山西省平遥中学2018_2019学年高一物理下学期期末考试试题(含解析)

1、2018 2019学年度第二学期高一期末考试物理试题一.选择题（本题共12题，每小题4分，共48分。1-8题单选。9-12题多选， 少选得2分，错选或多选得0分）1 .如图所示为一个做匀变速曲线运动的质点从 A到E的运动轨迹示意图，已知在B 点的速度与加速度相互垂直，则下列说法中正确的是 （）A. D点的速率比C点的速率大B. A点的加速度与速度的夹角小于900C. A点的加速度比D点的加速度大D.从A到D速度先增大后减小【答案】A【解析】由题意，质点运动到B点时速度方向与加速度方向恰好互相垂直，速度沿 B点轨 迹的切线方向，则知加速度方向向下，合外力也向下，质点做匀变速曲线运动，合外力恒定不

2、变，质点由C到D过程中，合外力做正功，由动能定理可得，D点的 速度比C点速度大，故A正确；物体在A点受力的方向向下，而速度的方向向右 上方，A点的加速度与速度的夹角大于 90° .故B正确；质点做匀变速曲线运动， 加速度不变，则A点的加速度等于D点的加速度，故C错误；由A的分析可知， 质点由A到D过程中，加速度的方向向下，速度的方向从斜向右上方变为斜向右 下方，加速度与速度的夹角逐渐减小。故 D错误；故选A点睛：物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，速度的方向与该 点曲线的切线方向相同；掌握了做曲线运动的条件，本题基本上就可以解决了.2 .质量为1500 kg的汽车在平直

3、的公路上运动，v-t图象如图所示，下列选项中哪个不能求出（）A. 025 s内合外力对汽车所做的功B.前25 s内汽车的平均速度C. 1525 s内汽车的加速度D. 1525 s内汽车所受的阻力【答案】D【解析】【详解】A.由图可以读出025 s内汽车的初、末速度，结合质量，能求出动能 的变化，根据动能定理可求前25 s内合外力对汽车所做的功，故 A不符合题意。 B.根据速度图线与时间轴所围成的面积表示位移，能求出前25s内汽车的位移，从而可以求出前25 s内汽车的平均速度，故B不符合题意。C.根据速度图象的斜率表示加速度，可以求出 1525 s内汽车的加速度，故C 不符合题意。D.根据F-f

4、=ma,知道加速度a和汽车的质量m,不能求解1525 s内汽车所受的 阻力，选项D符合题意.3 .如图所示，一直径为d的纸质圆筒以角速度 绕轴。高速转动，现有一颗子弹沿直径穿过圆筒，若子弹在圆筒转动不到半周时，在筒上留下a、b两个弹孔，已知aCK bO间夹角为,则子弹的速率为A.dB.一C.一2d D.-冗-小，由角速度的公式有 d-;由两式解得vo一A.,与结论不相符，选项A错误; 2B.d,与结论相符，选项B正确;C.d 2，与结论不相符，选项C错误;D.,与结论不相符，选项D错误;【详解】设子弹的速度为V。，由题意知，子弹穿过两个孔所需时间 穿过圆筒时间小于半个周期，纸质圆筒在这段时间内

5、转过角度为-16 -R= 0.5 m 一个4 .光滑水平面AB与竖直面内半圆形导轨在B点连接，导轨半径质量m= 2 kg的小球在A处压缩一轻质弹簧，弹簧与小球不拴接。用手挡住小球 不动，此时弹簧弹性势能 日=36 J,如图所示。放手后小球向右运动脱离弹簧，沿半圆形轨道向上运动恰能通过最高点小球脱离弹簧时的速度大小A.5m/s小球通过最高点C的速度是0B.小球在C点处于超重状态C.小球从B到C阻力做的功-11JD.【解析】C, g取10 m/s2。下列选项正确的是 1 一 .一【详解】A.根据机械能守恒定律 瓦=mv2解得：vi=6m/s ,选项A错误；22B.因小球恰能通过最高点C,则mg m

6、,解得Vc JrR V5m/s ,选项B错误; RC.小球在c点时，加速度向下，处于失重状态，选项 C错误；1 、 / 一.、一19 1 9 一、，.，一D.小球从B到C,由动能止理：mg 2R Wf -mvc mM ,联立解得 g-IIJ,22选项D正确。5.如图所示，一质量为 m的滑块沿光滑的水平面以速度 V。运动.遇到竖直的墙壁 1i,一,.、，一被反弹回来，返回的速度大小变为 ,V。，滑块与墙壁作用时间为t,在滑块与墙壁碰撞的过程中，以下说法正确的是（）1A.滑块的动重改变重的大小为一 mv 2B.重力对滑块的冲量为零C.墙壁对滑块 平均作用力的大小为3mv02tD.滑块的动量改变量的

7、方向与末速度方向相反【解析】【详解】AD.以初速度方向为正,P=P2-Pl =滑块的动量改变量的大小V。的方口B.根据I=Ft得重力的冲I=mgt,C.滑块对墙壁碰撞过程,对滑块的平均作，“故C6.如图所示，横截面为直在水平面上,小球从左边斜面的顶点以上.其中有43_- mv, 213- mv-mM=- mv,所以 22用力为F3mA，方向量定理:同斜面紧靠在一起,水平抛出，最后落在三次的落点分别是a、b、c,不计空气阻力，则下列判断正确的是（A.落在c点的小球的初速度最小B.落点b、c比较，小球落在b点的飞行时间短C.小球落在a点和b点的飞行时间之比等于初速度之比D.三个落点比较，小球落在c

8、点，飞行过程中速度变化最大【答案】C【详解】A.根据 - xj且可知，落在c点的小球的初速度最大，选项 A错误; t .2hB.从图中可以发现c点的位置最低，此时在竖直方向上下落的距离最大，由时间t科所以此时运动的时间最短，所以B；1gt2在万/日，C.对洛到ab两点的小球：tan 2,解得tvot点的飞行时间之比等于初速度之比，选项 C正确;2vo tan可知小球落在a点和bD.因落到b点的小球运动时间最长，由？v=gt可知，三个落点比较，小球落在 b点，飞行过程中速度变化最大，选项 D错误.7.如图所示，在半径为R的半圆形碗的光滑表面上，一质量为 m的小球以角速度在水平面内作匀速圆周运动，

9、该平面离碗底的距离h为（【答案】DB.D. R_g_2【解析】【详解】小球靠重力和支持力的合力提供向心力，则mgan 8 = mo 2 Rsin 0解得 cos -gy ,所以 h=R- Rcos 9 二R -gR 22A. -g2 2,与结论不相符，选项 A错误;B.耳，与结论不相符，选项B错误；C. -g2 R,与结论不相符，选项C错误;D. R -gr,与结论相符，选项D正确；8.如图所示，两个质量均为 m的小木块a和b （可视为质点）放在水平圆盘上，a 与转轴OO的距离为l , b与转轴的距离为21 ,木块与圆盘的最大静摩擦力为木 块所受重力的k倍，重力加速度大小为g。若圆盘从静止开始

10、绕转轴缓慢地加速转 动，用表示圆盘转动的角速度，下列说法正确的是（）0； a bJ IA. a 一定比b先开始滑动B. a、b所受的摩擦力始终相等C.两物体相对圆盘未滑动时，向心加速度大小相等D. l 探时,a所受摩擦力大小为1kmg【答案】D,b转【解析】【详解】A.根据kmg=mrco 2知，小木块发生相对滑动的临界角速度动的半径较大，则临界角速度较小，可知 b一定比a先开始滑动，故A错误8 .根据f=mr2知，a、b的角速度相等，转动的半径不等，质量相等，可知a、b所受的摩擦力不等，故B错误。C.两物体相对圆盘未滑动时，向心加速度 a=co 2r可知，转动的半径不等，向心加 速度大小不相

11、等，选项C错误；D.当二四时，a所受的摩擦力f=mlco24kmg故D正确。2129 .物体仅在力F作用下运动，F的方向与物体运动方向一致，其 Ft图象如图所示，则物体（）A.在ti时刻速度最大B.从ti时刻后便开始返回运动C.在ti时刻加速度最大D.在0t2时间内，速度一直在增大【答案】CD【解析】【详解】C.根据牛顿第二定律得，力越大时，加速度越大，由图象可知 ti时刻力F 最大，所以加速度最大，则 C正确；AB.由图象知，ti时刻力F开始减小，但方向未发生变化，所以物体继续向前加速 运动，所以在ti时刻速度不是最大，AB错误；D.由图象可知在0-t2时间内F的方向没发生变化，又F的方向与

12、物体运动方向一 致，所以物体一直做加速运动，所以 D正确；10 .已知地球半径为R,地心与月球中心之间的距离为 r,地球中心和太阳中心之 间的距离为s.月球公转周期为Ti,地球自转周期为丁2,地球公转周期为丁3,近地 卫星的运行周期为T，,万有引力常量为G,由以上条件可知正确 的选项是（）A.4 2rB.地球的密度为3GT12C.地球的密度为3GT42D.太阳的质量为4 2s3GT2-月球公转运动的加速度为- T1【答案】ACD【解析】【详解】A.月球向心加速度为:/、24 2rr () 二 ,故A正确;T1T1BC.对地球的近地卫星：GMmR2=mR 2T42，、一4以及M= 4 ttR3P

13、，联立解得:GT42，c Mm4 'G = ms已s2T32故C正确，B错误;D.研究地球绕太阳圆周运动，利用万有引力提供向心力得:4 2s3M ,故D正确;GT311 .如图所示，从地面上A点发射一枚远程弹道导弹，在引力作用下，沿 ACBffi圆 轨道飞行击中地面目标B, C为轨道的远地点，距地面高度为 ho已知地球半径为 R,地球质量为m引力常量为G,设距地面高度为h的圆轨道上卫星运动周期为)A.地球球心为导弹椭圆轨道的一个焦点B.导弹在C点的速度大于牌hC.导弹在C点的加速度等于Gm2R hD.导弹从A点运动到B点的时间一定小于To【答案】ACD【解析】【详解】A.根据开普勒定律

14、分析知道，地球球心为导弹椭圆轨道的一个焦点。故 A 正确。B.设距地面高度为h的圆轨道上卫星的速度为v,则由牛顿第二定律得：G-Mm= m上，得到v ，回二.导弹在C点只有加速才能进入卫星的轨道，(R h)2 R h ', R h所以导弹在C点的速度小于二.故B错误。,R hC.由牛顿第二定律得：6般=.，得导弹在C点的加速度为a = *尸故C正确。D.设导弹运动的周期为T,由于导弹的半长轴小于卫星的轨道半径 R+h,根据开普 勒第三定律知道：导弹运动的周期 T<To,则导弹从A点运动到B点的时间一定小 于To.故D正确。12.物体静止在水平面上，在竖直向上拉力F作用下向上运动，

15、不计空气阻力，物体的机械能E与上升高度x的大小关系如图所示，其中曲线上点 A处的切线斜率最大，X2X3的图线为平行于横轴的直线。则下列判断正确的是()A.在X2处物体的动能最大B.在xi处物体所受的拉力最大C. 0X2过程中拉力F始终做正功D. X2X3过程中合外力做功为零【答案】BC【解析】【详解】A.xiX2过程中，图象的斜率越来越小，则说明拉力越来越小；X2时刻图象的斜率为零，则说明此时拉力为零；在这一过程中物体应先加速后减速，则说 明最大速度一定不在X2处，即在X2处物体的动能不是最大的，选项 A错误；B.由图可知，Xi处物体图象的斜率最大，则说明此时机械能变化最快，由E=Fh可知此时

16、所受的拉力最大；故 B正确；C.由图象可知，0X2过程中物体的机械能增大，拉力 F始终做正功；故C正确；D.X2X3过程中机械能保持不变，故说明拉力一定零；合外力等于重力，做功不为零；故D错误；.实验题(本题共2小题，每空2分，共14分)13 .某实验小组采用如图所示的装置探究功与速度变化的关系，小车在橡皮筋的作用下弹出后，沿木板滑行，打点计时器的工作频率为50Hz。(1)木板倾斜的目的是为了 (2)实验中先后用同样的橡皮筋1条、2条、3条，合并起来挂在小车的前端进行多次实验，每次都要把小车拉到同一位置再释放小车。第 1次只挂1条橡皮 筋时橡皮筋对小车做的功记为 W,第二次挂2条橡皮筋时橡皮筋

17、对小车做的功为 2W,橡皮筋对小车做功后使小车获得的速度可由打点计时器打出的纸带测出。根据第四次的纸带(如图所示)求得小车获得的速度为 m/so (结果保留3位有效数字)(3)若W v2图象是一条过原点的倾斜的直线，则说明【答案】（1）.平衡摩擦力 （2）. 2.00 （3）. W 与v2成正比【解析】【详解】第一空.实验中木板略微倾斜是平衡摩擦力，目的是使橡皮筋对小车的 拉力为小车受到的合力，即可使得橡皮筋做的功等于合力对小车做的功；2第二空.小车速度为v - m/s 2.00m/sT 0.02第三空.若W v2图象是一条过原点的倾斜的直线，则说明 W与v2成正比.14 .利用图2装置做“验

18、证机械能守恒定律”实验。I图2为验证机械能是否守恒，需要比较重物下落过程中任意两点间的 。A.动能变化量与势能变化量B.速度变化量和势能变化量C.速度变化量和高度变化量除带夹子 重物、纸带、铁架台（含铁夹）、电磁打点计时器、导线及开关外， 在下列器材中，还必须使用的两种器材是。A.交流电源B.刻度尺C.天平（含整码）实验中，先接通电源，再释放重物，得到图 3所示的一条纸带。在纸带上选取三个连续打出的点 A R C,测得它们到起始点。的距离分别为hA、hB、hc0已知当地重力加速度为g,打点计时器打点的周期为To设重物白质量为mi从打O点到打B点的过程中，重物的重力势能变化量 Ep=,动能变化量

19、 Ek =耶【答案】(1) . A(2) . AB (3). Ep mghB(4).1 2-mvB 21m( 2hc hA2T【解析】 此实验要验证的是重物重力势能的减小量与动能增加量之间的关系，故选项 确；除带夹子的重物、纸带、铁架台（含铁夹）、电磁打点计时器、导线及开关外, 在下列器材中，还必须使用的两种器材是：交流电源和刻度尺；因质量从方程两边消掉，故不许用天平测量质量；故选 AB.从打。点到打B点的过程中，重物的重力势能变化量Ep=mgb;打B点时物体的速度Vbhch A ,则动能变化量 Ek = 1mvB 1m2T '2 B 22hc hA2T三.计算题（本题共4小题，共38

20、分）15. 一轰炸机在海面上方h=500m9处沿水平直线飞行，以vi=100m/s的速度追赶 艘位于正前下方以V2=20m/s的速度逃跑的敌舰，如图所示。要准确击中敌舰，飞 机应在离敌舰水平距离为s处释放炸弹，释放炸弹时，炸弹与飞机的速度相同， 空气阻力不计，重力加速度g=10m/S2o求：h 一(1)炸弹从被释放到落到水面的时间；(2)炸弹刚落到水面时的速度大小；(结果保留一位小数) 要能准确击中敌舰，s应为多大？【答案】(1) 10s (2) 141.4m/s (3) 800m【解析】.1 c【详解】(1)根据h -gt22得 t =10s/ 八、-2 2(2) Vy gt V 业1 Vy

21、解得 v=141.4m/s(3) vt s v2t解得s=800m16.双星系统一般都远离其他大体，由两颗距离较近的星体组成，在它们之间万 有引力的相互作用下，绕中心连线上的某点做周期相同的匀速圆周运动。已知某双星系统中两颗星之间的距离为r,运行周期为T,引力常量为G,求两颗星的质量之和GT2Mm22Mr1m r2【解析】【详解】对双星系统，角速度相同，则:解得：Gm 2r2r1； GM212;.2其中 ,r =r 1+r2； T423三式联立解得： M m 2rGT17.如图1所示，升降机在电动机的拉力作用下，从静止开始沿竖直方向向上运动， 升降机先做匀加速运动，5s末到达额定功率，之后保持额定功率运动。具运动情 况如v t图象2所示，已知电动机的牵引力的额定功率为 36kW重力加速度g取10m / s2 ,求: 升降机的总质量大小；(2)5s末时瞬时速度v的大小；(3)升降机在07s内上升的高度。【答案】(1) 300kg ; (2) 10m/s ; (3) 46.8m【解析】【详解】(1)设升降机的总质量为 m升降机最后做匀速运动，牵引力 F mg根据 P FVm mgVmP 36000得 mkg 300kggVm 10 12(2)设匀加速运动时加速度大小为 a当t 5s时，速度v atP此时牵引力F 一 v根据牛顿第二定律得，F mg m