高二物理电磁学复习题

1、高二物理电磁学复习题一、选择题（1-5单选，6-8不定项）1如图所示，用两根轻细金属丝将质量为m，长为l的金属棒ab悬挂在cd两处，置于匀强磁场内当棒中通以从a到b的电流I后，两悬线偏离竖直方向角处于平衡状态为了使棒平衡在该位置上，所需的最小磁场的磁感应强度的大小方向是（ ）Atan，竖直向上 Btan，竖直向下Csin，平行悬线向下 Dsin，平行悬线向上2如图所示，在加有匀强磁场的区域中，一垂直于磁场方向射入的带电粒子轨迹如图所示，由于带电粒子与沿途的气体分子发生碰撞，带电粒子的能量逐渐减小，从图中可以看出（ ）A带电粒子带正电，是从B点射入的B带电粒子带负电，是从B点射入的C带电粒子带负

2、电，是从A点射入的D带电粒子带正电，是从A点射入的3如图，真空中O点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为Ea，方向与ab连线成60°角，b点的场强大小为Eb，方向与ab连线成30°角，则关于a、b两点场强大小及电势a、b的高低关系正确的为（ ）AEa=3Eb，ab BEa=3Eb，abCEa=，ab DEa=Eb，ab4如图所示，有一等腰直角三角形的区域，其斜边长为2L，高为L在该区域内分布着如图所示的磁场，左侧磁场方向垂直纸面向外，右侧磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小均为B一边长为L、总电阻为R的正方形导线框abcd，从图示位置开始沿x轴正方向以

3、速度v匀速穿过磁场区域取沿顺时针的感应电流方向为正，由图中表示线框中电流i随bc边的位置坐标x变化的图象正确的是（ ）AB C D5医生做某些特殊手术时，利用电磁血流计来监测通过动脉的血流速度电磁血流计由一对电极a和b以及磁极N和S构成，磁极间的磁场是均匀的使用时，两电极a、b与血管壁接触，两触点的连线、磁场方向和血流速度方向两两垂直，如图所示由于血液中的正负离子随血流一起在磁场中（由内向外）运动，电极a、b之间会有微小电势差在某次监测中，两触点的距离、磁感应强度的大小不变则（ ）A电极a电势较高；血流速度越大，a、b之间电势差越大B电极a电势较高；血流速度越大，a、b之间电势差越小C电极b电

4、势较高；血流速度越大，a、b之间电势差越大D电极b电势较高；血流速度越大，a、b之间电势差越小6如图所示有三个质量相等，分别带有正电、负电和不带电的微粒，从极板左侧中央以相同的水平初速度v先后垂直场强射入，分别落到极板A、B、C处，如图所示，则下列说法正确的有（ ）A粒子A带正电，B不带电，C带负电B三个粒子在电场中运动时间相等C三个粒子在电场中运动的加速度aAaBaCD三个粒子到达极板时的动能EKAEKBEKC7长为L的导线ab斜放（夹角为）在水平轨道上，轨道平行间距为d，通过ab的电流强度为I，匀强磁场的磁感应强度为B，如图所示，则导线ab所受安培力的大小为（ ）AILB BILBsin

5、C D8如图所示，在正交的匀强电场和磁场的区域内（磁场水平向内），有一离子恰能沿直线飞过此区域（不计离子重力）（ ）A若离子带正电，E方向应向下B若离子带负电，E方向应向上C若离子带正电，E方向应向上D不管离子带何种电，E方向都向下二、实验题9某实验小组为了测定某一标准圆柱形导体的电阻率，进行如下实验：首先用多用电表进行了电阻测量，主要实验步骤如下：A把选择开关扳到“×10”的欧姆挡上；B把表笔插入测试插孔中，先把两根表笔相接触，旋转欧姆调零旋钮，使指针指在电阻刻度的零位上；C把两根表笔分别与圆柱形导体的两端相接，发现这时指针偏转较大；D换用“×100”的欧姆挡进行测量，随

6、即记下欧姆数值；E把表笔从测试笔插孔中拔出后，将选择开关旋至OFF，把多用电表放回原处上述实验中有二处操作错误：错误一：_错误二：_分别用游标卡尺和螺旋测微器对圆柱形导体的长度L和直径d进行测量，结果如图所示，其读数分别是L_mm，d_mm为使实验更准确，又采用伏安法进行了电阻测量，右上图两个电路方案中，应选择_图_用实验中读取电压表和电流表的示数U、I和中读取的L、d，计算电阻率的表达式为_10在描绘小灯泡伏安特性曲线的实验中，提供的实验器材有：A小灯泡（额定电压为2.0V，额定电流约为0.5A）；B电源E：电动势为3.0V，内阻不计；C电压表V：量程为03V，内阻约为1kD电流表A：量程为

7、00.6A，内阻约为0.6；E滑动变阻器R1：最大阻值为l5，额定电流为1.0A；F滑动变阻器R2：最大阻值为l50，额定电流为1.0A；G开关S及导线若干实验得到如下数据（I和U分别表示通过小灯泡的电流和加在小灯泡两端的电压）：I/A0.000.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50U/V0.000.200.400.600.801.001.201.401.601.802.00（1）实验中滑动变阻器应选用 （请填写选项前对应的序号字母）（2）请你不要改动已连接导线，在下面的实物连接图中把还需要连接的导线补上闭合开关前，应使变阻器滑片放在最 （填“左”或“右

8、”）端（3）在坐标系中画出小灯泡的UI曲线（4）若将本题中的小灯泡接在电动势是1.5V、内阻是1.0的电池两端，则小灯泡的实际功率约为 W（保留两位有效数字）11某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：A被测干电池一节B电流表：量程00.6A，内阻rA=0.3C电流表：量程00.6A，内阻约为0.1D电压表：量程03V，内阻未知E电压表：量程015V，内阻未知F滑动变阻器：010，2AG滑动变阻器：0100，1AH开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻（1）在上

9、述器材中请选择适当的器材： （填写选项前的字母）；（2）实验电路图应选择图中的 （填“甲”或“乙”）（3）根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的UI图象，则在修正了实验系统误差后，干电池的电动势E= V，内电阻r= 12在测量未知电阻Rx阻值的实验中，可供选择的器材有：待测电阻Rx（阻值约300）；电流表A1（量程20 mA，内阻约50 ）；电流表A2（量程50 mA，内阻约10 ）；电阻箱R（0一999.9）；滑动变阻器R1（20 ，2A）；滑动变阻器R2（1 750 ，0.3 A）；电源E（电动势6. 0 V，内阻不计）；开关S及导线若干。某同学采用如下方案进行测量： a.按图甲

10、连好电路，调节滑片P和R的阻值，使电流表指针指在合适位置，记下此时A1示数I1、A2示数I2和电阻箱阻值R0；b.将电流表A1改接到另一支路（如图乙），保持电阻箱阻值R0不变，调节P，使A2示数仍为I2，记下此时A1示数；c.计算得到Rx的阻值。（1）该同学按图甲连成如图丙所示的电路，请指出第 条导线连接错误（填图丙中表示导线的数字）。（2）正确连线后，闭合S，将P从左向右滑动，发现开始时A2示数变化不大，当临近最右端时示数变化明显，这是选择了滑动变阻器 造成的（填“R1”或“R2”）。（3）待测电阻Rx （用I 、I2 、R0 、 的某些量表示）；针对该实验方案， 电流表A1的内阻 （填“会

11、”或“不会”）造成系统误差。13关于多用表的使用：（1）（多选题）下述关于用多用表欧姆挡测电阻的说法中正确的是A测量电阻时，如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的挡位，重新调零后测量B测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果C测量电路中的某个电阻，不应该把该电阻与电路断开D测量阻值不同的电阻时，都必须重新调零（2）以下是欧姆表原理的电路示意图，正确的是（3）用多用电表进行了几次测量，指针分别处于a和b的位置，如图所示若多用电表的选择开关处于下面表格中所指的挡位，a和b的相应读数是多少？请填在表格中指针位置选择开关所处档位读数a直流电流100mVmA直流电压2.5V

12、Vb电阻×100三、计算题14如图所示，在匀强电场中，将一电荷量为2×103C的负电荷由A点移到B点，其电势能增加了0.1J，已知A、B两点间距离为2cm，两点连线与电场方向成60°角，求：（1）电荷由A移到B的过程中，电场力所做的功WAB；（2）A、B两点间的电势差UAB；（3）该匀强电场的电场强度E15如图所示，在y0的区域内存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度为B一个正电子以速度v从O点射入磁场，入射方向在xOy平面内，与x轴正向的夹角为若正电子射出磁场的位置与O点的距离为L，求（1）正电子的比荷？（2）正电子在磁场中的运动时间？16矩形线圈abc

13、d，长ab=20cm，宽bc=10cm，匝数n=200，线圈回路总电阻R=5整个线圈平面内均有垂直于线框平面的匀强磁场穿过，若匀强磁场的磁感应强度B随时间t的变化规律如图所示，求：（1）线圈回路中产生的感应电动势和感应电流；（2）当t=0.3s时，线圈的ab边所受的安培力大小；（3）在1min内线圈回路产生的焦耳热17如图所示，光滑的金属导轨放在磁感应强度B0.2T的匀强磁场中。平行导轨的宽度L0.3m，定值电阻R0.6W。在外力F作用下，导体棒ab以v20m/s的速度沿着导轨向左匀速运动。导体棒和导轨的电阻不计。求：（1）通过R的感应电流大小；（2）外力F的大小。（3）求在10s内定值电阻产

14、生的焦耳热。18如图，发电机输出功率为100kW，输出电压为，用户需要的电压为，两变压器之间输电线的总电阻为R=10，其它电线的电阻不计，若输电线中因发热而损失的功率为总功率的4，试求：（变压器是理想的）（1）发电机输出电流和输电线上的电流大小；（2）在输电线路中设置的升、降变压器原副线圈的匝数比。19如图所示，一带电微粒质量为m=2.0×1011kg、电荷量q=+1.0×105C，从静止开始经电压为U1=100V的电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，微粒射出电场时的偏转角=60°，并接着沿半径方向进入一个垂直纸面向外的圆形匀强磁场区域，微粒射出磁场时

15、的偏转角也为=60°已知偏转电场中金属板长L=2cm，圆形匀强磁场的半径R=10cm，重力忽略不计求：（1）带电微粒经U1=100V的电场加速后的速率；（2）两金属板间偏转电场的电场强度E；（3）匀强磁场的磁感应强度的大小20在平面直角坐标系xoy中，第I象限存在沿y轴负方向的匀强电场，第IV象限存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B一质量为m，电荷量为q的带正电的粒子从y轴正半轴上的M点以速度v0垂直于y轴射入电场，经x轴上的N点与x轴正方向成45°角射入磁场，最后从y轴负半轴上的P点垂直于y轴射出磁场，如图所示不计粒子重力，求：（1）M、N两点间的电势差UMN

16、；（2）粒子在磁场中运动的轨道半径r；（3）粒子从M点运动到P点的总时间t参考答案1D【解析】解：为了使该棒仍然平衡在该位置上，Fmin=mgsin得：Bmin=，由左手定则知所加磁场的方向平行悬线向上故D正确，A、B、C错误故选：D【点评】考查安培力的方向与大小如何确定与计算，知道当安培力的方向与拉力的方向垂直，安培力最小，磁感应强度最小2B【解析】解：由题，带电粒子的能量逐渐减小，速率减小，由公式r=可知，带电粒子运动的半径逐渐减小，则该带电粒子是从B点射入的带电粒子在B点受到的洛伦兹力方向向右，由左手定则判断得知，该带电粒子带负电故B正确故选B【点评】本题关键要掌握带电粒子在磁场中圆周运

17、动的半径公式和左手定则，基础题3B【解析】解：设a、b两点到点电荷的距离分别为ra和rb根据几何知识得：rb=ra根据E=k得：Ea：Eb=：=3，则有：Ea=3Eb由场强方向可知该点电荷带负电，电场线从无穷远处指向负电荷，顺着电场线方向电势降低，则ab故选：B【点评】理解并掌握点电荷场强的决定式，把握沿电场线方向电势降低的特点，即可顺利解决此类题目4A【解析】试题分析：首先根据楞次定律判断出感应电流的方向再分段确定线框有效的切割长度，分析线框中感应电动势的大小与位置坐标的关系线框的电阻一定，感应电流与感应电动势成正比解：bc边的位置坐标x在L2L过程，线框bc边有效切线长度为l=xL，感应电

18、动势为E=Blv=B（xL）v，感应电流i=，根据楞次定律判断出来感应电流方向沿abcda，为正值x在2L3L过程，ad边和bc边都切割磁感线，产生感应电动势，穿过线框的磁通量增大，总的磁感线方向向里，根据楞次定律判断出来感应电流方向沿adcba，为负值，线框ad边有效切线长度为l=L，感应电动势为E=Blv=BLv，感应电流i=x在3L4L过程，线框ad边有效切线长度为l=L（x3L）=2Lx，感应电动势为E=Blv=B（2Lx）v，感应电流i=，根据楞次定律判断出来感应电流方向沿abcda，为正值由图示图象可知，A正确；故选：A【点评】本题关键确定线框有效的切割长度与x的关系，再结合数学知

19、识选择图象5A【解析】试题分析：本题的关键是对血液中正（或负）离子的动态分析过程：先由左手定则判断出开始阶段离子受到的洛伦兹力方向，从而判断出电势高低，再进一步对离子受力分析可知离子除受洛伦兹力外还受到相反的电场力，最终二力平衡，从而得出结论解：对血液中的正粒子由左手定则分析可知，正离子所受洛伦兹力方向向上（负离子受到的洛伦兹力方向向下），即a端是正极，或a端电势高，所以C、D错误；又匀速时正粒子受到向上的洛伦兹力f和向下的电场力F，因f=qvB，F=qE=q，所以qvB=q，解得U=Bvd，故A正确B错误故选A【点评】求解此题的关键还是对离子受力分析，通过动态分析得出最终状态是离子做匀速运动

20、，然后根据平衡条件列方程求解即可6ACD【解析】解：ABC、三个微粒的初速度相等，水平位移xAxBxC，根据水平方向上做匀速直线运动，所以由公式x=vt得tAtBtC三个微粒在竖直方向上的位移相等，根据y=at2，知aAaBaC从而得知B仅受重力，A所受的电场力向上，C所受的电场力向下，所以B不带电，A带正电，C带负电故AC正确，B错误D、根据动能定理，三个微粒重力做功相等，A电场力做负功，C电场力做正功，所以C的动能变化量最大，A动能变化量最小，初动能相等，所以三个微粒到达极板时的动能EkAEkBEkc故D正确故选：ACD【点评】解决本题的关键知道微粒做类平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动

21、，在竖直方向上做匀加速直线运动，关键找到突破口，本题从初速度相等，水平位移不等入手分析7AC【解析】解：电流的方向与磁场方向垂直，则F=BIL=，L为导线的长度故A、C正确，B、D错误故选：AC【点评】解决本题的关键知道安培力的一般表达式F=BILsin，当磁场方向与电流方向平行，F=0，当磁场方向与电流方向垂直，F=BIL8AD【解析】解：在复合场中对带电粒子进行正确的受力分析，在不计重力的情况下，离子在复合场中沿水平方向直线通过故有qE=qvB，若粒子带正电，则受洛伦兹力向上，而电场力向下，所以电场强度的方向向下；若带负电，则受洛伦兹力向下，而电场力向上，所以电场强度的方向向下，因此AD正

22、确，BC错误故选：AD【点评】本题考查了速度选择器的工作原理，速度选择器是利用电场力等于洛伦兹力的原理进行工作的，故速度选择器只能选择速度而不能选择电性9换用“×1”的欧姆档 没有重新欧姆调零23.7mm 2.795（2，792mm2.796mm）乙 【解析】试题分析：因为欧姆表的0刻度在左侧，而指针是从右边开始偏转的，所以指针偏转角度太大，说明被测电阻过小，应换用小档位，即×1档，每一次换档都需要欧姆调零游标卡尺的读数为，螺旋测微器的读数为因为待测电阻较小，所以电流表分压较大，故采用电流表的外接法，故乙正确，根据电阻定律可得，根据欧姆定律可得，两式联立可得考点：考查了测量

23、电阻率实验10（1）E；（2）电路图如图所示；左；（3）图象如图所示；（4）0.44【解析】试题分析：（1）为方便实验操作应选最大阻值较小的滑动变阻器（2）描绘小灯泡伏安特性曲线，要电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，根据灯泡电阻与电表内阻的关系确定电流表接法，然后作出实验电路图；滑动变阻器采用分压接法，在闭合开关前，为保护电路，滑片应置于分压电路分压最小的位置（3）根据表中实验数据在坐标系中描出对应点，然后作出灯泡的UI图象（4）在同一坐标系中作出电源的UI图象，该图象与灯泡UI图象的交点坐标值就是用该电源给灯泡供电时的电压与电流值，然后求出功率解：（1）为方便实验操作，滑动

24、变阻器应选：E（2）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡正常发光时电阻为R=4，电压表内阻为电压表内阻约为1k，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实验电路图如图所示；为保护电路，闭合开关前，滑片应置于左端（3）根据表中实验数据在坐标系中描出对应点，然后用平滑的曲线把各点连接起来，作出灯泡的UI图象，如图所示（4）在灯泡的UI图象坐标系中作出电池的UI图象，如图所示；由图象可知，用该电池给灯泡供电时，灯泡两端电压为1.1V，电流为0.4A，则灯泡实际功率P=UI=1.1×0.4=0.44W故答案为：（1）E；（2）电路图如图所示；左

25、；（3）图象如图所示；（4）0.44【点评】本题考查了实验器材的选择、设计实验电路图、作图象、求灯泡实际功率等问题；要正确实验器材的选取原则；要掌握描点法作图的方法；要学会应用图象法处理实验数据、计算答题11ABDFH；如图；1.5，0.7【解析】试题分析：（1）实验中要能保证安全和准确性选择电表；（2）本实验应采用电阻箱和电压表联合测量，由实验原理可得出电路原理图；（3）由原理利用闭合电路欧姆定律可得出表达式，由数学关系可得出电动势和内电阻解：（1）在上述器材中请选择适当的器材：A被测干电池一节为了读数准确，所以选择DB电流表：量程00.6A，电压表：量程03V，滑动变阻器阻值较小有利于电表

26、的数值变化，减小误差，故选F滑动变阻器，H开关、导线若干（2）实验电路图：（3）由UI图可知，电源的电动势E=1.50V；内电阻r=RA=0.3=0.7故答案为：ABDFH；如图；1.5，0.7【点评】本题为设计性实验，在解题时应注意明确实验的原理；并且要由实验原理结合闭合电路欧姆定律得出表达式，由图象得出电动势和内电阻12（1）；（2）；（3）、不会。【解析】试题分析：（1）由图甲可知，电流表负极接线，是连接在滑动变阻器的滑片上，而图丙是接在滑动变阻器下面右侧的接线柱上，所以是第条导线连接错误；（2）由图甲可知，电压表采用分压式接法，滑动变阻器应选择最大阻值较小的那个，闭合，将从左向右滑动，

27、发现开始时示数变化不大，当临近最右端时示数变化明显，这是选择了滑动变阻器阻值较大的造成的；（3）由题意可知，待测电阻与电阻箱阻并联，根据欧姆定律和并联电路电压相等得： ，则得：由于计算大小，是根据电阻与电阻箱阻并联电压相等，利用比值来计算的，所以流表的内阻不会造成系统误差。考点：测量未知电阻Rx阻值的实验。【名师点晴】测电阻时，运用了一种电表，电流表，故采用了与一个已知阻值的电阻并联的方法，那么电阻箱与电流表的连接相当于一个电压表，虽然题中两次测量，但是它们的总电流是相等的，利用这个条件即可列出方程，将未知电阻得出来。13（1）A；（2）C；（3）23；0.57；320【解析】解：（1）A、测

28、量电阻时如果指针偏转过大，所选挡位太大，应换小挡，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量，故A正确；B、测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果，故B错误；C、测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开，故C错误；D、用同一挡位测量阻值不同的电阻时不必重新调零，换挡后要重新进行欧姆调零，故D错误；故选A（2）欧姆表有内置电源，欧姆表的红表笔与内阻电源的负极相连，黑表笔与内置电源的正极相连，电流计正接线柱应接电源正极，负极线柱接电源负极，由图示可知，图C所示电路正确；（3）直流电流100mA档读第二行“010”一排，最小度值为2mA估读到1mA就可以了；直流电压

29、2.5V档读第二行“0250”一排，最小分度值为0.05V估读到0.01V就可以了；电阻×100档读第一行，测量值等于表盘上读数“3.2”乘以倍率“100” 指针位置选择开关所处的档位读数a直流电流100mA23.0mA直流电压2.5V0.57Vb电阻×100320故答案为：（1）A；（2）C；（3）23；0.57；320【点评】本题考查了欧姆表的使用方法，特别注意是每次换挡都要重新调零要掌握欧姆表的结构让学生熟悉如何使用多用电表，并知道多用电表能测哪里物理量同时知道电阻刻度盘是不均匀的，除刻度盘上的读数外还要乘上倍率；还有量程2.5V的交流电压是读最下面刻度14（1）0.

30、1J；（2）50V；（3）5000v/m【解析】解：（1）因为电荷由A移到B的过程中，电势能增加了0.1J，所以电场力负功，大小为0.1J （2）A、B两点间的电势差：UAB=50V（3）又因为在匀强电场中U=Ed，所以有：UAB=cos60°则：E=5000v/m答：（1）电荷由A移到B的过程中，电场力所做的功为0.1J；（2）A、B两点间的电势差为50V；（3）该匀强电场的电场强度为5000v/m【点评】本题考查电场力做功与电势能变化的关系、电势差与场强的关系，都是电场中的基本知识，要加强学习，熟练掌握15（1）=；（2）t=【解析】试题分析：（1）正电子在磁场中做匀速圆周运动，

31、由牛顿第二定律可以求出比荷；（2）求出正电子转过的圆心角，然后求出其运动时间解：（1）正电子在磁场中做匀速匀速运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m，解得：R=，圆轨道的圆心位于OA的中垂线上，由几何关系可得：=Rsin，解得：=；（2）正电子在磁场中转过的圆心角：=22，正电子在磁场中做圆周运动的周期：T=，正电子在磁场中运动的时间：t=T=；答：（1）正电子的比荷：=；（2）正电子在磁场中的运动时间：t=【点评】利用圆的特性构建几何关系，并运用由洛伦兹力提供向心力的物理规律列出方程，从而联立求解16（1）线圈回路中产生的感应电动势2 V和感应电流0.4 A；（2）当t=0.

32、3s时，线圈的ab边所受的安培力大小3.2 N；（3）在1min内线圈回路产生的焦耳热48 J【解析】试题分析：线圈在变化的磁场中，产生感应电动势，形成感应电流，由法拉第电磁感应定律来求出感应电动势大小借助于闭合电路的殴姆定律来算出感应电流大小通电导线处于磁场中受到安培力，则由公式F=BIL可求出安培力的大小由于磁通量的变化，导致线圈中产生感应电流，根据焦耳定律可得回路中的产生热量解：（1）由图可知磁感应强度随时间的变化率= T/s=0.5 T/s感应电动势为E=n=nS=200×0.1×0.2×0.5 V=2 V感应电流为I= A=0.4 A（2）当t=0.3

33、s时，磁感应强度B=0.2 T，则安培力为F=nBIl=200×0.2×0.4×0.2 N=3.2 N（3）在1 min内线圈回路产生的焦耳热Q=I2Rt=0.42×5×60 J=48 J答：（1）线圈回路中产生的感应电动势2 V和感应电流0.4 A；（2）当t=0.3s时，线圈的ab边所受的安培力大小3.2 N；（3）在1min内线圈回路产生的焦耳热48 J【点评】本题对法拉第电磁感应定律、闭合电路殴姆定律、焦耳定律及安培力的公式熟练掌握，同时线圈中通电发热，将电能转化热能17（1）、（2）、【解析】试题分析：（1）输电线路的示意图如图所示，

34、输电线损耗功率，又输电线电流原线圈中输入电流（2）原副线圈中的电流比等于匝数的反比，所以这样，所以考点：考查了理想变压器，远距离输电【名师点睛】画出输电线路图，由输电线损耗功率求出输电电流，再由发电机输出功率与输出电压求得升压变压器的原线圈的电流，由是，得升压变压器的匝数比；求出升压变压器的匝数比后可求出降压变压器的原线圈的电压，再与用户电压结合求出降压变压器的原副线圈的匝数比18（1）带电微粒经U1=100V的电场加速后的速率为1×104m/s；（2）两金属板间偏转电场的电场强度E为10000V/m；（3）匀强磁场的磁感应强度的大小为0.13T【解析】解：（1）带电微粒经加速电场加

35、速后速度为v1，根据动能定理：qU1=mv120 代入数据解得：v1=1×104m/s ；（2）带电微粒在偏转电场中只受电场力作用，做类平抛运动在水平方向微粒做匀速直线运动水平方向：v1= 带电微粒在竖直方向做匀加速直线运动，加速度为a，出电场时竖直方向速度为v2竖直方向：a= v2=at 由几何关系：tan= 代入数据解得：E=10000V/m （3）设带电粒子进磁场时的速度大小为v，则v=，代入数据解得：v=2×104m/s 由粒子运动的对称性可知，入射速度方向过磁场区域圆心，则出射速度反向延长线过磁场区域圆心，粒子在磁场中的运动轨迹如图所示则轨迹半径为：r=Rtan60°，解得：r=0.3m 由牛