正镶白旗实验中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

1、正镶白旗实验中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级座号姓名分数一、选择题1.在军事演习中，某空降兵从悬停在空中的直升飞机上跳下，从跳离飞机到落地的过程中沿竖直方向运动的v式图象如图所示，则下列说法正确的是第13页，共12页A.010s内空降兵和降落伞整体机械能守恒B. 010s内空降兵和降落伞整体所受空气阻力越来越大-F4"4C. 1015s时间内运动员的平均速度V<2D.1015s内空降兵和降落伞整体处于失重状态【答案】BC【解析】010s内速度时间图线的切线斜率逐渐减小，可知空降兵和降落伞向下做加速度逐渐减小的变加速直线运动，阻力对空降兵和降落伞做负功，

2、故选项A错误；根据牛顿第二定律得，mgf=ma,因为加速度减小，可知阻力增大，故选项B正确；1015s内做空降兵和降落伞向下做加速度减小的变减速直线运动，5s内的位移小于做匀变速直线运动的位移,故1015 s时间内空降兵和降落伞的平均速度,故C正确;1015s内做减速运动，加速度方向向上，可知空降兵和降落伞处于超重状态，故选项D错误。2.如图表示的是一条倾斜的传送轨道，B是传送货物的平台，可以沿着斜面上的直轨道运送物体。某次传送平台B沿轨道将货物A向下传送到斜轨道下端，运动过程可用如图中的速度.时间图像表示。下述分析中不正确的是（）B.tt2时间内，B对A的支持力等于重力，摩擦力水平向左C.t

3、2t3时间内，B对A的支持力大于重力，摩擦力水平向左D. 0t时间内出现失重现象；t21时间内出现超重现象【答案】B【解析】【解析】A、0-八时间内，从图像上可以看出，整体沿斜面向下做匀加速运动，此加速度可以分解为水平向右和竖直向下的加速度，在分析A的受力可以得到，竖直方向上A有向下的加速度，导致B对A的支持力小于重力，水平方向由向右的加速度,导致A受到摩摭力水平向右的摩擦力,故A正确：8、4一弓时间内，从图像上可以看出,整体向下做匀速运动，A受力应该是平衡得，所以竖直方向上B对A的支持力等于重力，水平方向上不受摩摭力的作用，故B错误手J玄一看时间内，从图像上可以看出，整体沿斜面向下做匀激速运

4、动，此加速度可以分解为水平向左和竖直向上的加速度，再分析A的受力可以得到，竖直方向上A有向上的加速度,导致H对A的支持力大于重力,水平方向由向左的加速度，导致A受到摩擦力水平向左的摩擦力，敌6正确iD、弓-今时间段内，整体沿斜面向下做匀加速运动，失重状态，弓-刍整体沿斜面向下做匀减速运动，超重状态，故D正确j本题要选不正确的，所以答案是B综上所述本题答案是：B3.在日光灯的连接线路中，关于启动器的作用，以下说法正确的是（）A.日光灯启动时，为灯管提供瞬时高压B.日光灯正常工作时，起降压限流的作用C.起到一个自动开关的作用，实际上可用一个弹片开关代替（按下接通，放手断开）D.以上说法均不正确【答

5、案】C【解析】镇流器的作用是在日光灯启动时，为灯管提供瞬时高压，在日光灯正常工作时，起降压限流的作用所以AB错误。启动器起到一个自动开关的作用，实际上可用一个弹片开关代替（按下接通，放手断开）4.如图所示，质量为4kg的物体A静止在竖直的轻弹簧上，质量为1kg的物体B用细线悬挂在天花板上，B与A刚好接触但不挤压，现将细线剪断，则剪断后瞬间，下列结果正确的是（g取10m/s2）2A.A加速度的大小为2.5m/s2B.B加速度的大小为2m/sC.弹簧的弹力大小为50ND.A、B间相互作用力的大小为8N【答案】BD【解析】AB、剪断细线前，A、B间无压力，则弹簧的弹力F=mAg=40N,剪断细线的瞬

6、间，对整体分析，根据牛顿第二定律有：（mA+mB）g-F=（mA+mB）a,解得：a=2m/s；A错误，B正确；C、剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，仍为40N,C错误；D、隔离对B分析，根据牛顿第二定律有：mBg-N=mBa,解得：N=mBg-mBa=10N-1>2N=8N,D正确。故选BD。5.一正弦交流电的电流随时间变化的规律如图所示.由图可知A.该交流电的频率是50HzB.该交流电的电流有效值为2V2AC.该交流电的电流瞬时值的表达式为i=2sin（50兀t）（A）D.若该交流电流通过R=10Q的电阻，则电阻消耗的功率是20W【答案】CD【解析】由图得周期为0.04s,频率为25H

7、z,A错误；最大值2A,则有效值为J2A,B错误；由图象知，C选项中表达式正确；电阻消耗的功率P=I2R=20W,D正确。6.如图所示为一质点从t=0时刻开始，做初速度为零的匀加速直线运动的位移一时间图象，图中斜虚线为t=4 s时对应图象中的点的切线，交时间轴于C. 3m/s22D. 2m/s237.某同学利用测力计研究在竖直方向运行的电梯运动状态,他在地面上用测力计测量祛码的重力，示数是G,他在电梯中用测力计仍测量同一祛码的重力,发现测力计的示数小于G,由此判断此时电梯的运动状态可能是B.加速上升C.减速下降D.减速上升t=2s处，由此可知该质点做匀加速运动的加速度为（【答案】AD【解析】由

8、题，测力计的示数减小，祛码所受的合力方向向下，根据牛顿第二定律得知，加速度向下，祛码处于失重状态，而速度方向可能向上，也可能向下，所以电梯可能的运动状态是减速上升或加速下降。故选AD。8 .如图，通电导线MN与单匝矩形线圈abcd共面，位置靠近ab且相互绝缘。当MN中电流突然减小时，线圈所受安培力的合力方向（）A.向左B.垂直纸面向外C.向右D.垂直纸面向里【答案】C9 .如图所示，两个小球从水平地面上方同一点O分别以初速度.、一水平抛出，落在地面上的位置分别是A、B,O'是O在地面上的竖直投影，且OA:AB=1:3。若不计空气阻力，则两小球A.抛出的初速度大小之比为1:4B.落地速度

9、大小之比为1:3C.落地速度与水平地面夹角的正切值之比为4:1D.通过的位移大小之比为1小【答案】AC10.关于产生感应电流的条件，下列说法正确的是A.闭合回路中一部分导体做切割磁感线运动可以在回路中产生感应电流B.穿过闭合回路的磁通量发生变化，可以在回路中产生感应电流C.整个闭合回路在匀强磁场中垂直于磁场方向做切割磁感线运动，可以产生感应电流D.只要穿过回路的磁通量发生变化，就会有感应电流产生【答案】AB【解析】只要闭合电路中的一部分导体做切割磁感线运动，闭合回路的磁通量发生了变化，电路中就有感应电流，故AB正确；整个闭合回路在匀强磁场中垂直于磁场方向做切割磁感线运动，如果磁通量没变化，也不

10、会产生感应电流，故C错误；必须穿过闭合回路的磁通量发生变化，才会有感应电流产生，故D错误。所以AB正确，CD错误。11.在电梯内的地板上，竖直放置一根轻质弹簧，弹簧上端固定一个质量为m的物体。当电梯匀速运动时，x弹簧被压缩了X,某时刻后观察到弹簧又被继续压缩了（重力加速度为g）。则电梯在此时刻后的运动情况10可能是A.以大小为11g的加速度加速上升10B.以大小为"g的加速度减速上升10gC.以大小为聂的加速度加速下降10gD.以大小为的加速度减速下降10【答案】D【解析】【解析】因为电梯匀速时，弹蓍被压缩了力由此可以知道，憔的某时刻后观察到弹着又被继续压缩jrIjrI了正，弹篝的弹

11、力变大了，由受力情况和牛顿第二定律可得：-解得口=而且，方向向上口物体可能以口二七X加速上升，也可能以激速下降.故选D。12 .如图所示，a、b、c是由真空中正点电荷形成的电场中一条电场线上的三个点，已知ab=bc,a、b两点间电压为10V,则b、c两点间电压：（）nrabcA.等于10VB.大于10VC.小于10VD.条件不足，无法判（fT*一【答案】C13 .在静电场中，下列说法正确的是（）A.电场强度处处为零的区域内，电势也一定处处为零B.电场强度处处相同的区域内，电势也一定处处相同C.电场强度的方向可以跟等势面平行D.沿着电场强度的方向，电势总是不断降低的【答案】D【解析】A.等量同种

12、点电荷连线中点处的电场强度为零，但电势不一定为零，电势高低与零势面的选取有关，故A错误；B.在匀强电场中，电场强度处处相等，（!电势沿电场线方向降低，故B错误；C.电场线方向处处与等势面垂直，即电场线上各点的切线方向与等势面垂直，各点电场强度方向就是电场线各点切线方向，故C错误；D.电场强度方向是电势降落最快的方向，故D正确。故选：D14.将一均匀导线围成一圆心角为90°的扇形导线框OMN,其中OM=R,圆弧MN的圆心为。点，将导线框白O。点置于如图所示的直角坐标系的原点，其中第二和第四象限存在垂直纸面向里的匀强磁场，其磁感应强度大小为B,第三象限存在垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强

13、度大小为2B。从t=0时刻开始让导线框以。点为圆心，以恒定的角速度3沿逆时针方向做匀速圆周运动，假定沿ONM方向的电流为正，则线框中的电流随时间的变化规律描绘正确的是ABCD【答案】B【解析】【解析】在。时间内燃框从图示位置开始W=o）转过世的过程中，产生的感应电动势为国二*R，由闭合电路欧姆定律得，回路中的电流为人二,二等，根据楞次定律判断可知，线框中感应电,流方向为逆时针方向（沿QJW方向）。在即。时间内,线框进入第三象限的过程中回路中的电流方向为顺时针方25（d31 ；感应电流为万=3i&向（沿方向）。回路中产生的感应电动势为皎力电庐+；在即旷4M时间内，线框进入第四象限的过程中

14、，回路中的电流方向为逆时针方向（沿方向），回路中产生的感应电动势为段二力加把灰二。必二3叫感应电流为F尸纵在3广物时间内，线框出第四象限的过程中回路中的电流方向为顺时针方向（沿aw方向），回路中产生的感应电动势为国二50用，由闭合电路欧姆定律得，回路电流为4=人。15.设物体运动的加速度为a、速度为v、位移为x、所受合外力为F。现有四个不同物体的运动过程中某物理量与时间的关系图象，如图所示。已知t=0时刻物体的速度均为零，则其中表示物体做单向直线运动的图象是：（）【答案】C【解析】【解析】由A、B项图象可直接看出,两图象中两物体均做往复运动,A、Bi堪首误，画出C、D项的V-F图5分别如图甲、

15、乙所示，可知C项正碾D项错误。16.在匀强电场中，把一个电量为q的试探电荷从A移动到B点。已知场强为E,位移大小为d,初末位置电势差为U,电场力做功为W,A点电势为圾下面关系一定正确的是A.W-Mb.U-二、C.w-；D.三-，球【答案】A【解析】因初末位置电势差为U,则电场力的功为W=Uq,选项A正确；因位移d不一定是沿电场线的方向，则U=Ed不一定正确，故选项BCD错误；故选A.二、填空题17 .轻质弹簧的上端固定在电梯的天花板上，弹簧下端悬挂一个小铁球，在电梯运行时，乘客发现弹簧的伸长量比电梯静止时的伸长量小，这一现象表明电梯的加速度方向一定（填“向下”或“向上”），乘客一定处在（填“失

16、重”或“超重”）状态，人对电梯的压力比自身重力（填“大”或“小”）。【答案】向下失重小（每空2分）【解析】弹簧伸长量减小，说明弹力减小，则物体受到的合力向下，故小铁球的加速度向下，故乘客一定处于失重状态，根据N=mg-ma可知人对电梯的压力比自身重力小。18 .把带电量1八15？的电荷从A点移到B点，电场力对它做功则A、B两点间的电势差为V,若A点的电势为0,B点的电势%为V,该电荷在B点具有的电势能七年为J。【答案】（1）.200（2）.-200（3）.-810-6【解析】由题意，电荷从A点移到B点时电场力做的功8M0-6J.则A、B两点间的电势差WAB8X10-6L=V=200V；因Uab

17、=（j）A-（j）B,若A点的电势为0,B点的电势怩为-200V；该电荷在B点具q4x10-8有的电势能：三、解答题19 .一长度为L的细线一端固定在。点，另一端拴一质量为m的小球，P为地面上的一点，O、P两点的连线与水平地面垂直。若小球恰好能在竖直平面内绕O点做完整的圆周运动，在小球做圆周运动过程中，第一次在小球运动到最高点A的瞬间剪断细线，第二次在小球运动到最低点B的瞬间剪断细线，若两次小球的落地点到P点的距离相等，求O点距水平地面的高度hoA【答案】1.5L【解析】小球恰好能做圆周运动则在最高点刑g二刘，得：叫二7L此时若剪断细绳，小球开始做平抛运动:在水平方向：f=在竖直方向：方+工=

18、1卸片小球从A运动到B由动能定理知:mg1-L若在B点绳子被剪断小球开始做平抛运动：在水平方向：s=v由在竖直方向：h-Lgif£*由以上各式可解得二A=1-51综上所述本题答案是：k=L5L20 .一长木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物块；在木板右方有一墙壁，木板右端与墙壁的距离为21 5m,如图(a)所示。t=0时刻开始，小物块与木板一起以共同速度向右运动，直至t=1s时木板与墙壁碰撞(碰撞时间极短)。碰撞前后木板速度大小不变，方向相反；运动过程中小物块始终未离开木板。已知碰撞后1s时间内小物块的v-1图线如图(b)所示。木板的质量是小物块质量的15倍，重力加速度大小g取10m/s2。求：(1)木板与地面间的动摩擦因数中及小物块与木板间的动摩擦因数科2；(2)木板的最小长度；(3)木板右端离墙壁的最终距离。(a)【答案】(1)0.10.4(2)6.0m(3)6.5m【解析】【解析】规定向右为正方向。木板与墙壁相碰前,(b):l呦块和木板一起向右做匀变速运动，谩加速度为叫小物块和木板的质量分别为相和,对小物块与木板整体由牛顿第二定律得一四1加十M