【水印已去除】2019年内蒙古包头市中考物理试卷

1、2019年内蒙古包头市中考物理试卷、选择题（本题包括 7个小题，每小题 3分,共21分.每小题只有一个选项符合题意,请将答题卡上对应题目的答案标号涂黑）（3分）与“立竿见影”现象原理相同的是（A.平静湖边，倒影可见B.山间小溪，清澈见底C.林荫树下，光斑点点D.雨过天晴，彩虹出现2.（3分）下列说法正确的是（A.初春，冰雪消融是汽化现象B.深秋，草叶上的白霜是凝华现象C.盛夏，地面温度升高，地面含有的热量增多D.严冬，搓手取暖是利用了热传递增大内能3.（3分）下列说法正确的是（A.音叉在真空中振动不会产生声音B.倒车雷达是利用电磁波来探测车后障碍物的C.滚摆在滚动过程中运动状态一定改变D.热机

2、和电动机在能量的转化方式上是相同的4. （3分）下列图示所涉及的物理知识正确的是（）如图说明同种电荷相互排斥如图闭合开关，小磁针左端为S极C.如图是发电机的工作原理示意图按如图的方法使用测电笔可以辨别火线与零线5. （3分）如图所示是舰载机飞离甲板的过程中，下列说法正确的是（）A.飞机在跑道上滑行时若外力全部消失，会逐渐停下来B.飞机起飞时加速助跑，可获得更大的惯性，利于升空C.飞机加速升空，动能转化为重力势能，机械能增大D.飞机飞离甲板后，舰艇底部受到水的压强变小6. （ 3分）如图所示，拉力 F为5N ,物体A以0.1m/s的速度在物体 B表面向左做匀速直线运动（B表面足够长）；物体B静止

3、在地面上，受到地面水平向左4N的摩擦力，弹簧测力计示数为12N.下列说法正确的是（）A .物体A受到的摩擦力为10NB .拉力F的功率为1.5WC.滑轮组的机械效率为 80%D.拉力F增大到15N时，物体B开始向左运动7. （3分）如图所示，小灯泡 L标有“ 6V 3W”字样（不计温度对灯丝电阻的影响），当S闭合，滑动变阻器滑片 P在最左端时，小灯泡 L正常发光；当S闭合，Si断开，滑动变 阻器滑片P在中点时，电流表的示数为0.2A,下列说法正确的是（）A.电源电压为9VB.滑动变阻器的最大阻值为18aC.调节电路元件，可使电压表达到的最大值为4.5VD.电路的最小功率与最大功率之比为3: 1

4、6二、作图与实验(本题包括 4个小题，第8题4分，第9题4分，第10题6分，第11题7分，共21分)8. (4分)在”观察水的沸腾”实验中，如图甲所示，在烧瓶中加入200g水，加热并从90 C开始记录温度，每隔1min记录一次温度计的示数，直到水沸腾一段时间为止。数据记录表格如下：记录次数凑L次第二次第三次第四次第五次第六次第七次温度/C90929495989898(1)水在沸腾过程中吸收热量，温度 。(2)水沸腾时，瓶口不断冒出“白气”，该现象的物态变化名称是 (3)若不考虑水的质量损失，从开始记录温度到水刚沸腾的过程中，水吸收的热量为 Jc 水=4.2 4 103j/ (kg? C)。(4

5、)完成实验后，移走酒精灯，当水停止沸腾时，用连有注射器的橡皮塞塞住烧瓶口, 然后向外拉注射器活塞，如图乙所示，会看到烧瓶中的水重新沸腾起来，这是因 为。甲乙9. (4分)在研究”凸透镜成像规律”的实验中:叫川pni/np川1叫加川中用叩叫1|甲|叩1叩川而30 40 50 60 70 80 期 10(1)蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，恰能在光凭上得到一个清晰的倒立，等大的实像，则凸透镜的焦距为 cm。(2)保持蜡烛与凸透镜位置不变，换用一个不同焦距的凸透镜，将光凭向右移动才能重新得到清晰的像，此时像 (选填“变大” “变小”或“不变”)，换用的凸透镜焦 距可能为。A.10.0cm

6、 B.20.0cm C.30.0cm D.35.0cm(3)将图中的凸透镜换成玻璃板后光屏上的像消失了，原因是 。10. (6分)如图是“利用杠杆测量石块密度”的实验。(p水=1.0x103kg/m3)(1)在实验前，杠杆静止在图甲所示的位置，此时杠杆处于 (选填“平衡”或“不平衡”)状态；要使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 调节，这样做的目的是,并消除杠杆自重对实验的影响。(2)在溢水杯中装满水，如图乙所示，将石块缓慢浸没在水中，让溢出的水流入小桶A中，此时小桶 A中水的体积 石块的体积。(3)将石块从溢水杯中取出，擦干后放入另一相同小桶B中，将装有水和石块的 A、B两个小桶分别挂在调好

7、的杠杆两端，移动小桶在杠杆上的位置，直到杠杆在水平位置回复平衡，如图丙所示。此时小桶A、B的悬挂点距支点 O分别为13cm和5cm,若不考虑小桶重力，则石块密度的测量值为 kg/m3;若考虑小桶重力，石块的实际密度将比上述测量值11. (7分)在测量小灯泡的电功率时，电源电压为 3V,小灯泡上标有“ 2.5V”字样。甲乙(1)在如图甲所示的电路中，闭合开关移动滑片，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，原因是 ,经分析有一根导线链接错误，请在连接错误的导线上打“X”，并补画出一根导线连接成正确的电路。(2)电路连接正确后，从滑动变阻器接入电路的最大阻值开始记录数据，得到小灯泡的I-U图象

8、如图乙所示，则小灯泡的额定功率是 W.由图可知，小灯泡的实际功率 随实际电压的增大而 ,滑动变阻器的规格应选择 。A.10 Q 1A B.15 Q 1A C.25 Q 1A D.30 Q 1A(3)有同学认为利用该电路还可以探究出导体中电流和导体两端电压成正比，你认为这种说法 (选填“合理”或“不合理”)，理由是 。三、计算题(本题包括 2个小题，第12题9分，第13题9分，共18分)12. (9分)如图所示是某温控装置的简化电路图，工作电路由电压为 220V的电源和阻值 R=88的电热丝组成；控制电路由电源、电磁铁(线圈电阻R0=20Q)>开关、滑动变阻器R2(取值范围080和热敏电阻

9、 Ri组成；Ri阻值随温度变化的关系如下表所示，当控制电路电流I>50mA时，衔铁被吸合切断工作电路；当控制电路电流IW40mA时，衔铁被释放接通工作电路。温度/C90806660504640363534Ri/Q102040507080100120130150(1)工作电路正常工作时，R在imin内产生的热量是多少？(2)当温度为60 C,滑动变阻器 R2=50 时，衔铁恰好被吸合，控制电路的电源电压是多少？(3)若控制电路电源电压不变，此装置可控制的温度最大范围是多少？(4)要想要该装置所控制的最高温度降低一些，请分析说明如何改变R2的阻值。* 220Vd电热丝R押需13. (9分)圆

10、柱形容器置于水平地面 (容器重忽略不计)，容器的底面积为0.2m2,内盛30cm深的水。现将一个底面积400cm2、体积4000cm3均匀实心圆柱体放入其中。如图甲所示，物体漂浮在水面，其浸入水中的深度为5cm；当再给物体施加一个竖直向下大小不变的力F以后，物体最终恰好浸没于水中静止，如图乙所示。p水=1.0X 103kg/m3,g取10N/kg)则：(1)物体受到的重力是多少？(2)物体浸没水中静止时容器对地面的压强是多少？(3)从物体漂浮水面到浸没水中静止的过程中压力F做了多少功?2019年内蒙古包头市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题包括7 个小题，每小题3 分，共 21 分

11、每小题只有一个选项符合题意，请将答题卡上对应题目的答案标号涂黑）1 【分析】光在自然界中存在三种光现象：（ 1 ）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；（ 2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；（ 3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。【解答】解： “立竿见影”是由于光的直线传播形成的。A 、平静的湖面相当于平面镜，倒影属于平面镜成像，是利用光的反射，故A 不符合题意；B 、小溪底部反射的光线从水中斜射出后，发生

12、了折射，然后进入人的眼睛，人看到的小溪的底部是变浅的，故B 不符合题意。C、林荫树下，光斑点点，是由于光的直线传播形成的，与“小孔成像”形成原因相同。故 C 符合题意。D 、雨过天晴，天空出现美丽的彩虹，是光的色散现象，即光的折射，故D 不符合题意；故选：C。2 【分析】（ 1 ）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；（ 2）热量是过程量，应用吸收或放出来修饰；（ 3）做功和热传递都能改变物体的内能。【解答】解：A、初春，冰雪消融，由固态变成液态，属于熔化现象，故A错误；B 、深秋，草

13、叶上的白霜是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，故 正确；C、热量是过程量，不能说含有热量，只能说吸收，所以盛夏地面温度升高，不能说地面含有的热量增多，故C 错误；D 、严冬，搓手取暖是克服摩擦力做功机械能转化为内能，内能增加，温度升高，是利用了做功增大内能，故D 错误。故选： B 。3 【分析】 （ 1）声音是由物体振动产生的，声音的传播需要介质；（ 2）倒车雷达利用了超声波回声定位的原理；（ 3）运动状态的改变包括速度和方向的改变；（ 4）热机将内能转化为机械能；电动机将电能转化为机械能。【解答】解：A、音叉在真空中振动会产生声音，只是真空不能传播声音，故 A错误；B 、倒车雷

14、达是利用超声波回声定位的原理来探测车后障碍物的，故B 错误；C、滚摆在滚动过程中，其速度大小、方向都会发生改变，所以其运动状态一定改变，故C 正确；D 、 热机将内能转化为机械能；电动机将电能转化为机械能，所以二者的能量转化方式不同，故D错误。故选：C。4 【分析】（1）丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；（ 2）根据安培定则可以判断；（ 3）电动机原理是根据通电导体在磁场中受到磁力作用而转动；（ 4）根据试电笔的使用方法分析。【解答】解：A 、丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，玻璃棒相互排斥，说明同种电荷相互排斥，故A 正确；B 、电源的右端为正极，由安培定则可知，螺线管的右端为S 极，左端为N 极，故小磁针

15、的右端为S 极，左端为N 极，故 B 错误；C、电动机原理是根据通电导体在磁场中受到磁力作用而转动，故 C错误；D 、使用试电笔时，手应接触笔尾的金属体，这样才能正确辨别火线和零线，故D 错误。故选：A。5 【分析】 （ 1 ） 根据牛顿第一定律，当物体不受力时，将处于静止状态或匀速直线运动状态，若物体原来是运动的，不受力将保持原来的速度做匀速直线运动；（ 2）惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大；(3)影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械

16、能。在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析；(4)漂浮物体的浮力始终等于自身重力，判断出重力的变化情况，即可得知浮力如何变化，进而判断出排开水的体积变化、舰艇底部所处深度变化，再根据液体压强特点判断 压强变化。【解答】解：A、当飞机在跑道上滑行时若外力全部消失，根据牛顿第一定律他将会作向上的匀速直线运动，故A错误；B、惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有 关系，故飞机起飞时加速助跑，是为了获得更大的动能，利于升空，不能增大惯性，故B错误；C、飞机加速升空，质量不变，速度和高度都增加，故动能和重力势能都变大，动能没有转化为重力势能，故 C错误；D

17、、飞机飞离甲板后，舰艇总重力减小，浮力减小，舰艇排开水的体积减小，所以舰艇底部的深度减小，其受到水的压强会变小，故 D正确。故选：D。6【分析】(1)由图知，水平使用滑轮组，n= 2,拉力端移动速度等于物体 A移动速度的2倍，利用P= Fv求拉力做功功率；(2)物体B静止在地面上，受到水平向左 4N的摩擦力，弹簧测力计示数为12N,由此可求得物体A受到的摩擦力； f(3)滑轮组的机械效率 r= X 100%onF【解答】解：A、物体B静止在地面上，所以受力平衡；水平方向上物体B受到向右的弹簧拉力、地面对它向左的摩擦力和物体 A对它向左的摩擦力，所以两个摩擦力之和为 12N,即fAB+4N= 1

18、2N,则fAB = 8N;根据相互作用力的知识可知，物体 A受到的摩擦力为f=fAB = 8N; 故A错误；B、由图知，水平使用滑轮组，n=2,拉力端移动速度 v=2v物=2X0.1m/s=0.2m/s,则拉力做功的功率： P = W=£§.= Fv=5N X0.2m/s=1W;故B错误；X tC、滑轮组的机械效率：工 X100%= 颐 =80%,故C正确；nF 2M 5ND、若拉力F增大到15N时，A在运动过程中，A对B的压力不变、接触面的粗糙程度不变，则A和B之间的摩擦力不变， 所以物体B的运动状态不会改变，即物体B仍然静止，不会向左运动，故 D错误。故选：Co7【分析

19、】A、当S闭合，滑动变阻器滑片 P在最左端时，为灯的简单电路，小灯泡L正常发光，可知电源电压；B、根据P =（得出灯的电阻：当S闭合，Si断开，滑动变阻器滑片 P在中点时，变阻器与灯串联，电流表测电路的电流，由欧姆定律，得出灯的电压，根据串联电路的规律和欧姆定律求出变阻器连入电阻的大小，从而得出滑动变阻器的最大阻值；C、若电压表达到的最大值为 4.5V,根据串联电路电压的规律和分压原理求出变阻器的电阻分析；D、根据P=UI得出灯的额定电流即电路中的最大电流，根据 P=UI求出电路的最大功率；根据P=_y_,当电路的电阻最大时功率最小，根据电阻的串联得出电阻的最大电阻，从R而得出最小功率，最后求

20、出电路的最小功率与最大功率之比。【解答】解：A、当S闭合，滑动变阻器滑片 P在最左端时，为灯的简单电路，小灯泡L正常发光，故电源电压为 6V; A错误；B、根据P = g,灯的电阻：D UL2 （6V）2R=TT=r=12;当S闭合，Si断开，滑动变阻器滑片 P在中点时，变阻器与灯串联，电流表测电路的电流，电流表的示数为 0.2A,由欧姆定律，灯的电压为：U灯=IX R=0.2AX 12a= 2.4V,根据串联电路的规律和欧姆定律，变阻器连入电阻的大小：R滑=上盟=处2_史_=180；故滑动变阻器的最大阻值为：I 0. 2A2X180= 36Q B 错误;C、若电压表达到的最大值为 4.5V,

21、则灯的电压为 6V -4.5V=1.5V,变阻器的电压为灯的电压的"工=3倍，根据分压原理，变阻器的电阻为：3X12Q= 36 Q,即将变阻器的1,5V最大电阻连入电路中，使电压表达到的最大值为4.5V, C正确；D、灯的额定电流为：IL = = = 0.5A,即电路中的最大电流，故电路的最大功率为：UL 6VP大=UI L=6V X0.5A = 3W;根据p=L,当电路的电阻最大时功率最小，根据电阻的串联，电阻的最大电阻： RR串联=36 Q+6 Q= 42 Q,故最小功率为：P=上=31=选 w；R串联42Q42电路的最小功率与最大功率之比为：'P吟W: 3W=2: 7,

22、 D 错误。42故选：D。二、作图与实验(本题包括 4个小题，第8题4分，第9题4分，第10题6分，第11题7分，共21分)8【分析】(1)水沸腾前，吸收热量，温度升高；沸腾时，吸热温度不变。(2)物体由气态变为液态是液化；(3)已知水的比热容、质量和温度的变化量，根据吸热公式Q吸=cmt即可计算出水吸收的热量。(4)液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。【解答】解：(1)水在沸腾时，吸收热量，温度保持不变；(2)烧杯口有大量的“白气”不断冒出，这些“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴；(3)不考虑水的质量损失，从开始加热到水刚沸腾的过程中水吸收的热量：Q吸 = cm

23、(tt0)= 4.2X 103J/ (kg?C) X 0.2kg X (98C 90C) = 6.72X 103J。(4)待水沸腾后，移去酒精灯，水停止沸腾。过一会儿，将注射器接到烧瓶口上，如图丙所示，然后向外拉注射器活塞，这是从瓶内向外抽气，瓶内气压减小，水的沸点降低，所以看到水重新沸腾。故答案为：(1)保持不变；(2)液化；(3) 6.72X 103; (4)瓶内气压减小，水的沸点降低。9 【分析】（ 1）当物距等于2 倍焦距时成等大的倒立的实像，求出焦距。（ 2）根据凸透镜成实像时，物近像远像变大的特点进行判断；换用焦距大的凸透镜，相当于减小了物距，然后用排除法分析。（ 3）平面镜成像特

24、点，像和物体的大小相等为虚像，虚像不可以成在光屏上。【解答】 解：（1）当u= 50.0cm-20.0cm = 30cm时，在另一侧距凸透镜30cm处的光屏上可以得到一个与蜡烛等大的像，所以 2f=30.0cm,即f= 15.0cmo（ 2）保持蜡烛与凸透镜位置不变，换用不同焦距的凸透镜，将光屏向右移动重新得到清晰的像，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大的特点可知，物距减小了，换用焦距大的凸透镜，相当于减小了物距，故换用的凸透镜焦距是BCD,不是A;若用的是C,焦距是30cm,则蜡烛正好在焦点上，不成像，若用的是Dcm,则蜡烛正好在1倍焦距内，成倒正立放大的虚像，故B 符合题意；（ 3）将图中

25、的凸透镜换成玻璃板后光屏上的像消失了，原因是平面镜成虚像，所以在光屏上不能得到蜡烛的像。故答案为：（ 1 ） 15.0； （ 2）变大；B； （ 3）平面镜成虚像，无法呈在光屏上。10 【分析】（ 1 ）杠杆处于静止状态或匀速转动状态时，杠杆处于平衡状态；杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡；要使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；（ 2）石块的排水体积就是石块的体积；（ 3）根据杠杆平衡条件可求得石块的密度；当将石块从水中拿出时，石片上会沾有水，向烧杯内倒入的水会偏多，根据密度公式可分析出误差。【解答】解： （ 1 ）

26、杠杆静止在如图甲所示位置，杠杆处于静止状态，所以此时杠杆处于平衡状态；调节杠杆在水平位置平衡，目的是便于从杠杆上测量力臂，同时是为了让杠杆的重心在支点上，可避免杠杆自重的影响；杠杆的右端上翘，平衡螺母向上翘的右端移动；（ 2）在溢水杯中装满水，如图乙所示，将石块缓慢浸没在水中，让溢出的水流入小桶A中，此时小桶A 中水的体积等于石块的体积；（ 3）将装有水和石块的A、 B 两个小桶分别挂在调好的杠杆两端，移动小桶在杠杆上的位置，直到杠杆在水平位置回复平衡，如图丙所示。此时小桶A、 B 的悬挂点距支点O分别为13cm和5cm,若不考虑小桶重力，根据杠杆平衡条件可知，G 石 Li = G 水 L2,

27、即 m 石gL1 = m 水 gL2,p石V石gL1 =。水V水gL2,p石V石Li = p水V水L2,因为倒出的水的体积就是石块的体积，即丫石=丫水，则石块的密度 p 石=? p 水=13cm x 1 x 103kg/m 3= 2.6 x 103kg/m3;L 5cm当将石块从水中拿出时，石片上会沾有水，因为体积没变，质量偏大。由p=可知，测V量结果偏大。故答案为：（1）平衡；右；便于从杠杆上测量力臂；（2）等于；（3） 2.6X103;偏大。11 【分析】（1）在电路中，电压表串联在电路中测电源电压，电压表有示数，因电压表内阻很大，分析灯的发光情况；灯与变阻器并联，电压表串联在电路中是错误

28、的，灯与变阻器串联，电压表与灯并联；（2）根据小灯泡的I-U图象知灯在额定电压下的电流，根据 P=UI求出小灯泡的额定功率；由图可知，灯的电流随电压的变大而增大，根据 P=UI分析；由图知，当电压表示数为0.5V时，电路的最小电流为 0.1A,由串联电路的规律及欧姆定律得出滑动变阻器的最大电阻分析；（3）探究出导体中电流和导体两端电压关系时，要控制电阻阻值不变，据此分析。【解答】解：（1）在电路中，电压表串联在电路中测电源电压，电压表有示数，因电压表内阻很大，故电路的电流很小，灯不亮；灯与变阻器并联，电压表串联在电路中是错误的，灯与变阻器串联，电压表与灯并联，如下所示:(2)根据小灯泡的I-U

29、图象知，灯在额定电压下的电流为0.25A,小灯泡的额定功率是：P= UI = 2.5V X 0.25A = 0.625W;由图可知，灯的电流随电压的变大而增大，根据P=UI,故小灯泡的实际功率随实际电压的增大而增大；_ U-U1R 滑11由图知，当电压表示数为 0.5V时，电路的最小电流为 0.1A,由串联电路的规律及欧姆定 律，滑动变阻器的最大电阻为：C；3V-0.5V=25Q故变阻器规格应选择0.1A(3)探究出导体中电流和导体两端电压关系时，要控制电阻阻值不变，因灯丝电阻是变化的，无法得到电流与电压成正比成正比，这种说法不合理。故答案为：(1)电压表串联在电路中；(2) 0.625;增大

30、； C;(3)不合理； 灯丝电阻是变化的，无法得到电流与电压成正比。三、计算题(本题包括 2个小题，第12题9分，第13题9分，共18分)12.【分析】(1)工作电路的电压电热丝阻值大小，根据Q=-t求出在1min内广生的热量：(2)根据电阻的串联求出电路的总电阻，衔铁恰好被吸合，得出控制电路电流，由欧姆定律得出控制电路的电源电压；(3)当控制电路电流I>50mA时，衔铁被吸合切断工作电路，由欧姆定律求出电路的最大总电阻；滑动变阻器R2取值范围080Q,根据串联电阻的规律求出最小的热敏电阻最小(温度最高)，由表中数据知可控制的最高温度；当控制电路电流IW 40mA时，衔铁被释放接通工作电

31、路，由欧姆定律得出电路的总电阻最小；滑动变阻器R2 (取值范围080)的最小电阻为0,根据串联电阻的规律求出热敏电阻最大，从而得出最低温度；(4)要想要该装置所控制的最高温度降低一些，即热敏电阻增大，因电流不变，由欧姆定律，总电阻不变，据此分析。【解答】解：(1)工作电路由电压为 220V的电源和阻值 R = 88 的电热丝组成，则R在1min内产生的热量：Q=止t=(220? x 1 X60s= 3.3x 104J;(2)当温度为60c时，由表格数据可知 Ri = 50Q,已知此时滑动变阻器 R2=50Q,则控制电路的总电阻为：R = R1+R2+R0=50 Q+50Q+20 Q= 120

32、Q,此时衔铁恰好被吸合，则控制电路的电流I = 50mA = 0.05A,由欧姆定律可得，控制电路的电源电压：U = IR = 0.05AX120Q=6V;(3)当控制电路电流I>50mA时，衔铁被吸合切断工作电路，由欧姆定律可得，控制电路的总电阻最大为：R 大=口 =6y = 120 Q,I 大 50乂10%滑动变阻器R2 (取值范围0800)的最大电阻为80Q,根据串联电阻的规律，热敏电阻R1的阻值最小(此时温度最高)：R1 = R大-R2- Rq= 120Q- 80- 20Q= 20Q,由表中数据知可控制的最高温度为80C;当控制电路电流IW 40mA时，衔铁被释放接通工作电路，由

33、欧姆定律，控制电路的总电 阻最小为：U 6V -R 小="Z=27 = 150I小如滑动变阻器 R2的最小电阻为0时，根据串联电阻的规律，热敏电阻R1的阻值最大(此时温度最低)：35 C;35 c 80 C;R1的阻值增大，因吸合时R，1=150- 20Q=130Q,由表中数据知可控制的最低温度为所以，若控制电路电源电压不变，此装置可控制的温度最大范围是(4)要想要该装置所控制的最高温度降低一些，即热敏电阻的电流不变，由欧姆定律可知，控制电路的总电阻不变，故应减小R2的最大阻值。答：(1)工作电路正常工作时，R在1min内产生的热量是3.3X104J；(2)当温度为60 C,滑动变阻器 R2=50 时，衔铁恰好被吸合，控制电路的电源电压是6V;(3)若控制电路电源电压不变，此装置可控制的温度最大范围是35c80C；(4)要想要该装置所控制的最高温度降低一些，应减小R2的最大阻值。13【分析】(1)已知浸入水中的木块体积 (排开水的体积)，利用阿基米德原理求所受浮力，由于物块漂浮在水面上，根据漂浮条件可知物块的重力；(2)根据