动力学提高题

1、动力学提高题1.如图甲所示，足够长白木板B静置于光滑水平面上，其上放置小滑块A.小滑块A受到随时间t变化的水平拉力F作用时，用传感器测出小滑块A的加2速度a,得到如图乙所本的a-F图象，已知g取10m/s,则（）A.小Vt块A的质量为3kgB.木板B的质量为1kgC.当F=6N时木板B加速度为2m/s2D.小Vt块A与木板B间动摩擦因数为0.12.如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m静止叠放在水平地面上A、B间的动摩擦因数为科，B与地面间的动摩擦因数为一.最大静摩擦力等于2滑动摩擦力，重力加速度为g.现对A施加一水平拉力F,则：A.当Fv2pmg时，A、B都相对地面静止.81.B.当F=

2、-Nmg时，A的加速度为一Ng33C.当F>3mg时，A相对B滑动1D.无论F为何值，B的加速度不会超过-gg3 .如图所示，斜面上放有两个完全相同的物体a、b,两物体间用一根细线连接，在细线的中点加一与斜面垂直的拉力F,使两物体均处于静止状态.则下列说法正确的是A. a、b两物体的受力个数一定相同B. a、b两物体对斜面的压力相同C. a、b两物体受到的摩擦力大小一定相等D.当逐渐增大拉力F时，物体b先开始滑动4 .三角形传送带以1m/s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m且与水平方向的夹角均为37°.现有两个小物块A、B从传送带底端都以4m/s的初速度冲上传送带，物

3、块与传送带间的动摩擦因数都是0.5,下列说法正确的是（）A.物块A、B都能到达传送带顶端B.两物块在传送带上运动的全过程中，物块A、B所受摩擦力一直阻碍物块A、B的运动C.物块A上冲到与传送带速度相同的过程中，物块相对传送带运动的路程为1.25mD.物块B在上冲过程中在传送带上留下的划痕长度为0.45m评卷人得分、实验题得分评卷人二、计算题本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考参考答案1 .B【解析】试题分析：刚开始两者相对静止一起在水平面上运动，当F=3N时有F=(mA+mB)a,代入可得3=(mA+mB)x1,之后F再增大，两者发生相对运动，此过程中对A分析有F1一.F一NmA

4、g=mAa,变形可得2=Ng,之后图像的斜率卜=,故有mAmA12-115k=一,所以mA=2kg,当F=5N时有2=Ng,解得0=0.05,将mA5-322mA=2kg代入3=(mA+mBK1可得mB=1kg,b正确AD错误；F>3N过程中b在A给的摩擦力作用下向右加速运动，所以对B分析可得NmAg=mBa',解得a'=1m/s,C错误；考点：考查了牛顿第二定律与图像2 .CD【解析】试题分析：AB之间的最大静摩擦力为：fmax=NmAg=2mg,B与地面间的最大静摩擦力为：.1,3._3.fmax=N(mA+mB)g=Nmg，当F<Nmg时，AB一定相对地面静止

5、，但当222l31FANmg时，AB不会相对地面静止不动，故A错误；当AB间刚好发生相对滑动时：对B3.受力分析得：2Lmg-mg=ma1.1.斛得B的加速度为：a=2Ng。在对A受力分析得：F2Nmg=2ma代入a=?Ng解得：F=3-mg由此可知当F>3Nmg时，AB将发生相对滑动.当F=8Nmg时，8Nmg<3Nmg,所以338-1icmg-J3mg7AB间不会发生相对滑动，对整体由牛顿第二定律有：a=32=一Ng,故B3m18错误；由以上知当F>3Nmg时，AB间会发生相对滑动，故C正确；A对B的最大摩擦力为一，3,2Nmg,B受到的地面的最大静摩擦力为一Nmg,所以

6、B的最大加速度为：2答案第1页，总3页本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考-3一112Nmg-2Nmg=ma,解得a=?Ng即无论F为何值，B的加速度都不会超过万Ng,故D正确.所以CD正确，AB错误。考点：牛顿第二定律【名师点睛】本题考查了摩擦力的计算和牛顿第二定律的综合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出AB不发生相对滑动时的最大拉力.根据AB之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力.然后通过整体法隔离法逐项分析.3. B【解析】试题分析：对ab进行受力分析，如图所示：b物体处于静止状态，当绳子沿斜

7、面向上的分量与重力沿斜面向下的分量相等时，摩擦力为零，所以b可能只受3个力作用，而a物体必定受到摩擦力作用，肯定受4个力作用，故A错误；ab两个物体，垂直于斜面方向受力都平衡，则有：N+Tsin0=mgcos0,解得：N=mgcos0-Tsin。，则a、b两物体对斜面的压力相同，故B正确；根据A的分析可知，b的摩擦力可以为零，而a的摩擦力一定不为零，故C错误；对a沿斜面方向有：Tcos0+mgsin0=fa,又b沿斜面方向有：Tcos0-mgsin0=fb,正压力相等，所以最大静摩擦力相等，则a先达到最大静摩擦力，先滑动，故D错误.故选B.考点：物体的平衡【名师点睛】本题解题的关键是正确对物体

8、进行受力分析，能根据平衡条件列式求解，难度不大，属于基础题。4. CD【解析】试题分析：对B分析：物块的速度开始大于传送带的速度，故物块相对传送带沿斜面向上运动，受到的摩擦力沿传送带向下，所以物块受到的合力沿传送带向下，做减速运动，加速度大小为a="mgcos37一mgsin37=10m/s2,当物块速度减小到1m/s时，物块相对地面m42-124-1.发生的位移为2=0.75m<2m,所用时间为t1=0.3s；由于2 10&Nmgcos37m4<mgsi力色硒以物块沿斜面向上减速到1m/s后摩擦力沿斜面向上，为动力，合力沿斜面向下，减速到零的过程中加=mgsin

9、37imgcos370=2m/s2,m1-0_,t2=0.5s此时B物块的总位移a2,，、12102LLE乩I，发生的位移为x2=1=0.25m,所用的时间为22答案第2页，总3页本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考x=0.75+0.25=1m<2m,之后由于mgcos37°<mgsin37°,B开始向下加速运动，所以B不能达到传送带顶端，当0<v<1过程中，摩擦力沿传送带向上，为动力，AB错误；A在mgcos37mgsin372一1=10m/s,到速度为零的过程中，A相对地面发生的位移为上滑直至速度为零过程中，摩擦力恒沿传送带向下，故

10、运动的加速度大小为m42-023x3=0.8m,所用时间为t3=0.3s,传送带此时向下运动了x"=1M0.4=0.4m,3 210310而物块是向上运动的，物块A相对传送带运动的路程&为=0.8+0.4=1.2m,然后A开始相对传送带下滑，速度小于传送带的速度，故受到的摩擦力方向仍向下，所以此时的加速度大小为a4="mgcos370*0gsin370=所/s2,到与传送带速度相同时A相对地面发生的位m12_021移为X3=0.05m,所用时间为t4=一=0.1s,传送带相对地面的位移为210410x”'=1X0.1=0.1m,这个过程中两者都是向下运动，故相对位移为Ax2=0.10.05=0.05m,故物块A上冲到与传送带速度相同的过程中，物块相对传送带运动的路程为8'二效+Ax2=1.2+0.05=1.25m,C正确；B在上滑过程中与传送带速度相同过程中，两者发生的相又位移为Ax''=x1-0.1x3=0.45m,之后由于传送带的速度大于滑块的速度，所以物块与传送带之间的划痕将覆盖原来的划痕，这个过程中两者的相对位移为x”'=0.5t2-x2=0.25mc0.45m,所以两者将在原来的划痕上发生相