第十一单元作业答案

1、.课时作业三十六1.B解析 丙烷的比例模型是,A错误;C2H4与C3H6,前者为乙烯,官能团为碳碳双键,后者可能为环丙烷或丙烯,二者构造不一定相似,所以不一定互为同系物,B正确;苯的同系物是指苯环上的氢原子被烷基取代的产物,C错误;由甲烷为正四面体构造可知和为同种物质,D错误。2.D解析 含有苯环且只有C和H两种元素的化合物属于芳香烃,属于芳香烃,不是脂肪烃,A错误;只由C和H两种元素组成,含有苯环的为芳香烃,环戊烷、环己烷不含有苯环,不属于芳香烃,属于脂肪烃,B错误;乙炔中含有碳碳三键,属于炔烃,C错误;饱和环烃为环烷烃,环戊烷、环丁烷、乙基环己烷均属于环烷烃,D正确。3.C解析 核磁共振氢

2、谱用于研究有机物分子中氢原子的化学环境。4.D解析 是1,2-二溴乙烷,A错误;是3-甲基-2-丁醇,B错误;CH33CCH2CHCH32 是2,2,4-三甲基戊烷,C错误。5.A解析 C5H12的同分异构体新戊烷只有一种一氯代物,A正确; CH3CH2Br与BrCH2CH2Br的构造不相似,不能互为同系物,B错误;CH3COOCH2CH3和CH3CH2OOCCH3是同种物质,均是乙酸乙酯,C错误;的名称是2-甲基戊烷,D错误。6.C解析 二者构造不相似,不能互为同系物,A错误;的一氯代物有2种,B错误; 根据定一移一可知的二氯代物有12种,C正确;二者均能发生复原反响,不能发生加聚反响,D错

3、误。7.13,4-二甲基辛烷218.53 羰基、羧基42328.B解析 b的同分异构体除d和p两种外,还有链状的同分异构体,A错误;p、b、d的一氯代物分别为二种甲基上1种,苯环上1种、三种甲基上1种,苯环上2种、四种甲基上1种,苯环上3种,B正确; b、d、p均能与酸性高锰酸钾溶液反响,C错误; 甲基上的碳是四面体构造,b、d、p不可能所有原子处于同一平面,D错误。9.D解析 分子中含有2种官能团,分别为氨基和酯基,分子式为C9H11NO2,A不正确;分子中有碳碳双键和羟基2种官能团,所以兼有烯烃和醇的化学性质,既能发生加成反响又能发生取代反响,B不正确;分子中有7种氢原子,所以其一氯代物有

4、7种,C不正确;某有机物的分子式为C4H8,能使溴的CCl4溶液褪色,说明该有机物分子中有碳碳双键,其可能的构造有3种,即1-丁烯、2-丁烯和2-甲基丙烯,其中只有2-丁烯为对称构造,它与水加成时只能得到一种产物,1-丁烯与水加成时能生成2种加成产物其中一种与2-丁烯加成时的产物一样,2-甲基丙烯与水加成时生成2种有机产物,所以它在一定条件下与水反响时最多可生成的有机物不考虑立体异构有4种,D正确。10.B解析 氧化钙吸水生成氢氧化钙,然后蒸馏即可得到乙醇,A正确;苯酚和浓溴水反响生成三溴苯酚,但生成的三溴苯酚又溶解在苯中,不能除去,应该用氢氧化钠溶液,B错误;溴乙烷不溶于水,单质溴被亚硫酸氢

5、钠复原,静置后分液即可,C正确;酸性高锰酸钾溶液把乙烯氧化为二氧化碳,氢氧化钠溶液吸收二氧化碳即可除去甲烷中的乙烯,D正确。11.A解析 由题意,分子中应含有羟基,故可看作C3H7OH的一氯代物,而CH3CH2CH2OH有3种一氯代物,CH32CHOH有2种一氯代物,所以共5种。12.C解析 烃基取代苯环上的氢原子,为取代反响,A错误;与饱和碳原子相连的4个原子构成四面体,因此甲苯分子中所有原子不可能共面,B错误;C4H9有4种,分别为CH3CH2CH2CH2、CH3CH2CHCH3、CH32CHCH2、CH33C,取代b苯环上的氢的一氯代物均有邻、间、对三种,那么可能的构造共有3×

6、4=12种,C正确;R为C4H5O时,含有2个碳碳双键或1个碳碳三键,且苯环也可与氢气发生加成反响,那么1 mol b最多可与5 mol H2加成,D错误。13.1C2H6O246C2H6O 3CH3CH2OH或CH3OCH3 4CH3CH2OH解析 1nH2O=0.3 mol,nH=0.6 mol,nCO2=0.2 mol,nC=0.2 mol,消耗nO2=0.3 mol,有机物中nO=0.3 mol+0.2×2 mol-0.3×2 mol=0.1 mol,nCnHnO=261,实验式为C2H6O。2由图知,A的相对分子质量为46,那么该有机物的分子式为C2H6O。3A可

7、能的构造简式有CH3CH2OH和CH3OCH3。4有机物A分子中有三种不同化学环境的氢原子,应为CH3CH2OH。甲醚只有一种化学环境的氢原子。14.1C5H8O2ABCD 3 4解析 1设有机物A的分子式为CxHyOz,那么由题意可得:CxHyOz+4x+y-2z4O2xCO2+y2H2O84 44x9y16.8 g44.0 g14.4 g8416.8 g=44x44.0 g=9y14.4 g解得:x=5,y=8。因12x+y+16z=84,解得:z=1。有机物A的分子式为C5H8O。2A分子中含有CC键,能与H2、Br2发生加成反响,能与酸性KMnO4溶液发生氧化复原反响;A中含有羟基,能

8、与Na发生置换反响。3根据A的核磁共振氢谱中有峰面积之比为611的三个峰,再结合A中含有OH键和位于分子端的CC键,便可确定其构造简式为。4根据 1 mol B可与 1 mol Br2加成,可以推断B中含有1个CC键,再结合B中所有碳原子共面且没有顺反异构体,可推出B的构造简式为。15.1902C3H6O33COOH、OH44 5解析 1A的相对密度是一样条件下H2的45倍,相对分子质量为45×2=90。9.0 g A的物质的量为 0.1 mol。2燃烧产物依次缓缓通过浓硫酸、碱石灰,发现两者分别增重 5.4 g 和 13.2 g,说明 0.1 mol A燃烧生成 0.3 mol H

9、2O和 0.3 mol CO2。1 mol A中含有 6 mol H、3 mol C,根据相对分子质量计算含有3 mol O。30.1 mol A跟足量的NaHCO3粉末反响,生成 2.24 L CO2标准状况,假设与足量金属钠反响那么生成 2.24 L H2标准状况,说明分子中含有一个COOH和一个OH。4A的核磁共振氢谱中有4个峰,说明分子中含有4种处于不同化学环境下的氢原子。5综上所述,A的构造简式为。课时作业三十七1.C解析 A项是因为乙烯被酸性KMnO4溶液氧化;B项是因为苯萃取了溴水中的Br2;D项是因为甲烷和Cl2发生取代反响,生成无色物质;只有C项是因为乙烯和Br2发生了加成反

10、响而使溴的四氯化碳溶液褪色。2.B解析 二者均不与水反响,不能鉴别,也不能除杂,A不正确;乙烯与溴水反响,而乙烷不能,可鉴别,也可除杂,B正确;和过量H2混合,引入新杂质氢气,不能除杂,且加成反响现象不明显,不能鉴别,C不正确;混合气体通过酸性KMnO4溶液,可鉴别,但乙烯与KMnO4溶液发生反响生成CO2,引入新杂质,不能除杂,D不正确。3.C解析 根据卤代烃水解反响和消去反响的原理可知C正确。4.C解析 所给产物是某烃和Cl2的加成产物,相邻碳原子上的Cl原子是加上去的,即原来存在不饱和键,把中的Cl原子去掉,恢复原来的不饱和键,原有机物为,名称是2-甲基-1,3-丁二烯。5.A解析 该物

11、质在NaOH水溶液中,可以发生水解反响,其中Br被OH取代,A项正确。该物质中的溴原子必须水解成Br-,才能和AgNO3溶液反响生成AgBr沉淀,B项错误。该有机物分子中与溴原子相连的碳原子的邻位碳原子上没有氢原子,不能发生消去反响,C项错误。在中由于存在,1、2、3、4号碳原子一定在同一平面内;但CH2CH3上的两个碳原子,由于单键可以旋转,5号碳原子可能和1、2、3、4号碳原子在同一平面内,也可能不在同一平面内,D项错误。6.B解析 甲苯能使酸性KMnO4溶液褪色,是因为苯环对甲基的影响,使甲基变得活泼,容易被酸性KMnO4溶液氧化,而甲基环己烷不能,A能说明题中观点;乙烯能与溴水发生加成

12、反响,是因为乙烯含有碳碳双键,而乙烷中没有,不是原子或原子团的互相影响,B不能说明;甲基的影响使苯环上甲基邻位和对位上氢原子变得活泼,容易被取代,C可以证明题中观点;苯环对羟基的影响使羟基上的氢原子变得活泼,容易电离出H+,D能说明题中观点。7.D解析 甲、丙、丁在氢氧化钠的醇溶液中不能发生消去反响,参加稀硝酸呈酸性,再滴入AgNO3溶液,没有沉淀生成,A错误;甲中参加NaOH的水溶液共热,没有进展酸化,再滴入AgNO3溶液,生成的白色沉淀可能是氢氧化银,所以不能检验该物质中含有的卤素原子,B错误;乙发生消去反响得丙烯一种烯烃,C错误;丙与NaOH的水溶液共热生成2,2-二甲基-1-丙醇,能被

13、氧化为2,2-二甲基丙醛,D正确。8.D解析 根据合成产物,其分子式为C9H14,和形成的化合物有7个碳原子,和形成的化合物有10个碳原子,A错误;和形成的化合物是,和形成的化合物是,不符合题意,B错误;和不能形成,和形成的化合物是,C错误;和形成的化合物是,和形成的化合物是,符合题意,D正确。9.D解析 C4H9有CCCC、4种构造,C3H5Cl2有、9种构造,故该有机物同分异构体共有4×9=36种。10.C解析 丙烯与Cl2加成得到的是1,2-二氯丙烷,不是1,3-二氯丙烷,A错误;分子式为C3H6Cl2,B错误;同分异构体还有1,2-二氯丙烷,1,1-二氯丙烷,2,2-二氯丙烷

14、,C正确;1,3-二氯丙烷三个碳原子一定共面,D错误。11.C解析 分析有机物的共线、共面问题要熟记常见有机化合物的空间构型,甲烷是正四面体形,乙烯和苯是平面形,乙炔是直线形,注意碳碳单键可以绕键轴自由旋转。甲基和苯环通过碳碳单键相连,甲基中的C原子处于苯中原来H原子的位置,所以处于苯环所在的平面内,两个苯环通过碳碳单键相连,该碳碳单键两端的碳原子,既处于该苯环的平面中,又处于另一个苯环中原来H原子的位置,也处于另一个苯环所在的平面,如下图,1、2、3、4、5、6号碳原子处于一条直线,再加上一个苯环,所以致少有11个碳原子共面,该有机物含有两个苯环,不是苯的同系物。12.1C8H82+Br23

15、45 解析 11 mol A中nC=104 g×92.3%12 g·mol-1=8 mol,nH=104 g×(1-92.3%)1 g·mol-1=8 mol,那么分子式为C8H8。2该物质含有苯环,能与溴发生反响,说明A应为苯乙烯,与溴发生加成反响。4一定条件下,A与氢气完全反响,可得乙苯,得到的化合物中碳的质量分数为wC=12×8÷12×8+16×100%=85.7%,故答案为。13.1除去HBr和未反响的Br2枯燥 2苯C解析 反响完毕后,反响容器中的主要成分是溴苯,还有未反响的苯和Br2及生成的HBr,参加

16、NaOH溶液除去HBr和未反响的Br2。再水洗,用CaCl2进一步除水枯燥,最后根据苯和溴苯的沸点不同进展蒸馏别离。14.1甲苯2+2Cl2+2HCl取代反响34C7H4O3Na2 5 613解析 1由题意知A为甲苯,根据反响的条件和流程分别确定B、C、D、E、F、G的构造。2由光照条件知B生成C的反响为甲基上的取代反响。3由信息知发生取代反响,然后失水生成。4E为,在碱性条件下反响生成。5F在酸性条件下反响生成对羟基苯甲酸。课时作业三十八1.C解析 苯甲醇不能与浓溴水反响,A错。同系物必须符合两点:构造相似,分子组成上相差假设干个CH2原子团。苯甲醇、苯酚的构造不相似,故不属于同系物,B错。

17、酚与分子式一样的芳香醇、芳香醚互为同分异构体,C正确。乙醇、苯甲醇的羟基都不显酸性,都不与NaOH溶液反响,D错。2.D解析 乙醇含有羟基,能与金属钠反响放出氢气,乙醚不能与金属钠反响;3-己烯中含有碳碳双键,能使酸性高锰酸钾溶液褪色,己烷不能与酸性高锰酸钾溶液反响;苯的密度比水小,溴苯的密度比水大,可以用水将二者区别开来;甲酸甲酯和乙醛中均含有醛基,均能与新制的银氨溶液反响。3.D解析 A.分子中只有羟基,不能发生水解反响,且与羟基相连的碳原子上只有一个氢原子,氧化产物是酮不是醛,A错误;B.含有溴原子,能发生水解反响,与羟基相连的碳原子上连有2个氢原子,能氧化成醛,但不能发生消去反响,B错

18、误;C.含有溴原子,能发生水解反响,与羟基相连的碳原子上没有氢原子,不能发生催化氧化反响,与羟基相连的碳原子的邻位碳原子上有氢原子,可以发生消去反响,C错误;含有氯原子,能发生水解反响,与氯原子相连的碳原子的邻位碳原子上有氢原子,可以发生消去反响,与羟基相连的碳原子上有2个氢原子,可以氧化成醛,D正确。4.B解析 荧光素与氧化荧光素分子式不同,二者不是同分异构体,A错误;二者均可与浓硝酸发生苯环上的硝化反响,即均可以发生取代反响,B正确;氧化荧光素分子内不含有羧基,不能与乙醇发生酯化反响,C错误;凡直接与苯环相连的原子,一定在同一平面内,与碳碳双链相连的4个原子及构成碳碳双键的两个原子共平面,

19、故荧光素、氧化荧光素分子中均最少有9个碳原子共平面,D错误。5.D解析 芥子醇分子中含有两种含氧官能团,分别为醚键和羟基,A错误;苯和乙烯都是平面构造,通过单键的旋转,可以使所有碳原子处于同一平面上,B错误;由于酚类与溴水的取代反响通常发生在酚羟基的邻、对位上,但芥子醇分子中这些位置均被其他基团占据,故只有碳碳双键能与溴水发生反响,C错误;芥子醇分子构造中含有碳碳双键、羟基,故能发生加成、取代和氧化反响,D正确。6.B解析 1 mol己烯雌酚中含22 mol H,由H原子守恒可知,中生成11 mol H2O,A错误;酚羟基与碳酸氢钠溶液不反响,那么中无CO2生成,B正确;酚羟基的邻、对位均可与

20、溴发生取代反响,那么中最多消耗4 mol Br2,C错误;酚羟基不能发生消去反响,所以中不能发生消去反响,D错误。7.B解析 该类有机物能水解且水解产物能发生银镜反响,那么该有机物是甲酸酯,和OCH3在邻、间、对位有3种,和CH2OH在邻、间、对位有3种,和OH在邻、间、对位有3种,共9种。8.A解析 C4H8Cl2的同分异构体可以采取“定一议一法确定、,可知C4H8Cl2共有9种同分异构体;分子式为C5H10O2的羧酸为饱和一元羧酸,烷基为C4H9,C4H9异构体有CH2CH2CH2CH3,CHCH3CH2CH3,CH2CHCH3CH3,CCH33,故符合条件的有机物的同分异构体数目为4;C

21、4H8O2属于酯的同分异构体有甲酸丙酯、甲酸异丙酯、乙酸乙酯、丙酸甲酯,共4种, C9H12属于芳香烃的同分异构体有丙苯、异丙苯及苯环上甲基与乙基三种、苯环上有三个甲基三种,共8种。9.A解析 浓硝酸可使蛋白质变性,且会使含苯环的蛋白质变成黄色,得不到纯蛋白质,B项错误;光照时通入Cl2,乙烷与Cl2发生取代反响,C项错误;苯酚与溴水反响生成的三溴苯酚可溶于苯中,溴水中的溴也会溶于苯中,D项错误。10.B解析 AC5H8和BC5H8O2反响的原子利用率为100%,说明该反响为加成反响;反响为加成反响,反响为消去反响;反响的条件是光照,由“C为单溴代物,分子中有两个亚甲基,故发生的是取代反响,产

22、物C的构造简式为。C的构造中含有Br和酯基,都能在“NaOH/H2O的作用下水解,反响的化学方程式为+2H2O+C2H5OH+HBr。均为取代反响。11.1乙醇CH3OCH322CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O 3碳碳双键、醛基45+2CH3CH2CH2CH2OH+2H2O6、7解析 A是一种常见的烃的含氧衍生物,A的质谱图中最大质荷比为46,其核磁共振氢谱图中有三组峰,且峰面积之比为123,A为CH3CH2OH;乙醇催化氧化生成乙醛,根据信息乙醛在氢氧化钠加热时生成C,C为CH3CHCHCHO,C与氢气加成生成D,D为CH3CH2CH2CH2OH;E是苯的同系物,相对分子质量在

23、10110之间,氧化生成F,1 mol F与足量的饱和NaHCO3溶液反响可产生2 mol二氧化碳,那么F中含有2个羧基,因此E为二甲苯,E苯环上的一氯代物只有2种,E为,那么F为。6F为。能和NaHCO3溶液反响,说明含有羧基;能发生银镜反响,说明含有醛基或为甲酸酯; 遇FeCl3溶液显紫色,说明含有酚羟基,满足条件的F的同分异构体有、侧链位置可变等。7以乙醇和丙醇为原料制备,可以将乙醇氧化生成乙醛,将丙醇氧化生成丙醛,利用信息,生成CH3CHCCH3CHO,再在弱氧化剂条件下氧化为。12.1cd 2甲醇碳碳双键、酯基3加成反响缩聚反响填聚合反响也可4+2CH3OH586CH3CHO课时作业

24、三十九1.C解析 一定条件下与氢气反响生成,该物质不是硬脂酸甘油酯,也不是软脂酸甘油酯,A、B项错误;其在NaOH溶液中水解得到高级脂肪酸钠,为肥皂的主要成分,C项正确;与其互为同分异构体且完全水解后产物一样的油脂有两种,分别为和,D项错误。2.C解析 葡萄糖和麦芽糖均为复原性糖,均能与银氨溶液反响,A项正确;纤维素、淀粉水解生成葡萄糖,蛋白质水解生成氨基酸,B项正确;蛋白质在加热条件下发生变性,而不是发生水解反响生成氨基酸,C项错误;D项,油脂的化学成分是高级脂肪酸甘油酯,油脂在碱性条件下发生皂化反响,D项正确。3.D解析 该反响的类型是加聚反响,A错误;产物中链节的式量和反响物单体的相对分

25、子质量一样,B错误;该反响产物不是顺丁橡胶,C错误;不同产物分子的聚合度可能不同,D正确。4.C解析 葡萄糖溶液与新制氢氧化铜悬浊液共热生成砖红色沉淀,A错误;遇淀粉变蓝是碘单质的性质,不能用米汤检验含碘食盐中是否含碘酸钾,B错误;向淀粉溶液中参加稀硫酸,加热后再用NaOH溶液中和并做银镜反响实验,假设产生银镜那么淀粉发生水解,C正确;油脂在NaOH溶液中完全水解生成高级脂肪酸钠和甘油,D错误。5.C解析 实现此过程,反响1为与卤素单质取代,反响2为卤代环戊烷与NaOH的水溶液取代生成醇,反响3为醇的催化氧化,A、B正确,C错误;酮可催化加氢变成相应的醇,D正确。6.B解析 人造羊毛的单体是CH2CHCN和CH2CHOOCCH3,推测A生成C的反响属于加成反响,即A为乙炔,由此推测A生成D的反响属于加成反响。7.B解析 由CH3CH2CH2OH制备的过程为CH3CH2CH2OHCH3CHCH28.C解析 R的单体为CH2CCH3COOH、HOCH2CH2OH、C6H5CH2CHOHCOOH,其单体之一