2020年高中物理一轮复习教案第二章专题强化二

1、专题强化二受力分析共点力的平衡专题解读】1.本专题是本章重要知识和规律的综合，特别是受力分析和平衡条件的应用更是 高考的重点和热点.但近年在计算题中也作2 .高考对本专题内容的考查主要是在选择题中作为一个考查点出现, 为一个力学或电学考点命题.3.用到的相关知识有：受力分析，力的合成与分解，共点力的平衡条件，用到的主要方法有: 整体法与隔离法、合成法、正交分解法等.回汇基科知识训练基骷题目过好双基关、受力分析 i .把指定物体（研究对象）在特定的物理环境中受到的所有外力都找出来，并画出受力示意图 的过程.2. 一般步骤【自测11 （2018福建省三明市上学期期末）如图1,某电视台每周都有棋类节

2、目，铁质的棋盘 竖直放置，每个棋子都是一个小磁铁，能吸在棋盘上，不计棋子之间的相互作用力，下列说法正确的是（）A .小棋子共受三个力作用B.棋子对棋盘的压力大小等于重力C.磁性越强的棋子所受的摩擦力越大D.质量不同的棋子所受的摩擦力大小不同答案 D解析 小棋子受到重力 G、棋盘面的吸引力 F引、支持力Fn和静摩擦力Ff,共四个力作用, 重力竖直向下，摩擦力竖直向上，且重力和摩擦力是一对平衡力；支持力和吸引力为一对平 衡力；棋子掉不下来的原因是棋盘对它向上的摩擦力和它的重力大小相等，所以质量不同的 棋子所受摩擦力大小不同，故选项 D正确.二、共点力的平衡1 .平衡状态物体处于静止状态或匀速直线运

3、动状态.2 .平衡条件Fx= 0F合=0或者.Fy= 0如图2甲和乙所示，小球静止不动，物块匀速运动.甲乙则小球F合=0;物块 Fx= 0, Fy= 0.3 .平衡条件的推论(1)二力平衡：如果物体在两个共点力的作用下处于平衡状态，这两个力必定大小相等，方向 相反.(2)三力平衡：如果物体在三个共点力的作用下处于平衡状态，其中任何一个力与另外两个力 的合力大小相等，方向相反，并且这三个力的矢量可以形成一个封闭的矢量三角形. (3)多力平衡：如果物体在多个共点力的作用下处于平衡状态，其中任何一个力与另外几个力的合力大小相等，方向相区【自测2 (多选)如图3所示，一架救援直升机通过软绳打捞河中物体

4、，物体质量为m,由于河水的流动对物体产生水平方向的冲击力，使软绳偏离竖直方向，当直升机相对地面静止时，绳子与竖直方向成。角，已知物体所受的浮力不能忽略.下列说法正确的是()A.绳子的拉力为mgcos 0图3B.绳子的拉力可能小于 mgC.物体受到河水的水平方向的作用力等于绳子的拉力D.物体受到河水的水平方向的作用力小于绳子的拉力答案 BD解析 对物体受力分析，如图所示:mgmg F 浮根据平衡条件，竖直方向有F浮+Ftcos 0= mg,则有Ft=丁，故绳子的拉力可能小于cosmg,故A错误，B正确.在水平方向上有 Ff=FTSin 0, sin长1,有Ff<F'物体受到河水的水

5、平方向的作用力小于绳子的拉力，故C错误，D正确.研透命题点班研考钢和苴鹿 分析突嚷命顼点命题点一受力分析整体法与隔离法的应用1 .高中物理主要研究的九种力种类大小力向G = mg（小同局度、纬度、星球，g /、同）竖直向卜弹簧的弹力F = kx（x为形变量）沿弹簧轴线静摩擦力0<Ff 静 WFfmax与相对运动趋势方向相反滑动摩擦力Ff 滑=FN与相对运动方向相反力后引力, ，一mi m2F = G 2 r沿质点间的连线库仑力F=k峥 r沿点电荷间的连线电场力F 电=qE正（负）电何与电场强度方 向相同（相反）安培力F= BIL当 B / I 时，F= 0左手定则，安培力（洛伦兹力）的方

6、向总是垂直于 B与I（B与v）决定的平面洛伦兹力F 洛=qvB当B/ v时，F洛=02 .整体法与隔离法整体法隔离法概念将加速度相同的几个物体作为一个整体来分析的方法将研究对象与周围物体分隔开的方法选用原则研究系统外的物体对系统整体 的作用力或系统整体的加速度研究系统内物体之间的相互作用力【例1】（2018四川省广安市、眉山市、内江市、遂宁市第三次诊断）如图4所示，两个质量均为m的小球通过两根轻弹簧 A、B连接，在水平外力 F作用下，系统处于静止状态，弹簧实 际长度相等.弹簧 A、B的劲度系数分别为kA、kB,且原长相等.弹簧 A、B与竖直方向的夹 角分别为。与45°.设A、B中的拉

7、力分别为 Fa、Fb.小球直径相比弹簧长度可以忽略.则（图41A . tan 0= 2C. Fa= 73mg答案 AB. kA = kBD. FB=2mg解析 对下面的小球进行受力分析，如图甲所示:根据平衡条件得：F = mgtan 45 = mg, Fb= mg-三 V2mg；cos 45对两个小球整体受力分析，如图乙所示:、一1 r2mj二根据平衡条件得：tan 0= 2mmg,又 F = mg,解得 tan 0=FA=M（2mg j+ F2=J5mg,由题可知两弹簧的形变量相等，则有：x=詈=FB,解得："=兽=善 故A正确，B、C、D错kA kBKb Fb 2误.【变式1】（

8、多选）（2018河南省濮阳市第三次模拟）如图5所示，质量分别为mm2的两个物体通过轻弹簧连接，在力F的作用下一起沿水平方向做匀速直线运动，mi在地面，m2在空中.此a, m1时，力F与水平方向成 。角，弹簧中弹力大小为 Fi,弹簧轴线与水平方向的夹角为受地面的摩擦力大小为Ff,则下列正确的是（）A . 0 一"定大于aC. F 一定大于F1答案 ACD 解析 m2受三力平衡：m2g> F、Fi, 根据平衡条件知，F的水平分力与Fi的水平分力大小相等, 即：Fx=Fcos 0= Fi cos a= F xi,F的竖直分力比Fi的竖直分力大，即：Fy=Fsin 0= Fisin a

9、+ m2g = Fyi+ m2g,根据 F 合TFx2+Fy2, Fx=Fxi, Fy>Fyi,所以 F>Fi,根据 tan 0= Fy, tan a=F，所以 0> a, FxFxi根据整体法得：Fcos 0= Ff,所以F>Ff故A、C、D正确，B错误.【例2】如图6所示，甲、乙两个小球的质量均为m,两球间用细线2连接，甲球用细线 I悬挂在天花板上.现分别用大小相等的力F水平向左、向右拉两球，平衡时细线都被拉紧.则平衡时两球的可能位置是下列选项中的6乙ABC答案 A解析 用整体法分析，把两个小球看做一个整体,此整体受到的外力为竖直向下的重力2mg、水平向左的力F（甲

10、受到的卜水平向右的力F（乙受到的）和细线1的拉力Fi,两水平力相互平 衡，故细线1的拉力Fi一定与重力2mg等大反向，即细线 1 一定竖直；再用隔离法，分析乙球受力的情况，乙球受到竖直向下的重力mg、水平向右的拉力 F、细线2的拉力F2.要使 得乙球受力平衡，细线 2必须向右倾斜.故 A正确.【变式2 如图7所示，两段等长细线串接着两个质量相等的小球a、b,悬挂于。点.现在两个小球上分别加上水平的外力，其中作用在b球上的力大小为 F、作用在a球上的力大小为2F,则此装置平衡时的位置可能是7C答案 A解析 设两个球的质量均为 m, Oa与ab和竖直方向的夹角分别为外8甲以两个小球组成的整体为研究

11、对象，分析受力情况，如图甲所示，根据平衡条件可知，Oa 细线的方向不可能沿竖直方向，否则整体的合力不为零，不能保持平衡.由平衡条件得：tan a= 2mm-.以b球为研究对象，分析受力情况，如图乙所示，由平衡条件得：tan 3= F,则3,故Amg正确.命题点二动态平衡问题1 .动态平衡动态平衡就是通过控制某一物理量，使物体的状态发生缓慢的变化，但变化过程中的每一个 状态均可视为平衡状态，所以叫动态平衡.2 .常用方法(1)平行四边形定则法：但也要根据实际情况采用不同的方法，若出现直角三角形，常用三角 函数表示合力与分力的关系.(2)图解法：图解法分析物体动态平衡问题时，一般是物体只受三个力作

12、用，且其中一个力大 小、方向均不变，另一个力的方向不变，第三个力大小、方向均变化.(3)矢量三角形法若已知F合的方向、大小及一个分力 Fi的方向，则另一分力 F2的最小值的条件为 Fi±F2； 若已知F合的方向及一个分力 Fi的大小、方向，则另一分力 F2的最小值的条件为 F2±F合. 【例3 (多选)(2017全国卷I 21)如图8,柔软轻绳ON的一端O固定，其中间某点M拴一重 物，用手拉住绳的另一端 N,初始时，OM竖直且MN被拉直，OM与MN之间的夹角为 “(a >2).现将重物向右上方缓慢拉起，并保持夹角a不变.在OM由竖直被拉到水平的过程中图8A. MN上的

13、张力逐渐增大B . MN上的张力先增大后减小C. OM上的张力逐渐增大D. OM上的张力先增大后减小答案 AD解析以重物为研究对象，受重力mg、OM绳上拉力F2、MN上拉力Fi,由题意知，三个力的合力始终为零，矢量三角形如图所示，Fi、F2的夹角为 兀一“不变，在F2转至水平的过程中，矢量三角形在同一外接圆上，由图可知，MN上的张力Fi逐渐增大，OM上的张力F2先增大后减小，所以 A、D正确，B、C错误.【变式3 （2018广东省惠州市第二次调研）甲、乙两人用两绳 aO和bO通过装在P楼和Q楼 楼顶的定滑轮，将质量为 m的物块由。点沿Oa直线缓慢向上提升，如图 9所示.则在物块 由。点沿直线O

14、a缓慢上升过程中，以下判断正确的是（）图9A. aO绳和bO绳中的弹力都逐渐减小B . aO绳和bO绳中的弹力都逐渐增大C. aO绳中的弹力先减小后增大，bO绳中的弹力一直在增大D. aO绳中的弹力一直在增大，bO绳中的弹力先减小后增大 答案 D解析 以物块为研究对象，分析受力情况：重力G、绳bO的拉力F和绳aO的拉力Ft,由平衡条件得知，F和Ft的合力与G大小相等、方向相反，当将物块沿直线 Oa向上缓慢移动, aO绳方向不变则Ft方向不变，bO绳绕O点逆时针转动，作出转动过程三个位置力的合成图如图所示，由F3到F2到Fl的过程，由图可以看出 aO绳弹力Ft一直变大，bO绳弹力F先减小后变大，

15、故D正确.【例4 （多选）（2017天津理综8）如图10所示，轻质不可伸长的晾衣绳两端分别固定在竖直杆M、N上的a、b两点，悬挂衣服的衣架挂钩是光滑的，挂于绳上处于静止状态.如果只人为改变一个条件，当衣架静止时，下列说法正确的是（）A .绳的右端上移到 b',绳子拉力不变B.将杆N向右移一些，绳子拉力变大C.绳的两端高度差越小，绳子拉力越小D.若换挂质量更大的衣服，则衣架悬挂点右移答案 AB解析 设两杆间距离为 d,绳长为l, Oa、Ob段长度分别为la和lb,则l = la+lb,两部分绳子与竖直方向夹角分别为 a和应受力分析如图所示.绳子中各部分张力相等，FTa=FTb =dFt,

16、则 a= 3.对。点受力分析可得 2Ftcos a= mg, d= lasin a+ lbsin 3= lsin % 即 sin a=Ft= 4%，当绳右端上移或两端高度差减小时，d和l均不变，则sin ”为定值，a为定值，cos2 cos aa为定值，绳子的拉力保持不变，故 A正确，C错误；将杆N向右移一些，d增大，则sin a增大，cos a减小，绳子的拉力增大，故 B正确；若换挂质量更大的衣服，d和l均不变，绳中拉力增大，但衣服的位置不变，D错误.I'll【变式4 (2018江西省横峰中学、 铅山一中等校联考)有甲、乙两根完全相同的轻绳，甲绳A、B两端按图11甲的方式固定，然后将

17、一挂有质量为M的重物的光滑轻质动滑轮挂于甲轻绳上，当滑轮静止后，设甲绳子的张力大小为Fti；乙绳D、E两端按图乙的方式固定，然后将设乙绳子的张力大小为F点，在两绳的移动过同样的定滑轮且挂有质量为 M的重物挂于乙轻绳上，当滑轮静止后,Ft2.现甲绳的B端缓慢向下移动至 C点，乙绳的E端缓慢向右移动至程中，下列说法正确的是甲乙图11A. Fti、Ft2都变大C. Fti、Ft2都不变B. F变大、Ft2变小D. Ft1不变、Ft2变大答案 D解析 设绳子总长为L,两堵竖直墙之间的距离为s,左侧绳长为L1，右侧绳长为L2.由于绳子 上的拉力处处相等，所以两绳与竖直方向夹角相等，设为 0,则由几何知识

18、，得：s=Lsin时Lzsin 0= (L1 + L2)sin 0,又 L1+L2=L得到 sin 0= s;设绳子的拉力大小为 Ft,重物的重力为G.以滑轮为研究对象，根据平衡条件得2Ftcos 0= G,解得：Ft = G；可见，对题图甲，当绳子右端慢慢向下移时，s、L没有变化，则。不变，2 cos绳子拉力Fti不变；对题图乙，当绳子的右端从 E向F移动的过程中，由于绳子的长度不变，所以两个绳子之间的夹角。增大，cos。减小，则绳子拉力 Ft2增大，故A、B、C错误，D正确.命题点三平衡中的临界与极值问题1 .临界问题当某物理量变化时，会引起其他几个物理量的变化，从而使物体所处的平衡状态“

19、恰好出现”或“恰好不出现”，在问题的描述中常用“刚好” “刚能” “恰好”等语言叙述.2 .极值问题平衡物体的极值，一般指在力的变化过程中的最大值和最小值问题.3 .解决极值问题和临界问题的方法(1)极限法：首先要正确地进行受力分析和变化过程分析，找出平衡的临界点和极值点；临界 条件必须在变化中去寻找，不能停留在一个状态来研究临界问题，而要把某个物理量推向极 端，即极大和极小.(2)数学分析法：通过对问题的分析， 依据物体的平衡条件写出物理量之间的函数关系(画出函数图象)，用数学方法求极值(如求二次函数极值、公式极值、三角函数极值).(3)物理分析方法：根据物体的平衡条件，作出力的矢量图，通过

20、对物理过程的分析，利用平 行四边形定则进行动态分析，确定最大值与最小值.【例5 如图12所示，质量为 m的物体放在一固定斜面上，当斜面倾角为30。时恰能沿斜面匀速下滑.对物体施加一大小为F、方向水平向右的恒力，物体可沿斜面匀速向上滑行.设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，当斜面倾角增大并超过某一临界角%时，不论水平恒力F多大，都不能使物体沿斜面向上滑行，试求:图12(1)物体与斜面间的动摩擦因数;(2)这一临界角的的大小.答案半(2)60 °mgsin 30 = mgos 30解析(1)如图所示，未施加力 F时，对物体受力分析，由平衡条件得解得产 tan 30(2)设斜面倾角为 a时，受力

21、情况如图所示，由平衡条件得:F cos a= mgsin a+ F fFn' = mgcos a+ Fsin aFf，=工mgsin a+mgos a解得f=cos a psin a当cos an a= 0,即tan a=43时，F-8,即“不论水平恒力F多大，都不能使物体沿斜 面向上滑行”，此时，临界角 00= a= 60 .【变式5 （2018河南省开封市第三次模拟）课堂上，老师准备了 “匚”形光滑木板和三个完全相同、外表面光滑的匀质圆柱形积木,要将三个积木按图13所示（截面图）方式堆放在木板上,则木板与水平面夹角。的最大值为（）图13A. 30° B. 45°

22、 C. 60° D. 90°答案 A解析 。取0。时，下面两圆柱之间将会分开，无法稳定，应适当增大。以保持系统稳定，此时下面两圆柱之间有弹力；当下面两圆柱之间的弹力恰好为0时，对应的。为最小值；继续增大为右圆柱和上圆柱之间弹力减小，若。太大，此两圆柱将分开，当上圆柱和右圆柱之间的弹力恰好为0,对应的。为最大值.临界情况为kax时，左边两圆柱的圆心连线在竖直方向上，保证上圆柱只受到两个力的作用恰好处于平衡状态，此时上圆柱与右圆柱间相互接触且无弹力，可得 仁30°.故A正确，B、C、D项错误.【变式6 （2019黑龙江省齐齐哈尔市调研 ）重力都为G的两个小球 A和B用

23、三段轻绳按如图14所示连接后悬挂在 O点上，O、B间的绳子长度是 A、B间的绳子长度的2倍，将一个拉 力F作用到小球B上，使三段轻绳都伸直且 O、A间和A、B间的两段绳子分别处于竖直和 水平方向上，则拉力 F的最小值为（）Ofi图14A.1G B.枭 C. G D.23G 233答案 A解析 对A球受力分析可知，因 O、A间绳竖直，则 A、B间绳上的拉力为0.对B球受力分l 1 一析如图所不，则可知当F与O、B间绳垂直时F最小，Fmin = Gsin 0,其中sin 0= =2,则1 一 一 八F min = /G,故A项正确.限的训鼐 练规范 攥速度课时作业3双基巩固练1.（2018湖北省黄

24、冈中学模拟）如图1所示，与竖直方向成45。角的天花板上有一物块，该物块在竖直向上的恒力 F作用下恰好能沿天花板匀速上升，则下列说法中正确的是 （）图1A.物块一定受两个力的作用B.物块一定受三个力的作用C.物块可能受三个力的作用D.物块可能受四个力的作用答案 D解析 物块沿天花板匀速上升，受力平衡，对物块受力分析可知，若天花板对物块没有向下 的压力，则物块只受到重力和向上的恒力.若天花板对物块有垂直天花板向下的压力，则物 块必定受沿天花板向下的摩擦力，则物块受到重力、向上的恒力、垂直天花板向下的压力和A、B、C错误,沿天花板向下的摩擦力，所以物块可能受到两个力，也可能受到四个力，故D正确.2.

25、（多选）（2019安徽省六安市质检）如图2所示，水平地面上的 L形木板M上放着小木块 m,M与m间有一个处于拉伸状态的弹簧，整个装置处于静止状态.下列说法正确的是（）M图2A. M对m无摩擦力作用B. M对m的摩擦力方向向左C.地面对M的摩擦力方向向左D.地面对M无摩擦力作用答案 BD解析 对m受力分析，m受到重力、支持力、水平向右的弹簧的拉力和木板的摩擦力，根据 平衡条件知，M对m的摩擦力方向向左，故 A错误，B正确；对整体受力分析，在竖直方向上受到重力和支持力平衡，若地面对M有摩擦力，则整体合力不为零，故地面对M无摩擦 力作用，故C错误，D正确.3.（2018广东省惠州市第三次调研）如图3

26、所示，倾角为30°,重为100 N的斜面体静止在粗糙水平面上.一根弹性轻杆一端垂直固定在斜面体上，杆的另一端固定一个重为20 N的小球,斜面体和小球处于静止状态时,卜列说法正确的是（）图3A.斜面有向左运动的趋势，受到水平向右的静摩擦力B.弹性轻杆对小球的作用力为20 N,方向垂直斜面向上C.球对弹性轻杆的作用力为20 N,方向竖直向下D.地面对斜面体的支持力为100 N ,方向竖直向上答案 C 解析 先对小球受力分析，受到重力和杆的作用力，小球一直处于静止状态，故杆对球的力20 N ,杆对与球受到的重力二力平衡，故杆对球的力方向竖直向上，大小等于球的重力，为球的力与球对杆的力是相互

27、作用力，等值、反向、共线，故球对杆的力方向竖直向下，大小 等于20 N, B错误，C正确；再对斜面体、杆、球的整体受力分析，受重力和地面的支持力, 不受静摩擦力（如果受静摩擦力，不能保持受力平衡 ），根据平衡条件，支持力大小等于总重 力，为120 N, A、D错误.4.（2018山东省青岛市二模）如图4所示，水平面上A、B两物块的接触面水平， 二者叠放在一 起在作用于B上的水平恒定拉力 F的作用下沿地面向右做匀速运动， 某时刻撤去力F后，二 者仍不发生相对滑动，关于撤去 F前后下列说法正确的是（ ）图4A.撤去F之前A受3个力作用B.撤去F之前B受到4个力作用C.撤去F前后，A的受力情况不变D

28、, A、B间的动摩擦因数 国不小于B与地面间的动摩擦因数 应答案 D 解析 撤去F前，整体做匀速运动，故B受地面的摩擦力与 F平衡，而A水平方向不受外力,故A不受B的摩擦力，B受重力、支持力、压力、拉力和地面的摩擦力共5个力作用；A只受重力和B对A的支持力两个力的作用， A、B错误；撤去拉力F后，由于整体做减速运动，A受到重力和B对A的支持力及B对A的摩擦力3个力的彳用，C错误； 撤去拉力F后, 由于整体做减速运动，整体的加速度 a= f2g,而A的加速度aA=gw的，即他，D正确.5.（2018陕西省安康市第二次质量联考）如图5所示，两个小球a、b的质量均为m,用细线相连并悬挂于。点.现用一

29、轻质弹簧给小球a施加一个拉力F,使整个装置处于静止状态，且Oa与竖直方向夹角为 30。，已知弹簧的劲度系数为k,重力加速度为g,则弹簧的最短伸长量为（）A.mg2kmg 0 3mgB. k C. 3k(b)答案 B解析 以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力，如图.根据平衡条件得知：F与Ft的合力与重力 mg总是大小相等、方向相反，由力的合成图可知，当 F与绳子Oa垂直时，F 有最小值，即图中 2位置，F的最小值为：F=kx=2mgsin 0= mg,则弹簧的最短伸长量为 x =平，故B正确.k6. （2018安徽省芜湖市上学期期末）如图6甲所示，在粗糙水平面上静止放置一个截面为三角 形的斜

30、劈，其质量为M.两个质量分别为 mi和m2的小物块恰好能沿两侧面匀速下滑.若现在对两物块同时各施加一个平行于斜劈侧面的恒力Fi和F2,且Fi>F2,如图乙所示.则在两个小物块沿斜面下滑的过程中，下列说法正确的是（）甲乙A.斜劈可能向左运动B.斜劈受到地面向右的摩擦力作用C.斜劈对地面的压力大小等于 （M + mi+m2）gD.斜劈对地面的压力大小等于 （M + mi+m2）g+Fisin “+ F2sin 3 答案 C解析 在未施加力之前，三个物体都处于平衡状态，故可以对三个物体的整体受力分析，受重力和支持力，故支持力为 （M + mi + ml2）g,没有摩擦力；施加力之后，mi、m2

31、与M的摩擦力、弹力都不变，则 M受力情况不变，斜劈仍保持静止，根据牛顿第三定律可知斜劈对地面的压力大小等于（M + mi + m2）g,与地面间没有摩擦力，C正确.7 .（多选）（20i8江西省重点中学协彳体第二次联考）如图7所示，自重不计的横梁的一端固定在墙壁上的A点，另一端B点用绳悬挂在墙壁上的 C点，当重为G的物体由挂在梁上的 B点 处逐渐移至A点的过程中，横梁始终保持静止.问此过程中，A点对横梁作用力F的大小和CB绳对横梁的拉力 Ft的大小是如何变化的（）图7A . F先增大后减小B. Ft 一直减小C . F 一直减小D. Ft先减小后增大答案 BC解析 对B点受力分析，受重物的拉力

32、，横梁的支持力和细线的拉力,条件，有FT=-G, Fn = Gtan仇当重为G的物体由挂在梁上的 cos程中，。减小，故Fn减小，Ft也减小；由于横梁处于平衡状态,如图所示，根据平衡B点处逐渐移至A点的过A点处对横梁作用力 F与Fn等大，也减小，B、C正确.V综合提升练8.（2018福建省龙岩市3月模拟）如图8所示，两个相同的小物体之间的弹簧A处于伸长状态，Q与挡板间的弹簧 B处于压缩状态,P、Q静止在斜面上，P与Q则以下判断正确的是（）图8A.撤去弹簧A,物体P将下滑，物体 Q将静止8 .撤去弹簧A,弹簧B的弹力将变小C.撤去弹簧B,两个物体均保持静止D.撤去弹簧B,弹簧A的弹力将变小答案

33、CA不能判断物体P的运动状解析由于不知道物体P与斜面之间的摩擦力情况，故撤去弹簧态，选项A错误；撤去弓t簧A的瞬间弹簧B的长度不变，所以弹簧 B的弹力不变，故选项 B 错误；将PQ看成整体可以知道，P和Q的摩擦力方向均沿斜面向上，且 PQ整体的摩擦力大于整体重力沿斜面向下的分力，故撤去弹簧B后物体P和Q仍然可以处于静止状态，弹簧A的弹力不变，故选项 D错误，C正确.9 .（2018江西省赣州市十四县市期中 ）如图9所示，倾角为。的斜面体c置于水平地面上，小 物块b置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与沙漏a连接，连接b的一段细绳与斜面平行.在a中的沙子缓慢流出的过程中， a、b、c都处于静止状

34、态，则（ ）A . c对b的摩擦力一定减小B.地面对c的摩擦力为零C. c对b的摩擦力一定增大D.地面对c的摩擦力一定减小答案 D解析 设a、b的重力分别为Ga、Gb.对a分析，绳子的拉力Ft= Ga；对b分析：若GaWGbsin为此时Ga+Ff=Gbsin 0, c对b的摩擦力方向沿斜面向上，当沙 子流出时，Ga减小，摩擦力增大； 若Ga>GbSin 2刚开始一段时间有 Ga=Gbsin 0+ Ff, c对b的摩擦力方向沿斜面向下，随着 Ga减小，摩擦力在减小，当减小到 Ga=Gbsin。时，摩 擦力减小为零，随后 Ga<GbSin 为跟第种情况一样，故 A、C错误；以b、c整体为研究对 象，分析受力如图，根据平衡条件得知水平面对c的摩擦力Ff= Ftcos 0= Gacos 以方向水平向左.在a中的沙子缓慢流出的过程中，摩擦力在减小，B错误，D正确.IK-Gt.+G.10 .（2018安徽省皖北协作区联考）如图10所示，两块固定且相互垂直的光滑挡板POQ, OP 竖直放置，OQ水平，小球a、b固定在轻弹簧的两端，现有一个水平向左的推力，作用于上，使a、b紧靠挡板处于静止状态. 现用力F推动小球b,使之缓缓到达b'位置，则（）图10A.推力F变大C.弹簧长度变短答案 DB. b对OQ的压力变大D.弹簧长度变长解析 隔离a分析受力，设此时