人教版高中物理必修第二册：模块综合检测

1、精选优质文档-倾情为你奉上专心-专注-专业模块综合检测模块综合检测（时间：（时间：90 分钟分钟满分：满分：100 分）分）一一、 单项选择题单项选择题 （本大题共本大题共 10 小题小题,每小题每小题 4 分分,共共 40 分分.在每小题在每小题给出的四个选项中给出的四个选项中,只有一个选项符合题目要求只有一个选项符合题目要求,选对的得选对的得 4 分分,选错或选错或不答的得不答的得 0 分）分）1.在下列情景中在下列情景中,属于有效利用离心现象的是（属于有效利用离心现象的是（）A.汽车拐弯时减速行驶汽车拐弯时减速行驶B.给砂轮的外侧安装防护罩给砂轮的外侧安装防护罩C.游客乘坐过山车时扣紧安

2、全带游客乘坐过山车时扣紧安全带D.运动员手持链球链条的一端加速旋转后松手运动员手持链球链条的一端加速旋转后松手解析：解析：A、B、C 都是防止离心现象都是防止离心现象,D 是利用离心现象是利用离心现象,因而因而 D 正正确确.答案：答案：D2.链球运动员用链子拉着铁球做速度逐渐增大的曲线运动链球运动员用链子拉着铁球做速度逐渐增大的曲线运动,在此过在此过程中程中,运动员的手和链球的运动轨迹都可以近似为圆运动员的手和链球的运动轨迹都可以近似为圆.关于手和球的位关于手和球的位置关系置关系,下面四幅图中正确的是（下面四幅图中正确的是（）解析：解析：链球做速率增大的曲线运动链球做速率增大的曲线运动,因此

3、合力沿切线方向的分量与因此合力沿切线方向的分量与速度方向相同速度方向相同,拉力应与速度成锐角拉力应与速度成锐角,并且链球运动半径大于手的运动并且链球运动半径大于手的运动半径半径,故选项故选项 A 正确正确.答案：答案：A3.关于对天体运动的理解关于对天体运动的理解,下列说法正确的是（下列说法正确的是（）精选优质文档-倾情为你奉上专心-专注-专业A.所有绕同一中心天体的行星的公转周期与行星的轨道半径成正所有绕同一中心天体的行星的公转周期与行星的轨道半径成正比比B.同步卫星绕地球转动的线速度与地球赤道处自转的线速度相同同步卫星绕地球转动的线速度与地球赤道处自转的线速度相同C.若行星绕太阳运行的轨道

4、为椭圆若行星绕太阳运行的轨道为椭圆,则行星在远日点的速度最大则行星在远日点的速度最大D.火星探测器的发射速度应大于第二宇宙速度、小于第三宇宙速火星探测器的发射速度应大于第二宇宙速度、小于第三宇宙速度度解析：解析：由开普勒第三定律知由开普勒第三定律知,有绕同一中心天体的行星的公转周期有绕同一中心天体的行星的公转周期的二次方与行星的轨道半径的三次方成正比的二次方与行星的轨道半径的三次方成正比,故故 A 错误错误； 同步卫星绕地同步卫星绕地球转动的角速度与地球自转的角速度相同球转动的角速度与地球自转的角速度相同,由线速度由线速度 vr,可知同步可知同步卫星绕地球转动的线速度大于地球赤道处自转的线速度

5、卫星绕地球转动的线速度大于地球赤道处自转的线速度,故故 B 错误错误；当当行星从近日点沿椭圆轨道向远日点运动的过程中克服万有引力做功行星从近日点沿椭圆轨道向远日点运动的过程中克服万有引力做功,速速率减小率减小,则行星在远日点的速度最小则行星在远日点的速度最小,故故 C 错误错误； 第二宇宙速度是发射脱第二宇宙速度是发射脱离地球束缚卫星的最小发射速度离地球束缚卫星的最小发射速度,第三宇宙速度是发射脱离太阳束缚卫第三宇宙速度是发射脱离太阳束缚卫星的最小发射速度星的最小发射速度,火星探测器的发射速度应该大于第二宇宙速度火星探测器的发射速度应该大于第二宇宙速度,小小于第三宇宙速度于第三宇宙速度,故故

6、D 正确正确.答案：答案：D4.如图所示为某齿轮传动装置中的如图所示为某齿轮传动装置中的 A、B、C 三个齿轮三个齿轮,三个齿轮的三个齿轮的齿数分别为齿数分别为 32、12、20,当齿轮绕各自的轴匀速转动时当齿轮绕各自的轴匀速转动时,A、B、C 三个三个齿轮转动的角速度之比为（齿轮转动的角速度之比为（）A.835B.538C.154024D.244015解析：解析：三个齿轮同缘转动三个齿轮同缘转动,所以三个齿轮边缘的线速度相等所以三个齿轮边缘的线速度相等,即即为为vAvBvC.三个齿轮的齿数分别为三个齿轮的齿数分别为 32、12、20,根据根据vr,得得 A、B、C精选优质文档-倾情为你奉上专

7、心-专注-专业三个齿轮转动的角速度之比为三个齿轮转动的角速度之比为132112120154024,故故 C 正确正确.答案：答案：C5.奥运会比赛项目撑竿跳高如图所示奥运会比赛项目撑竿跳高如图所示.下列说法不正确的是下列说法不正确的是 （）A.加速助跑过程中加速助跑过程中,运动员的动能增加运动员的动能增加B.起跳上升过程中起跳上升过程中,杆的弹性势能一直增加杆的弹性势能一直增加C.起跳上升过程中起跳上升过程中,运动员的重力势能增加运动员的重力势能增加D.越过横杆后下落过程中越过横杆后下落过程中,运动员的重力势能减少动能增加运动员的重力势能减少动能增加解析解析：运动员加速助跑动能增加运动员加速助

8、跑动能增加,A 正确正确；起跳上升过程中起跳上升过程中,杆的弹杆的弹性势能先增加后减少性势能先增加后减少,B 错误错误； 上升过程中上升过程中,运动员的重力势能增加运动员的重力势能增加,C 正正确；下落过程中确；下落过程中,重力势能转化为动能重力势能转化为动能,D 正确正确.因此不正确的选因此不正确的选 B.答案：答案：B6.轻质细轻质细杆杆 OA 的长的长度度 L0.50 m,A 端有一质量端有一质量为为 m3.0 kg 的小的小球球,如图所示如图所示,小球以小球以 O 点为圆心在竖直平面内做圆周运动点为圆心在竖直平面内做圆周运动,通过最高点通过最高点时小球的速率是时小球的速率是 2.0 m

9、/s,g 取取 10 m/s2,则此时细杆则此时细杆 OA 受到（受到（）A.6 N 的拉力的拉力B.6 N 的压力的压力C.24 N 的拉力的拉力D.24 N 的压力的压力解析：解析：小球运动到最高点时受到重力与细杆的弹力小球运动到最高点时受到重力与细杆的弹力,假设细杆的假设细杆的弹弹力力FN方向向上方向向上,则则mgFNmv2L,即即 FNmgmv2L30 N24 N6 N,由由精选优质文档-倾情为你奉上专心-专注-专业牛顿第三定律可知牛顿第三定律可知,小球对细杆产生向下的压力小球对细杆产生向下的压力.答案：答案：B7.用恒力用恒力 F 使质量为使质量为 10 kg 的物体从静止开始的物体

10、从静止开始,以以 2 m/s2的加速度的加速度匀加速上升匀加速上升,不计空气阻力不计空气阻力,g 取取 10 m/s2,那么以下说法中正确的是那么以下说法中正确的是（）A.2 s 内恒力内恒力 F 做功做功 80 JB.2 s 内重力做的功是内重力做的功是 400 JC.2 s 内物体克服重力做的功是内物体克服重力做的功是 400 JD.2 s 内合力做的功为零内合力做的功为零解析：解析：根据牛顿第二定律可知根据牛顿第二定律可知,恒力为：恒力为：Fmgma1010102 N120 N,2 s 内物体上升的高度：内物体上升的高度：h12at212222m4 m,2 s 内恒力内恒力 F 做功做功

11、：W1Fh1204 J480 J,故选项故选项 A 不符合题不符合题意；意；2 s 内重力做功：内重力做功：W2mgh400 J,即即2 s内物体克服重力做功内物体克服重力做功为为400 J,故选故选项项B不符合题意不符合题意,C符合题符合题意；意；2 s 内合力做的功：内合力做的功：WW1W2480 J400 J80 J,故选项故选项 D 不符合题意不符合题意.答案：答案：C8.小王练习接排球小王练习接排球.排球网排球网高高 h12.0 m,接球点距球网水平距接球点距球网水平距离离 s4.8 m,离地面高离地面高 h20.2 m,忽略空气阻力忽略空气阻力.接球后接球后,球刚好水平过网球刚好水

12、平过网,则球则球离开小王手时的速度大小为（离开小王手时的速度大小为（g 取取 10 m/s2） （）A.6 m/sB.8 m/sC.10 m/sD.12 m/s精选优质文档-倾情为你奉上专心-专注-专业解析：解析：采用逆向思维采用逆向思维,排球做平抛运动排球做平抛运动,运动的时间运动的时间t2（h1h2）g0.6 s,则则 v0st4.80.6m/s8 m/s,排球竖直分速度排球竖直分速度 vygt100.6 m/s6 m/s,可知排球离开小王手时的速度可知排球离开小王手时的速度 v v20v2y10 m/s.答案：答案：C9.设土星绕太阳的运动为匀速圆周运动设土星绕太阳的运动为匀速圆周运动,

13、若测得土星到太阳的距离若测得土星到太阳的距离为为 R,土星绕太阳运动的周期为土星绕太阳运动的周期为 T,万有引力常量万有引力常量 G 已知已知.根据这些数据根据这些数据,不能求出的量是（不能求出的量是（）A.土星线速度的大小土星线速度的大小B.土星加速度的大小土星加速度的大小C.土星的质量土星的质量D.太阳的质量太阳的质量解析解析：根据已知数据可求根据已知数据可求：土星的线速度大小土星的线速度大小 v2RT、土星的加土星的加速度速度 a42T2R、太阳的质量、太阳的质量 M42R3GT2,无法求土星的质量无法求土星的质量,所以选所以选 C.答案：答案：C10.如图所示如图所示,传送带以传送带以

14、 1 m/s 的速度水平匀速运动的速度水平匀速运动,沙斗以沙斗以 20 kg/s的流量向传送带上装沙子的流量向传送带上装沙子,为了保持传递速率不变为了保持传递速率不变,驱动传送带的电动驱动传送带的电动机因此应增加功率（机因此应增加功率（）A.10 WB.20 WC.30 WD.40 W解析：解析：每秒钟流到传送带的沙子获得的动能为每秒钟流到传送带的沙子获得的动能为Ek12mv2,沙子达沙子达精选优质文档-倾情为你奉上专心-专注-专业到速度到速度 v 之前之前,相对传送带向后滑动相对传送带向后滑动,每秒转化为内能的机械能每秒转化为内能的机械能为为 Qfs相对相对,而而s相对相对v2t相相v20相

15、相2a相相0v22（g）v22g,Qfs相对相对mgv22g12mv2,因此因此,电动机必须增加的功率为电动机必须增加的功率为P（EkQ）tmv2t20 W,选项选项 B 正确正确.答案：答案：B二、多项选择题二、多项选择题（本大题共（本大题共 4 小题小题,每小题每小题 4 分分,共共 16 分分.在每小题在每小题给出的四个选项中给出的四个选项中,有多个选项符合题目要求有多个选项符合题目要求,全部选对的得全部选对的得 4 分分,选对选对但不全的得但不全的得 2 分分,有选错或不答的得有选错或不答的得 0 分）分）11.如图所示如图所示,一根轻质弹簧固定于一根轻质弹簧固定于 O 点点,另一端系

16、一个重物另一端系一个重物,将重物将重物从与悬挂点等高的地方无初速度释放从与悬挂点等高的地方无初速度释放,让其自由摆下让其自由摆下,不计空气阻力不计空气阻力,重重物在摆向最低点的位置的过程中（物在摆向最低点的位置的过程中（）A.重物重力势能减小重物重力势能减小B.重物重力势能与动能之和增大重物重力势能与动能之和增大C.重物的机械能不变重物的机械能不变D.重物的机械能减少重物的机械能减少解析：解析：在小球向下摆动过程中在小球向下摆动过程中,重力做正功重力做正功,故重力势能减小故重力势能减小,故故 A项与题意相符项与题意相符； 在小球向下摆动过程中在小球向下摆动过程中,弹簧的弹力逐渐变大弹簧的弹力逐

17、渐变大,故弹性势故弹性势能逐渐变大能逐渐变大； 在整个运动的过程中在整个运动的过程中,有重力和弹簧的弹力做功有重力和弹簧的弹力做功,小球和弹小球和弹簧系统机械能守恒簧系统机械能守恒；故重物重力势能与动能之和不断减小故重物重力势能与动能之和不断减小,故故 B 项与题项与题意不相符意不相符； 根据功能关系根据功能关系,除重力外除重力外,其余力做的功等于机械能的增加量其余力做的功等于机械能的增加量,故重物的机械能减少量等于克服弹簧弹力所做的功故重物的机械能减少量等于克服弹簧弹力所做的功,物体的机械能减小物体的机械能减小.故故 C 项与题意不符项与题意不符,D 项与题意相符项与题意相符.精选优质文档-

18、倾情为你奉上专心-专注-专业答案：答案：AD12.2019 年年 5 月月 17 日日,我国在西昌卫星发射中心用我国在西昌卫星发射中心用“长征三号丙长征三号丙”运载火箭运载火箭,成功发射了第成功发射了第 45 颗北斗导航卫星颗北斗导航卫星.该卫星属地球静止轨道卫该卫星属地球静止轨道卫星星.北斗卫星导航系统空间段计划北斗卫星导航系统空间段计划有有5颗地球静止轨道卫星颗地球静止轨道卫星.若地球的自若地球的自转周期为转周期为 T,这些卫星在轨运行的线速度大小为这些卫星在轨运行的线速度大小为 v,关于这些地球静止轨关于这些地球静止轨道卫星道卫星,下列说法正确的是（下列说法正确的是（）A.在赤道上空自东

19、向西运动在赤道上空自东向西运动B.运动的加速度大小均为运动的加速度大小均为2vTC.离地的高度均为离地的高度均为vT2D.它们的角速度、向心加速度大小都相等它们的角速度、向心加速度大小都相等解析：解析：同步卫星与地球的自转同步同步卫星与地球的自转同步,则在赤道上空自西向东运动则在赤道上空自西向东运动,故故 A 错误；运动的加速度大小为错误；运动的加速度大小为 av2vT,故故 B 正确；轨道半径正确；轨道半径为为rvT2,因此离地的高度为因此离地的高度为 hvT2R,要小于要小于vT2,故故 C 错误错误；所有同步卫所有同步卫星的角速度星的角速度、 向心加速度大小都相等向心加速度大小都相等,但

20、是质量不一定相等但是质量不一定相等,所以向心力所以向心力大小不一定相等大小不一定相等,故故 D 正确正确.答案：答案：BD13.用一根绳子竖直向上拉一物块用一根绳子竖直向上拉一物块,物块从静止开始运动物块从静止开始运动,绳子拉力绳子拉力的功率按如图所示规律变化的功率按如图所示规律变化,0t0时间内物块做匀加速直线运动时间内物块做匀加速直线运动,t0时时刻后物块继续加速刻后物块继续加速,t1时刻物块达到最大速度时刻物块达到最大速度.已知物块的质量为已知物块的质量为 m,重重力加速度为力加速度为 g,则下列说法正确的是（则下列说法正确的是（）精选优质文档-倾情为你奉上专心-专注-专业A.物块始终做

21、匀加速直线运动物块始终做匀加速直线运动B.t1时刻物块的速度大小为时刻物块的速度大小为P0mgC.0t0时间内物块的加速度大小为时间内物块的加速度大小为P0mgt0D.0t1时间内物块上升的高度为时间内物块上升的高度为P0mgt1t02 P202m2g3解析解析： 0t0时间内物块做匀加速直线运动时间内物块做匀加速直线运动,t0时刻后功率保持不变时刻后功率保持不变,根据根据 PFv 知知,v 增大增大,F 减小减小,物块做加速度减小的加速运动物块做加速度减小的加速运动,当加速度当加速度减小到零时减小到零时,物块做匀速直线运动物块做匀速直线运动,A 错错.在在 t1时刻速度达到最大时刻速度达到最

22、大,Fmg,则速度则速度 vP0mg,B 错错.0t0时间内时间内,Fmgma,则则 P（mgma）at,可可知图像的斜率知图像的斜率 km（ga）a,可知加速度可知加速度 aP0mgt0,C 错错.P-t 图像围成图像围成的面积表示牵引力做功的大小的面积表示牵引力做功的大小,根据动能定理得：根据动能定理得：P0t02P0（t1t0）mgh12mv2,解得：解得：hP0mgt1t02 P202m2g3,D 对对.答案：答案：BD14.如图甲所示如图甲所示,用一轻质绳拴着一质量为用一轻质绳拴着一质量为 m 的小球的小球,在竖直平面内在竖直平面内做圆周运动（不计一切阻力）做圆周运动（不计一切阻力）

23、,小球运动到最高点时绳对小球的拉力小球运动到最高点时绳对小球的拉力为为T,小球在最高点的速度大小为小球在最高点的速度大小为 v,其其 T-v2图像如图乙所示图像如图乙所示,则（则（）A.轻质绳长为轻质绳长为ambB.当地的重力加速度为当地的重力加速度为am精选优质文档-倾情为你奉上专心-专注-专业C.当当 v2c 时时,轻质绳的拉力大小为轻质绳的拉力大小为acbaD.只要只要 v2b,小球在最低点和最高点时绳的拉力差均为小球在最低点和最高点时绳的拉力差均为 6a解析：解析：在最高点在最高点,重力和绳子拉力的合力充当向心力重力和绳子拉力的合力充当向心力,有有 Tmgmv2R,即即TmRv2mg,

24、故斜故斜率率kmR,纵截纵截距距ymg,根据几何知识可根据几何知识可得得kab,ya,联立解得联立解得 gam,Rmba,A 错错,B 对对.当当 v2c 时时,代入代入 TmRv2mg,解得解得 Tabca,C 错错.只要只要 v2b,绳子的拉力大于绳子的拉力大于 0,根据牛顿第二根据牛顿第二定律得最高点定律得最高点 T1mgmv21L,最低点最低点 T2mgmv22L.从最高点到最低点从最高点到最低点的过程中的过程中,根据机械能守恒知根据机械能守恒知,12mv2212mv212mgL,联立解得联立解得 T2T16mg,即小球在最低点和最高点时绳的拉力差均为即小球在最低点和最高点时绳的拉力差

25、均为 6a,D 对对.答案：答案：BD三、非选择题三、非选择题（本题共（本题共 4 小题小题,共共 44 分）分）15.（8 分）图甲是分）图甲是“研究平抛物体运动研究平抛物体运动”的实验装置图的实验装置图,通过描点通过描点画出平抛小球的运动轨迹画出平抛小球的运动轨迹.（1）以下是实验过程中的一些做法）以下是实验过程中的一些做法,其中合理的有其中合理的有.a.安装斜槽轨道安装斜槽轨道,使其末端保持水平使其末端保持水平b.每次小球释放的初始位置可以任意选择每次小球释放的初始位置可以任意选择c.每次小球应从同一高度由静止释放每次小球应从同一高度由静止释放d.为描出小球的运动轨迹为描出小球的运动轨迹

26、,描绘的点可以用折线连接描绘的点可以用折线连接精选优质文档-倾情为你奉上专心-专注-专业（2）实验得到平抛小球的运动轨迹）实验得到平抛小球的运动轨迹,在轨迹上取一些点在轨迹上取一些点,以平抛起以平抛起点点 O 为坐标原点为坐标原点,测量它们的水平坐测量它们的水平坐标标 x 和竖直坐和竖直坐标标 y,图乙图乙中中 y-x2图像图像能说明平抛小球运动轨迹为抛物线的是能说明平抛小球运动轨迹为抛物线的是.（3） 图丙是某同学根据实验画出的平抛小球的运动轨迹图丙是某同学根据实验画出的平抛小球的运动轨迹,O 为平抛为平抛的起点的起点,在轨迹上任取两点在轨迹上任取两点 A、B,测得测得 A、B 两点纵坐标两

27、点纵坐标 y15.0 cm,y245.0 cm,A、B 两点水平间距两点水平间距x40.0 cm.则平抛小球的初速度则平抛小球的初速度 v0为为m/s.解析解析： 为了保证小球的初速度水平为了保证小球的初速度水平,安装斜槽轨道时安装斜槽轨道时,斜槽末端必须斜槽末端必须保持水平保持水平,故故 a 正确正确.为了保证小球每次平抛运动的初速度相等为了保证小球每次平抛运动的初速度相等,让小球从斜槽的同一位让小球从斜槽的同一位置由静止释放置由静止释放,故故 b 错误错误,c 正确正确.为描出小球的运动轨迹为描出小球的运动轨迹,描绘的点要用平滑曲线连接描绘的点要用平滑曲线连接,故故 d 错误错误.（2）根

28、据平抛运动的规律有）根据平抛运动的规律有 xv0t,y12gt2.得得 ygx22v20kx2,其中其中 kg2v20定值定值.可知可知 y 与与 x2的图像是过原点的倾斜直线的图像是过原点的倾斜直线.因此因此,图丙图丙 y-x2图像能说明平抛小球运动轨迹为抛物线的是图像能说明平抛小球运动轨迹为抛物线的是 C.（3）根据）根据 y112gt21,得得 t12y1g.精选优质文档-倾情为你奉上专心-专注-专业根据根据 y212gt22,得得 t22y2g.则小球的初速度为则小球的初速度为 v0 xt2t1.已知已知 y15.0 cm0.05 m、y245.0 cm0.45 m,x40.0 cm0

29、.4m,代入上式解得：代入上式解得：v02.0 m/s.答案答案： （1）ac（2）C（3）2.016.（10 分）如图所示分）如图所示,一条不可伸长的轻绳上端悬挂于一条不可伸长的轻绳上端悬挂于 O 点点,下端下端系一质量系一质量 m1.0 kg 的小球的小球.现将小球拉到现将小球拉到 A 点（保持绳绷直）由静止点（保持绳绷直）由静止释放释放,当它经过当它经过 B 点时绳恰好被拉断点时绳恰好被拉断,小球平抛后落在水平地面上的小球平抛后落在水平地面上的 C点点.地面上的地面上的 D 点与点与 OB 在同一竖直线上在同一竖直线上,已知绳长已知绳长 L1.0 m,B 点离地点离地高度高度 H1.0

30、m,A、B 两点的高度差两点的高度差 h0.5 m,重力加速度重力加速度 g 取取 10 m/s2,不计空气阻力不计空气阻力,求：求：（1）地面上）地面上 D、C 两点间的距离两点间的距离 s；（2）轻绳所受的最大拉力大小）轻绳所受的最大拉力大小.解析解析： （1）小球从）小球从 A 运动到运动到 B 的过程中机械能守恒的过程中机械能守恒,有有mgh12mv2B,小球从小球从 B 运动到运动到 C 做平抛运动做平抛运动.在竖直方向上有在竖直方向上有 H12gt2,在水平方向上有在水平方向上有 svBt,解得解得 s 2 m.（2）小球下摆到达）小球下摆到达 B 点时点时,绳的拉力和重力的合力提

31、供向心力绳的拉力和重力的合力提供向心力,此此精选优质文档-倾情为你奉上专心-专注-专业时轻绳所受的拉力最大时轻绳所受的拉力最大,有有 Fmgmv2BL,解得解得 F20 N.根据牛顿第三定律可知根据牛顿第三定律可知,轻绳所受的最大拉力为轻绳所受的最大拉力为 FF20 N.答案答案： （1） 2 m（2）20 N17.（12 分）如图甲所示分）如图甲所示,有一可绕竖直中心轴转动的水平圆盘有一可绕竖直中心轴转动的水平圆盘,上上面放置劲度系数为面放置劲度系数为 k46 N/m 的弹簧的弹簧,弹簧的一端固定于轴弹簧的一端固定于轴 O 上上,另一另一端连接质量端连接质量为为 m1 kg 的小物的小物块块

32、 A,物块与盘间的动摩擦因数为物块与盘间的动摩擦因数为0.2,开始时弹簧未发生形变开始时弹簧未发生形变,长度为长度为 l00.5 m,若最大静摩擦力与滑动摩擦若最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等力大小相等,重力加速度重力加速度 g 取取 10 m/s2,物块物块 A 始终与圆盘一起转动始终与圆盘一起转动.则：则：（1）圆盘的角速度为多大时）圆盘的角速度为多大时,物块物块 A 开始滑动？开始滑动？（2） 当角速度缓慢地增加到当角速度缓慢地增加到 4 rad/s 时时,弹簧的伸长量是多少？弹簧的伸长量是多少？ （弹弹簧伸长在弹性限度内且物块未脱离圆盘）簧伸长在弹性限度内且物块未脱离圆盘）.（3）在角速度从零缓慢地增加到）在角速度从零缓慢地增加到 4 rad/s 过程中过程中,物块与盘间摩擦物块与盘间摩擦力大小为力大小为 f,试通过计算在坐标系中作出试通过计算在坐标系中作出 f-2图像图像.解析解析： （1）设盘的角速度为设盘的角速度为