广西大学附属中学高二物理上学期期末考试试题理含解析新人教版

1、广西大学附属中学2012-2013学年高二物理上学期期末考试试题理（含解析）新人教版时间：90分钟满分：120分一.不定项选择题：（本题共12小题，共48分，每题4分。有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1.为了防止静电的危害，应尽快把静电导走。下列措施中是可行的是：A.电子工厂内的技术人员带上接地脚环或防静电手腕带B.电工钳柄上套有一绝缘胶套C.飞机的轮胎装有搭地线或导电的橡胶制造D.印染车间里保持适当的湿度【答案】ACD【解析】试题分析：静电危害是由于相互间不断摩爆，从而产生大量的静电，不及时导走，会出现放电危害.电子工

2、厂内的技术人员带上接地脚环或防静电手蜿带，通过腕带及接地线将人体的静电导到大地，也正确.电工钳柄上套有绝缘胶套，在带电操作时，防止触电飞机在飞行时，与空气摩擦产生大量的静电.所以着落时通过飞机轮上装搭地线，将静电导走，故C正确mED刷车间中，纸张间摩擦产生大量静电，由于有一定的温度，能及时导走，故D正确.故选；ACD考点:静电现象的解释2 .一闭合线圈放在匀强磁场中，线圈的轴线与磁场方向成30角，如图所示，磁场的磁感应强度随时间均匀变化。在下述几种方法中可使线圈中感应电流增加一倍的是：A.把线圈直径增加一倍B.把线圈面积增加一倍C.把线圈匝数增加一倍D.把线圈匝数减少一半【答案】A【解析】试题

3、分析：设导线的电阻率为p,横截面积为S,线圈的半径为r,则感应电流为二至二期包L=电二如。可见，若将线圈直径噌加一倍，则噌加一倍，噌加一倍，RAiR2pAt故A正确，7与线圈匝效无关，故CD错误.若将线圈的面积增加一倍，半径，噌加（&I）倍，电流噌加（应1）倍：故B错误.故选:A考点，感生电动势、动生电动势；法拉第电磁感应定律3 .如图所示，实线表示在竖直平面内的电场线，电场线与水平方向成“角，水平方向的匀强磁场与电场正交，有一带电液滴沿斜向上的虚线L做直线运动，L与水平方向成3角，且a3,则下列说法中正确的是：XXXXA.液滴可能做曲线运动B.液滴有可能做匀变速直线运动C.电场线方向一定斜向

4、上D.液滴一定带正电喀案】CD【解析1试题分析；带电液滴做直线运动，要么合力为零做匀速直线运动，要么所受合力与速度方向在同一直线上，做匀变速直线运动；时带电液滴进行受力分析，然后答题.带电液滴受竖直向下的重力0，沿电场线方向的电场力F、垂直于速度方向的洛伦兹力3由于口5这三个力的合力不可能沿带电液滴的速度方向,因此这三个力的合力一定为枣.带电液滴做匀速直线运动，不可能做曲线运动和匀变速直线运动，故处错误提当带电液滴带正电，且电场线方向斜向上时,带电液滴受竖直向下的重力G,沿电场线向上的电场力F、垂直于速度方向斜向左上方的洛伦兹力f作用，这三个力的合力可能为零，带电液滴沿虚线1做匀速直线运动，如

5、果带电液滴带负电、或电场线方向斜向下时，带电液滴所受合力不为零，不可能沿直线运动，故正神，故选:CD考点；带电粒子在混合场中的运动4 .在图中所示的电路中，电源电动势为3.0V,内阻不计，Li、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如下图所示。当开关闭合后，下列判断正确的是A、灯泡L1的电阻为12a日通过灯泡Li的电流为通过灯泡L2电流的2倍C灯泡Li消耗的电功率为0.75WD灯泡L2消耗的电功率为0.30W1答案】ACDI解析】试题分析；当开关闭合后，灯泡2L的电压等于由图读出具电流人由欧姆定律求出电阻，并求出其功率.灯泡上2、3串联，电压等于L5%由图读出电流，求出电阻

6、.解：MC当开关闭合后，灯泡L的电压5=3圾由图读出其电流=0.25A,则灯泡L的电阻Ri=：=12G,功率卬廿0户5%故纪正确.灯泡乙.Z串联，电压A由图读出其电流产治0.204所以70J525-=5i=i,故B错误:/消耗的功率P户人5二。削，故D正确.120.22故选ACB萼点；电功、电功率M闭台电路的隙姆定律5 .在匀强电场中，有一质量为m,带电量为q的带电小球静止在O点，然后从O点自由释放，其运动轨迹为一直线，直线与竖直方向的夹角为0,如图所示，那么关于匀强电场的场强大小的下列说法中正确的是:A,唯一值是匕俚B,最大值是一匕qqC,最小值是mgsinaD,不可能是mgqq【答案】c【

7、解析】试题分析.带电小球受到电场力与重力作用，小球沿合力方向做加速直线运动，根据图示e置可确定电场力的方向，则由电场线的方向可得出带由小球的电性及电量大小.小球在重力和电场力的共同作用下做加速直线运动，当电场力的大小与重力沿合力的垂直方向分力相等时，电场力最小，即？扉拓即皿日，故二色度竺；故选：C.q考点：电场强度；牛顿第二定律6 .一束几种不同的正离子，垂直射入正交的匀强磁场和匀强电场区域里，离子束保持原运动方向未发生偏转.接着进入另一匀强磁场，发现这些离子分成几束如图.对这些离子，可得出结论：A、它们的动能一定各不相同C它们的质量一定各不相同B、它们的电量一定各不相同D、它们的比荷一定各不

8、相同【答案】D1解析】试题分析:粒子在磁场和电场正交区域里，同时受到洛伦式力和电场力作用，粒子没有发生偏转，说明粒子所受电场力和洛伦兹力平衡，满足红即不发生偏转的粒子具有共同的速度大小中二，粒子进入磁场后受洛伦兹力作用做匀速圆周运动，满足9加二对,BRqvB=qE圆周运动的半径K=，由此进行分析得出结诒.qR解：经过速度选择器后的粒子速度相同，粒子所受电场力和洛伦兹力平衡，满足即不发生偏转的粒子具有共同的速度大小y二二手进入磁场区分开，轨道半径不等，根据公B式改二丝，只能说朗比荷不同，故我错误，B错误，C错误，D正确;故选:D考点；带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力7 .真空中有

9、两根长直金属导线平行放置，其中一根导线中通有恒定电流.在两导线所确定的平面内，一电子由P点开始运动到Q的轨迹如图中曲线PQ所示，则一定是：A.ab导线中通有从a至1Jb方向的电流B.ab导线中通有从b到a方向的电流C.cd导线中通有从c至1Jd方向的电流D.cd导线中通有从d到c方向的电流【答案】C【解析】试题分析：注意现察图象的细节，靠近导线M处，电子的偏转程度大，说明靠近。d处偏转的半径小，洛伦兹力提供电子偏转的向心力，中试二巴工，圆周运动的半径改二竺，电RqR子速率不变，偏转半径变小，说明B变强，根据曲线运动的特点，合外力指向弧内，则洛伦兹力指向左侧，根据左手定值可以判断，担流方向时从c

10、至d,故C正确.故选:C考点;带电粒子在勺强酸场中的运动：牛顿第二定律，向心力8 .如图所示电路，电源内阻不能忽略，R的阻值小于变阻器的总电阻，开始时滑动变阻器的滑片P停在变阻器的中点，稳定后滑片P由中点向上移动至顶端的全过程中：A.电压表的示数先减小后增大B.电压表的示数先增大后减小C.电流表的示数先增大后减小D.电流表的示数先减小后增大1答案】B【解析】试题分析:由图可知，R1与滑动变限器的上端串联后与滑动受阻器的下端并联，井联电路再与R2串联,分析滑片移动时并联部分电阻的变化，由欧姆定律可得出电路中电流的变化及电压表的变化；对R1支路由欧姆定律可得出电流表示数的变化.近E由题意可知，当滑

11、片向上移动时，并联部分的总电阻先增大后减小，则外电路的总电阻先噜大后诚小；由闭合电路的欧姆定律可知，干路电流先减小后增大，故内电压先减小后噌大，则路端电压先噌大后激小二即电压表的示数先噌大后植小；故A错误B正确：aD滑片P由中点向上移动时，干路电流碱小过程中，路端电压喈大，R与变阻器上部分串联电阻减小，则通过电流表的电流噌大；在干路电流噌大过程中，路端电压减小，变阻器下部分的喈大，通过受阻器下部分的电流减小，则通过电流表的电薪增大,故电流表的示数一直噌大.故CD错误.故选；B考点；闭合电路的欧姆定律9 .如图所示，A板发出的电子经加速后，水平射入水平放置的两平行金属板间，金属板间所加的电压为U

12、,电子最终才T在光屏P上，关于电子的运动，则下列说法中正确的是：A.滑动触头向右移动时，其他不变，则电子打在荧光屏上的位置上升B.滑动触头向左移动时，其他不变，则电子打在荧光屏上的位置上升C.电压U增大时，其他不变，则电子打在荧光屏上的速度大小不变D.电压U增大时，其他不变，则电子从发出到打在荧光屏上的时间不变【答窠】ED【解析】试题分析由题意如，电子在加速电场中加速运动,根据动能定理得！sU=/KV1A电子2获得的速度为v=.匹.电子进入偏转电场后做类平抛运动，也就是平行电场方向做初m速度为。的匀加速直线运动，加速度为。=曳，电子在电场方向偏转的位移为：mcfy=-a.垂直电场方向做匀速直线

13、运动，粒子在电场中运动时间为t=-f又,偏转电2v场方向向下，二电子在偏转电场里向上偏转.滑动触头向右移动时，加速电压变大，所以电子获得的速度Y噌加，由上式得知，电子在电场中运动时间1减少，故电子偏转位移了变小，因为电子向上偏转，故在屏上的位置下降，故A错误滑动触头向左移动时，加速电压变小，所以电子获得的速度v减小，由上式得知，电子在电场中运动时间f变大，故电子偏转位移T变大，因为电子向上偏转，故在屏上的位苴上升，故E正确1偏转电压噌大时，电子在电场中受到的电场力噌大，即电子偏转的加速度看噌大，又因为电子茯得的速度不变，电子在电场中运动的时间不变，白噌大，而电子打在屏上的速度为J-+画,故电子

14、打在屏上的速度噌大，故C错误，偏转电压增大时，电子在电场中受到电场力赠大，即电子偏转的加速度度以噌大，又因为加速电压不变，电子进入电场的速度没有变化，电子在电场中运动的时间f没有发生变化，故D正确.依选工BD考点工带电粒子在句强电场中的运动10 .如图所示，ABCD是一个圆的两条直径，该圆处于匀强电场中，电场强度方向平行该圆所在平面，在圆周所在的平面内将一个带正电的粒子从A点先、后以相同的速率v沿不同方向射向圆形区域，粒子将经过圆周上的不同点，其中经过C点时粒子的动能最小。若不计粒子所受的重力和空气阻力，则下列判断中正确的：A.电场强度方向由A指向BB.电场强度方向由D指向CC.粒子到达B点时

15、动能最大D.粒子到达D点时电势能最小【答案】D【解析】试题分析：带正电微粒以相同的初动能沿着各个方向从A点进入IS形区域中，只在电场力作用下从圆周上不同点离开圆形区域，从C点离开圆形区域的带电微粒的动能最小.则说明电场力做功最小，从而得出C点是沿电场强度方向离A点最近,电场力做功就是电量与两点的电势差的乘积.仅在电场力作用下从A点进入，离开C点的动能最小，电势能最大，则C点是沿电场强度方向离2点最近，所以电场线与过C的切线相垂直，由于带电微粒是带正电，故句强电场的方向沿CD方向.故氐B错误：由上可知，电场线方向从C到D,由沿着电场线方向，电势降低，则有D点的电势能最小，动能最大，故C错误，D正

16、确；故选二D考点:带电粒子在匀强电场中的运动电场强度11 .质量为m带正电量q的粒子，垂直磁场方向从A射入匀强磁场，磁感应强度为B,途经P点。已知AP连线与入射方向成a角。如图所示，则离子从A到P经历的时间为：mbAA.吧b.止C.ID.2m-qBqB2二qBqB【答案】D【解析】试题分析；周期公式可得二丁二陋和粒子在磁场中的运动时间表达式；/=2丁，e为Bq2笈IS周角，可以求出离子从A&IF经历的时间为:也巴，故选；D.考点：带电粒子在匀强磁场中的运动12 .粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框abcd置于有界匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，其边界与正方形线框的边平行.现使线框以同样大小的

17、速度沿四个不同方向（向上.向下.向左.向右）分别平移出磁场，如图所示，则线框移出磁场的整个过程中：A.四种情况下流过ab边的电流的方向都相同B.四种情况下ab两端的电势差都相等C.四种情况下流过线框的电量都相等D.四种情况下磁场力对线框做的功率都相【答案】ACD【解析】读题分析;根据楞故定律判断感应电流方向.用焦耳定律研究热量.由欧姆定律分析电压,根据法拉弟定律研究电量.四种情况磁通量均诚小，根据楞次定律判断出感应电流方向均为防时针方向，故4正确.设1133油间电势差的绝对值为I，则4=上鼎=配管，同理眩=二月八，=二N%4424%=方廿则图乙然框中亘、b两点间电势差绝对值最大，故B正确.由感

18、应电量g二与，/山相同，则电量相同，故C错误.设正方形线框边长为2,电阻为武，磁感应强度为国电阻丝产生的焦耳热为。二至r二四1人二座之，可见，0与,成正比.则图丁电阻RRvR丝产生的焦耳热最多，故D错误.故选二C考点；导体切割磁感线时的感应电动势；法拉第电磁感应定律；电磁感应中的能量转化.二、实验题：(本题共2小题，共18分，把答案填在题中相应的横线上或按题目要求作答.)13 .如图所示的电路中，1、2、3、4、5、6为连接点的标号。在开关闭合后，发现小灯泡不亮。现用多用电表检查电路故障，需要卞测的有：电源、开关、小灯泡、3根导线以及电路中的各点连接。(1)为了检测小灯泡以及3根导线，在连接点

19、1、2已接好的情况下，应当选用多用电表的挡。在连接点1、2同时断开的情况下，应当选用多用电表的挡。(2)在开关闭合情况下，若测得5、6两点间的电压接近电源的电动势，则表明可能有故障(3)将小灯泡拆离电路，写出用多用表检测该小灯泡是否有故障的具体步骤。【答案】f1）电压；欧姆（2）开关或连接点5、6欧姆档捋红、黑表笔相接，进行欧姆档调零电阻无穷大【解析】试题分析；（1）在电源接入时，电路故障判定一般选用电压表并联，电压表示数接近电动势,说明该处断路，无视数则正常；电源不接入时，使用欧姆表，欧姆表示薮为无穷大，即说明电路发生断路.（2）当外电路开路时路端电压接近电源的电动势，分析故障.按照欧姆表测

20、量电阻的步骤进行操作.解；（。在L2两点接好的情况下，应当选用多用电表的电压档，若选电流挡易造成表头烧坏、电源短路】若选欧姆挡则有可能造成痘路、指针倒转.在L2同时断开的情况下，应选用欧姆档，直接测量某段电路的电阻即可.（2）电压表示数接近电动势，只有一种可能，明电压表与灯泡串联接入电路，电压表内阻极大，分得大部分电压，说明开关或连接点5、白两点断路.调到欧姆档将红黑表笔相接，进行欧姆档调零.测量小灯泡的电阻，如电阻无穷大，表明小灯泡有故障.（灯丝断或灯座接触不良）考点；闭合电路的欧姆定律14 .有一段粗细均匀的导体，现要用实验的方法测定这种导体材料的电阻率，若已测得其长度和横截面积，还需要测

21、出它的电阻值R。（1）若已知这段导体的电阻约为30Q,要尽量精确的测量其电阻值，除了需要导线、开关以外，在以下备选器材中应选用的是。（只填写字母代号）A.电池（电动势14V、内阻可忽略不计）B,电流表（量程00.6A,内阻约0.12Q）C.电流表（量程0100mA,内阻约12）D.电压表（量程03V,内阻约3kQ）E.电压表（量程015V,内阻约15kQ）F,滑动变阻器（010允许最大电流2.0A)G.滑动变阻器（0500Q,允许最大电流0.5A）（2）在方框中画出测这段导体电阻的实验电路图（要求直接测量的变化范围尽可能大一些）。（3）根据测量数据画出该导体的伏安特性曲线如图所示，发现MNi明

22、显向上弯曲。若实验的操作、读数、记录、描点和绘图等过程均正确无误，则出现这一弯曲现象的主要原因是_【答案】ABEF;C2）电路图如图所示（3）伴随导体中的电流噌大，温度升高，电阻率增大，电阻噌大【解析】试题分析.（1）实嗡中需要电源：乩电池（电动势L4K内阻可忽略不计）;电路最大电流e14y约为二一二%0.5A,电流表可选；民电流表（量程。0.84内阻约0.120h电30Q源电动势为idV,电压表可选！E.电压表（里程015%内阻约15kQ）?电源电动势为14宿滑动变阻器可选，F、。10口，允许最大电流2.0As即还需要的实蛤器材为】ABEF.要准确测量电阻阻值，应迸行多次测量求平均值，测量多

23、蛆实验薮据，滑动变阻器可以采用分压接法;待测电阻阻值约为300,电流表内阻约为5120,电压表内阻妁为15k0，相对来说，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表可以采用外接法，电路图如图所示.r-|-S（3）伴随导体中的电流增大，由流流过电阻产生的热量越来越多，电阻温度越来越高，导体电阻率变大，导体电阻变大，导体电阻不再是定值，因此导体的伏安曲线不再是直线而发生弯曲.考点工伏安法测电阻三、论述计算题：（共计54分，要求写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.）15、（12分）如图所示，一带电小球质量为m,以初速度V0沿与水

24、平方向成45o角斜向上进入一个足够大的匀强电场中，匀强电场的方向水平向左，电场强度为E,已知重力加速度为g,要使小球在电场中做直线运动.问：(1)小球应带何种电荷？电荷量是多少？(2)在入射方向上小球的最大位移是多少【答案】(1)小球带正电,电量q=些.(2)E26【解析】试题分析解；(1)电荷受重力和电场力作用，因为电荷在电场中做直线运动，合力方向平行于运动方向，在垂直于运动方向上合力为零，则电场力方向只能水平向左，小球带正电.，在垂直运动方向上合力为零；板5-4铲=阴g845,解得q-.E(2)小球所受合力为产:一.根据牛顿第二定律；尸:阳,得；a=-=2g,根sin45flm2据匀变速直

25、线运动的规律：v2-v02=2ax,可得：x=V_.2、2g考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；牛顿第二定律16、(14分)如图，真空室内存在匀强磁场，磁场方向垂直于纸面向里，磁感应强度的大小B=0.60T,磁场内有一块平面感光板ab,板面与磁场方向平行，在距ab的距离l=16cm处，有一个点状的放射源S,它向各个方向发射a粒子，a粒子的速度都是v=3.0父106m/s,已知a粒子的电荷与质量之比9=5.0M107c/kg，现只考虑在图纸平面中运动的口粒子，m.求ab上被a粒子打中的区域的长度。【答案】ab上被tx粒子打中的区域的长度：2t解析】试题分析：值粒子带正电，故在磁场中沿逆时针方

26、向做匀速圆周运动，用R表示轨道半径，由q诬二作R由此得正二m代人数值得RTOrw因不同方向发射的s粒子的圆轨迹都过S,且乩由此可知，某一圆轨迹在图中N左侧与威相切，则此切点Pi就是色粒子能打中的左侧最远点一为定出Pi点的位置，可作平行于曲的直线涵出到况的距离为凡以5为0心为半径，作史炭M于。点，过0作况的垂线，它与总的交点即为Fkg=依一竹再考虑N的右侧,任何值粒子在运动中离S的距离不可能超过2凡以2尺为半径、S为圆心作扇，交他于N右侧的P?点，此即右侧能打到的最远点.由图中几何关系得明二位可彳所求长度为4鸟=叫+%代人数值得RB=20cm考点：带电粒子在磁场中的运动17、（14分）如图所示，两带有等量异种电荷的平行金属板MN竖直放置，MN两板间的距离d=0.5m.现将一质量为m=1M10kg、电荷量q=4M10C的带电小球从两极-板上方A点以v0=4m/s的初速度水平抛出，A点距离两板上端的高度h=0.2m,之后小球恰好从靠近M板上端处进入两板间，沿直线运动碰到N板上的B点，不计空气阻力，取_2g=10m/s.设匀强电场只存在于Mnn间。求:(1)两极板间的电势差.(2)小球由A到B所用总时间(3)小球到达B点时的动能.【答案】（1）两极板间的电势差：2.5xltTJ小球由A到B所用总时同.1d域到达B点时的动能:C.225J【