m，弹簧的劲度系数

18、为k，系统静止于光滑程度面现开场用一程度力F从零开场缓慢增大作用于P，物块A一直没分开斜面，重力加速度g以下说法正确的选项是A. 力F较小时A相对于斜面静止，F增加到某一值，A相对于斜面向上滑行          B. 力F从零开场增加时，A相对斜面就开场向上滑行C. B分开挡板C时，弹簧伸长量为               D

19、. B分开挡板C时，弹簧为原长【答案】B,D 【考点】弹力，力的分解，对单物体质点的应用，胡克定律，物体的受力分析 【解析】【解答】解：AB、用程度力F作用于P时，A具有程度向左的加速度，设加速度大小为a，将加速度分解如图，根据牛顿第二定律得mgsinkx=macos当加速度a增大时，x减小，即弹簧的压缩量减小，物体A相对斜面开场向上滑行A不符合题意，B符合题意CD、物体B恰好分开挡板C的临界情况是物体B对挡板无压力，此时，整体向左加速运动，对物体B受力分析，受重力、支持力、弹簧的拉力，如图根据牛顿第二定律，有mgNcoskxsin=0Nsinkxcos=ma解得：kx=mgsinm

20、acosB分开挡板C时，a=gtan，那么得 x=0，弹簧为原长C不符合题意，D符合题意故答案为：BD【分析】此题的主要隐含条件是B分开挡板C时，BC之间弹力为零，以AB为研究对象分别对AB进展受力分析，利用牛顿第二定律列式求解即可。9.如下图，粗糙的程度地面上有三块材料完全一样的木块A、B、C，质量均为m，B、C之间用轻质细绳连接现用一程度恒力F作用在C上，三者开场一起做匀加速运动，运动过程中把一块橡皮泥粘在某一块上面，系统仍加速运动，且始终没有相对滑动那么在粘上橡皮泥并到达稳定后，以下说法正确的选项是   A. 无论粘在哪个木块上面，系统加速度都将减小

21、0;         B. 假设粘在A木块上面，绳的拉力减小，A，B间摩擦力不变C. 假设粘在B木块上面，绳的拉力增大，A，B间摩擦力减小          D. 假设粘在C木块上面，绳的拉力和A，B间摩擦力都减小【答案】A,C,D 【考点】对单物体质点的应用，对质点系的应用 【解析】【解答】解：A、因无相对滑动，所以，无论橡皮泥粘到哪块上，根据牛顿第二定律都有：F3mgmg=

22、3m+ma，a都将减小，A符合题意；B、假设粘在A木块上面，以C为研究对象，受F、摩擦力mg、绳子拉力T，FmgT=ma，a减小，F、mg不变，所以，T增大；B不符合题意；C、假设粘在B木块上面，a减小，以A为研究对象，m不变，A所受摩擦力减小；再对C分析可知，FmgT=ma，a减小，F、mg不变，所以，T增大，C符合题意；D、假设粘在C木块上面，a减小，AB间的摩擦力减小，再以AB为整体，有T2mg=2ma，那么可知拉力T减小，D符合题意故答案为：ACD【分析】先用整体法求出加速度，然后隔离出某个物体，结合牛顿第二运动定律分析绳子的拉力大小变化。10.如下图，一小物体m从 光滑圆弧形轨道上与

23、圆心O等高处由静止释放，圆弧半径R=0.2m，轨道底端与粗糙的传送带平滑连接，当传送带固定不动时，物体m能滑过右端的B点，且落在程度地面上的C点，取重力加速度g=10m/s2 ， 那么以下判断可能正确的选项是A. 假设传送带逆时针方向运行且v=2m/s，那么物体m也能滑过B点，到达地面上的C点          B. 假设传送带顺时针方向运行，那么当传送带速度v2m/s时，物体m到达地面上C点的右侧C. 假设传送带顺时针方向运行，那么当传送带速度v2m/s时，物体m

24、也可能到达地面上C点的右侧          D. 假设传送带逆时针方向运行且v=3m/s，那么物体m也能滑过B点，到达地面上的C点左侧【答案】A,B,C 【考点】对单物体质点的应用，平抛运动，传送带模型，匀变速直线运动根本公式应用，物体的受力分析 【解析】【解答】解：A、物体在圆弧轨道上下滑过程，由动能定理得：mgR= mv020，解得：v0= = =2m/s；传送带静止时，物体滑到传送带上后向右做匀减速直线运动，到达传送带右端时物体的速度小于2m/s，物体分开传送带后做平抛运动到达

25、C点，物体做平抛运动的初速度小于2m/s；假设传送带逆时针方向运行且v=2m/s，物体在传送带上一直做匀减速直线运动，其运动情况与传送带静止时一样，物体到达传送带右端时的速度与传送带静止时到达右端的速度相等，物块分开传送带做平抛运动，仍落在C点，A符合题意；B、假设传送带顺时针方向运动，那么当传送带速度v2m/s时，物体在传送带上可能先做匀加速直线运动后做匀速直线运动，也可能一直做匀加速直线运动，物块到达传送带右端时的速度大于2m/s，做平抛运动的初速度大于2m/s，物体将落在C点的右侧，B符合题意；C、假设传送带顺时针方向运动，那么当传送带速度v2m/s时，物体在传送带上可能先做匀减速直线运

26、动后做匀速直线运动，此时到达传送带右端时的速度比传送带静止时的速度大，物体落在C点的右侧，C符合题意；D、假设传送带逆时针方向运行且v=3m/s，物体在传送带上一直做匀减速直线运动，与传送带静止时的运动情况一样，物体到达传送带右端时的速度与传送带静止时到达右端的速度相等，物块分开传送带做平抛运动，落在C点，D不符合题意；故答案为：ABC【分析】此题解题关键点是物体的最大速度是与传送带共速，当共速后物体做匀速直线运动。11.物体的加速度有两个表达式a= 和a= ，关于这两个表达式，下面说法正确的选项是   A. a与v成正比，与t成反比  

27、60;                               B. 前一式表示a是描绘速度变化的快慢，后式说明a由F与m决定的C. 两式均为矢量式，前一式中a与v方向一样，后一式中a与F方向一样          D. 两式均为矢量式，但a、F、v的方向一定一样【答案】B,C 【考点】对单物体质点的应用，加速度 【解析】【解答】解：A、加速度的定义式为a= ，知加速度的大小与v、t无关，A不符合题意B、根据加速度的定义式知，加速度是描绘速度变化快慢的物理量，由牛顿第二定律知，加速度a由F和m决定，B符合题意C、两个式子均为矢量式，加速度的方向与速度变化量方向一样，与F的方向一样，C符合题意D、a的方向与F方向一致，但a与v方向无关，D不符合题意故答案为：BC【分析】根据加速度的定义式和牛