【物理】电与磁培优训练(附解析)经典

1、【物理】 电与磁培优训练（附解析）经典一、电与磁选择题1.如图所示，闭合开关 S,弹簧测力计的示数增大.下列分析正确的是II量惹力计A. c端是S极，a是电源的正极B. c端是N极，a是电源的负极C.若滑动变阻器的滑片向右滑动，弹簧测力计示数增大D.若将电源正负极接线的位置对调，弹簧测力计示数增大【答案】B【解析】【解答】解：A闭合开关S,弹簧测力计的示数增大，由于此题下端为S极，并且弹簧测力计的示数变大，因为异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，所以电磁铁的上端为N极.故A错误；B、由上述可知因为电磁铁的上端为N极，下端为 S极，由安培定则可知，电流从电磁铁的上端流入，故电源 b端为正极，a端

2、为负极.故 B正确；C、若滑动变阻器的滑片向右滑动，滑动变阻器的电阻增大，电路中的电流变小，电磁铁的磁性变小，对上方的磁体的吸引力变小，所以弹簧测力计示数变小，故 C错误；D、若将电源正负极接线的位置对调，电磁铁的磁性强弱不变，极性相反，则c端变为S极，与磁体相互排斥，故弹簧测力计的示数变小.故 D错误. 故选B【分析】首先要明确电磁铁磁性强弱的影响因素：有无铁芯、电流大小、线圈匝数的多 少. 首先由弹簧测力计示数变化确定电磁铁磁性强弱的变化，进而确定电流变化，判断出滑动变阻器的滑片移动，电路中电阻的变化，知道磁体的下端为S极和弹簧测力计的示数增大，根据磁体间的相互作用规律，从而可以判断出电磁

3、铁的磁极极性. 知道电磁铁的磁极极性，可利用安培定则判断出电磁铁中电流的方向，从而可以确定电 源的正负极. 根据滑动变阻器滑片的移动引起电流的变化，再判断出电磁铁磁性强弱的变化，可从而 以确定弹簧测力计示数的变化.磁感线方向不影响电磁铁磁性强弱的变化，但是电磁铁的极性相反，利用磁极之间作用 规律，从而确定弹簧测力计示数的变化 2.有一小磁针静止在通电螺线管上方，如图所示，则通电螺线管（A.左侧为C.左侧为【答案】【解析】N极，a端为正极N极，b端为正极CB.左侧为S极，a端为正极 而侧为S极，b端为正极【解答】解：由于小磁针静止时，其左端为S极，右端为N极，根据磁极间的作用规律可知，螺线管的右

4、端为 S极，左端为N极。根据螺线管的 N、S极和螺线管的线圈绕向。利用安培定则可以确定电流是从螺线管的右 端流入左端流出。由于电流是从电源的正极流出，经过外电路回到电源负极。所以可以确 定电源的右端为正极，左端为负极。故答案为：Co【分析】根据磁极间的作用规律可知螺线管的磁极，再利用安培定则可知电流方向3 .导线a是闭合电路的一部分，a在磁场中按图中v的方向运动时，能产生感应电滋的是 ()(a在A、B选项中与磁感线平行，在 C、D选项中垂直于纸面)磁感争A. A【答案】DB. BC. CD. D【解析】【解答】在电磁感应现象中，金属棒要切割磁感线需要两个条件:金属棒与磁感线方向之间的夹角不能为

5、0; 金属棒的运动方向与磁感线之间的夹角不能为0.A.导线a与磁感线的夹角为 题意；B.导线a与磁感线的夹角为 不合题意；C.导线a与磁感线的夹角不为 不合题意；D.导线a与磁感线的夹角不为 合题意。0,且运动方向与磁感线夹角为0,0,但运动方向与磁感线夹角不为0,但运动方向与磁感线夹角为0,且运动方向与磁感线夹角不为不能产生电流，故A不合0,也不能产生电流，故0,也不能产生电流，故0,能产生电流，故 D磁图戋 已“ 磁感镭 * 导装a、.故选D。闭合电路的部分导体；做切割磁感线运动，据此判【分析】产生感应电流的条件: 断。4 .在昼夜明灯的地下停车场，驾驶员根据车位入口上方的红绿灯入停.如图

6、是小吴设计的 自动控制电路图，将光控开关（遮光时开关闭合）装在每个车位地面中央，红绿灯装在车 位入口上方.当车位未停车时绿灯亮，当车位已停车时红灯亮，则图中 Li、匕（）A.都是红灯“B.都是绿灯C.分别是红灯、绿灯“D.分别是绿灯、红灯【答案】D【解析】 【解答】解：由题当车位已停车时，光控开关被遮光而闭合，由图可知，此时左 侧控制电路连通，电磁继电器中的电磁铁产生磁性，吸下衔铁，L2灯泡电路被接通，所以L2为红灯；当车位未停车时，光控开关有光照而断开，电磁铁中无磁性，弹簧将衔铁拉起，Li电路接通而发光，所以Li为绿灯.故ABC错误，D正确. 故选D【分析】根据光控开关的作用，分析左侧控制电

7、路的通断，再分析两灯的工作状态即可解 题.5 .对于图中所示的四幅图，以下说法正确的是（）A.甲图中通电导线周围存在着磁场，如果将小磁针移走，该磁场将消失8 .乙图中闭合开关，通电螺线管右端为N极C.丙图中闭合开关，保持电流方向不变，对调磁体的 N、S极，导体的运动方向不变D.丁图中绝缘体接触验电器金属球后验电器的金属箔张开一定角度，说明该棒带正电 【答案】B【解析】【解答】解:A、通电导线周围存在磁场，将小磁针移走，磁场仍存在，故 A错误；B、根据图中电源的正极在右侧，可知螺线管中电流方向是由右侧进入左侧流出，故利用安培定则可知通电螺线管的右端为N极，故B正确；C、通电导体在磁场中受到力的作

8、用，受力方向与磁场方向和电流方向有关，电流方向不 变，对调磁体的 N、S极即改变了磁场方向，导体棒摆动方向将改变，故 C错误；D、丁图中绝缘棒接触验电器后，验电器的金属箔张开一定角度，是因为箔片带上了同种 电荷，可能是正电，也可能是负电，故 D错误.故选B.【分析】(1)通电导线的周围存在磁场，但磁场看不见、摸不着，可以通过小磁针的偏转 说明磁场的存在；(2)安培定则：用右手握螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端 就是螺线管的北极；(3)通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关，当其中一个 方向变化时，受力方向变化，但当两个方向同时变化时，受力方向不变

9、；(4)验电器是利用了同种电荷相互排斥的原理制成的.6.如图，表示导线中的电流方向垂直于纸面向里,O表示导线中的电流方向垂直于纸面向外，F是磁场对通电导线的作用力 .下列哪个选项中，磁场对通电导线的作用力与图中F的方向相同()A.C.aw me【答案】B【解析】【解答】左端，因此左端是 直的四指指尖向里,B.D.A.线圈上电流方向向上，右手握住螺线管，四指指尖向上，大拇指指向N极，右端是S极，磁感线向左；导线中电流向里，左手手心向右，伸大拇指向上，因此导线受到向上的力，故A错误;B.与A中相比，就是导线中电流方向相反，因此导线受到力的方向也相反，即向下，故 正确；C.与B中相比，就是线圈上电流

10、方向相反，因此导线受力的方向相反，即向上，故 误；D.电路中没有电源，电磁铁就没有磁场，因此导线不会受力，故D错误。故选Bo【分析】（1）在磁体外部，磁感线总是从N极到S极；（2）使用安培定则判断通电螺线管的磁极，使用左手定则判断通电导线在磁场中的受力 方向。7.在图中的自动控制电路中，当控制电路的开关S闭合时，工作电路的情况是（）A.灯不亮，电铃响 fB.灯不量，电铃不响C.灯亮，电铃不响iD.灯亮,电铃响【答案】A【解析】 【解答】解：当控制电路的开关S闭合时，控制电路中有电流，电磁铁具有磁性，吸引衔铁，动触头和下面电路接通，电铃工作，和上面的电路断开，所以电灯不亮。故答案为：A【分析】结

11、合电磁继电器的工作原理分析解答即可8.如图所示的用电器中，利用电动机工作的是（）C.电热水壶D.1 电饭锅【答案】A【解析】 【解答】解：A、电风扇核心部件是电动机，工作时主要把电能转化为机械能，是利用通电导体在磁场中受力运动制成的，故A正确；B、电灯工作时，主要把电能转化为内能，使灯丝温度升高达到白炽状态而发光，是利用电 流的热效应工作的，故 B错误；CD、电热水壶、电饭锅工作时，都把电能转化为内能，是利用电流的热效应工作的，故CD错误. 故选A.【分析】电动机是利用通电导体在磁场中受力运动制成的，在选项中找出反映这个原理的 即可.9 .下列对有关物理学家及其所做的实验表述不正确的是（A.托

12、里拆利实验精确地测出大气压的数值B.奥斯特实验证明了电流周围存在磁场C.法拉第通过实验研究了磁场对通电导线的作用D.焦耳最先准确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系【答案】C【解析】【解答】解：A、1643年，意大利科学家托里拆利实验第一次精确地测出大气压 的数值，po=1.013 X 50a,故A正确；B、奥斯特发现了通电导体周围存在磁场，即电流的磁效应，是第一个发现电现象与磁现象之间有联系的人，故 B正确；C、法拉第通过实验研究了电磁感应现象，从而使人类进入了电气化时代，故C不正确；D、在大量实验的基础上，英国物理学家焦耳找出了电流产生的热量与电流、电阻、通电 时间的关系，即

13、发现了焦耳定律，故 D正确.故选：C.【分析】（1）世界上第一个准确测出大气压数值的科学家是托里拆利；（2）奥斯特发现了电流的磁效应；（3）法拉第发现了电磁感应现象；（ 4）英国物理学家焦耳通过一系列 实验发现了焦耳定律.本题考查我们对一些重要的科学家及其贡献的了解和掌握，属于物理学常识，平时要注意物理学常识知识的积累.10 .下列有关电和磁的说法正确的是（）A.奥斯持发现了电流的磁效应陶体周围的磁场既看不见也摸不着，所以是不存在的C.电动机是根据电磁感应原理制成的hD.电磁铁磁性的强弱只与线圈中电流的大小有关【答案】A【解析】【解答】解：A、奥斯特发现了电流的磁效应，故 A正确；B、磁体周围

14、的磁场虽然看不见也摸不着，但的确存在，故 B错误；C、电磁感应现象是发电机的制作原理，而电动机的制作原理是通电线圈在磁场中受力转动，故C错误；D、电磁铁的磁性强弱与电流的强弱和线圈的匝数有关，故 D错误.故选A.【分析】（1）奥斯特发现了电流的磁效应；（2）磁场看不见、摸不着但的确存在；（3）电动机工作原理是通电线圈在磁场中受力转动；（4）电磁铁的磁性强弱与电流的强弱和线圈的匝数有关.11.下列作图中，错误的是（）【解析】【解答】解：A、反向延长得出力 F1的作用线，从支点作作用线的垂线，得垂足，支点到垂足的距离为 动力臂Li ,如图所示，故A错.B、静止在斜面上的物体受到重力（竖直向下）、支

15、持力（垂直斜面向上）和摩擦力（沿斜面向上）的作用，三力的作用点画在物体的重心，故 B正确；C、物体成的像为虚像，用虚线画出，物像关于平面镜对称，故 C正确；D、在磁体外部，磁感线从 N极出，回到S极，故D正确.故选A.【分析】（1）根据力臂的画法进行分析，力臂是支点到力作用线的垂线段；（2）静止在斜面上的物体受到重力、支持力和摩擦力的作用；（3）平面镜成像的特点：物体成的像为虚像，物像关于平面镜对称；（4）在磁体外部，磁感线从 N极出，回到 S极.本题考查 了力臂的画法、力的示意图的画法、平面镜成像的画法以及磁感线的方向，属于基础题 目.12 .下列教材中的探究实验，不需要控制电流一定的是（）

16、A.探究导体电阻与长度的关系B.探究通电导体产生的热量与电阻的关系C.探究电功与电压的关系D.探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系【答案】A【解析】 【解答】解：A、电阻与导体的长度、材料、横截面积和温度有关，与电流大小无关，探究与长度的关系，不用控制电流一定，A正确；B、由Q=I2Rt可知，通电导体产生的热量与电路中的电流、导体的电阻和通电时间有关，要探究热量与电阻的关系，需控制电流和通电时间一定，B错误；C、由W=UIt可知，要探究电功与电压的关系，需使电流和通电时间一定，C错误；D、电磁铁磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关，要探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，需控制电路中的电流相同，D错误

17、.故选A.【分析】若所探究的物理量与电流及其他因素有关，探究过程中需控制电流一定，根据各 项分析即可得出结论.13 .如图所示为科研人员研制的发电鞋”，鞋的内部安装了磁铁和线圈，当人体带动磁铁运动时，磁铁产生的磁场通过线圈，从而产生感应电流。当人以 5km/h的速度行走时，其发电的功率约为 0. 4W。下列说法正确的是（）A.发电鞋工作时将电能转化为机械能B.发电鞋是利用电磁感应原理工作的C.发电鞋是利用电流磁效应原理工作的D.在人以5km/h的速度行走1h的过程中，发电鞋可以产生约0. 4J的电能【答案】B【解析】【解答】由题意可知，发电鞋工作时将机械能转化为电能，A不符合题意；发电鞋的原理

18、是电磁感应现象，B符合题意，C不符合题意；发电鞋 1h内产生的电能为W=Pt=0. 4WX 3600s=1440J D 不符合题意； 故答案为：B.【分析】发电机工作时将机械能转化为电能，工作原理是电磁感应现象14 .发电机和电动机的发明使人类步入电气化时代，制造电动机所依据的原理是（）A.电磁感应现象B.电流的周围存在着磁场C.磁场间的相互作用D D.通电导体在磁场中受到力的作用【答案】D【解析】【解答】解：电动机是根据通电导体在磁场中受到力的作用的原理来工作的.故选D.【分析】电动机的工作原理：通电导体在磁场中受到力的作用.发电机的工作原理：电磁 感应现象.15.如图所示，下列描述正确的是

19、（）A.甲图：利用灵敏电流计可以准确测量电流值B.乙图：同名磁极相互吸引C.丙图：比较两次实验得出压力的作用效果与受力面积的关系D.丁图：用吸管像两乒乓球中间吹气，乒乓球靠拢【答案】D【解析】 【解答】解：A、甲图灵敏电流计没有刻度值，利用灵敏电流计可以大致反映电流的大小，故A错误；B、图中是两个 N极相互靠近，利用同名磁极相互排斥，故 B错误；C、丙图压力和受力面积都不同，不能比较两次实验得出压力的作用效果与受力面积的关系，故C错误；D、用吸管像两乒乓球中间吹气，中间空气流速大，压强小，两边流速小，压强大，压着乒乓球向中间靠拢，故 D正确.故选D.【分析】（1）利用灵敏电流计可以大致反映感应

20、电流的大小；（2）同名磁极相互排斥;（3）压力的作用效果与压力大小和受力面积有关；（4）流速越大的地方，压强越小.16 .如图所示的环保型手电筒，筒内没有电池，使用时只要来回摇晃手电筒，使永磁体在线圈中来回运动，灯泡就能发光，下列几个实验与其原理相同的是（）Q1D.【答案】C【解析】【解答】解：永磁体在线圈中来回运动，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光，所 以手摇电筒的工作原理为电磁感应现象；A、图中为奥斯特实验，说明了通电导体周围存在磁场，与手摇电筒的工作原理无关，故 错误.B、此图的装置是通电螺线管，是用来研究通电螺线管周围的磁场，与手摇电筒的工作原理 无关，故B错误.C、

21、图中闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中产生了感应电流（可以从 电流表指针发生偏转来体现），这是电磁感应现象，与手摇电筒的工作原理相符合，故 正确.C、此图反映了通电导体在磁场中受到力的作用，与手摇电筒的工作原理无关，故D误.故选C.【分析】（1）手摇电筒是利用电磁感应现象制成的，磁铁在线圈中来回运动，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光.（2）逐个分析下面四个选择项中各个设备的制成原理，将两者对应即可得到答案.17 .首先发现电流磁效应的科学家是（）A.麦克斯韦iB.赫兹C.奥斯特 D.法拉第【答案】C 【解析】 【分析】导体中有电流通过时，在导体周围就会产生磁场

22、，磁场方向与电流方向有关.【解答】1820年，奥斯特意外地发现载流导线的电流会作用于磁针，使磁针改变方向，也 就是通电导体周围产生磁场.故选C.【点评】多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉 及，在学习中应注意.18.如图是关于电磁现象的四个实验，下列说法正确的是（）A.图甲是研究发电机工作原理的实验装置C.图丙是探究磁铁磁性强弱的实验装置【答案】DB.图乙实验说明通电导体周围存在磁场 nD.图丁是探究电磁感应现象的实验装置【解析】【解答】解：A、图中有电池，是电动机原理图，故 A错误;B、图中有学生电源，这是磁场对电流的作用实验，结论是通电导体在磁场中受力，故

23、错误；C、是奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场，故C错误；D、图中没有电池，是电磁感应现象实验，故 D正确.故选：D.【分析】根据对电与磁几个重要实验装置图的认识来判断：（1）发电机原理图描述了线圈给外界的用电器供电；电动机原理图描述了电源给线圈供电；（2）电磁感应现象装置图没有电池；磁场对电流的作用装置图有电池.19.如图是一种手压式环保节能手电筒的结构示意图。使用时，迅速按压手柄多次，闭合开关灯泡就能发光。这种不需要干电池的手电筒的工作原理是（）A.电磁感应现象B.电流的磁效应力转动C.磁极间的相互作用D.通电线圈在磁场里受【答案】A【解析】 【解答】分析题中所给的图，按压手柄，会带动齿

24、轮旋转，齿轮再带动线圈转 动，线圈的转动切割了磁铁周围的磁感线，从而产生感应电流，供给灯泡发光，所以这种 手电筒的工作原理是电磁感应现象， A符合题意.故答案为：A.【分析】发电的过程是电磁感应原理，是闭合电路的一部分切割磁感线时产生电流的20.如图所示的实验装置图中，能够说明电动机工作原理的是（）【答案】A【解析】 【解答】A图中有电源，是通电导体在磁场中受力而发生运动，是电动机的原理，A符合题意；B图中无电源，是线圈切割磁感线运动而产生感应电流，是发电机的原理，B不符合题意；C图中说明了通电导线周围存在磁场，是电流的磁效应，C不符合题意；D图中是研究电磁铁的装置，是电流的磁效应，D不符合题

25、意.故答案为：A.【分析】电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用而运动21 .下列说法中，正确的是（）A.只要导体在磁场中运动，就会产生感应电流B.电动机是利用电磁感应现象制成的C.发电机是把电能转化成机械能的机器nd.电流周围存在着磁场。【答案】D【解析】A闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线的运动时，导体中就会产生感应 电流，A选项错误。B电动机是利用通电导体在磁场中受到力的作用制成的，B选项错误C中发电机是把机械能转化为电能，C选项错误;D电流周围存在磁场，D选项正确。故选D.)B发电机是利用电磁感应原理工作的D.电磁铁磁性的强弱不能通过调节电流的大22 .下列关于磁现象说法中

26、正确的是(A.磁感线越密集的地方磁场越弱C.地磁场的N极在地球的北极附近 小来控制【解析】【解答】解:A、磁场中的磁感线密集的地方说明该处磁场强，磁感线稀疏的地方磁场弱，故A错误;B、发电机即通过线圈在磁场中做切割磁感线的运动，此时电路中会产生电流，是电磁感应 现象，故B正确；C、地磁N极在地理南极附近，地磁 S极在地理北极附近.故 C错误；D、电磁铁的磁性与线圈匝数和电流大小有关，所以电磁铁的磁性强弱可以通过改变电流 大小来控制，故 D错误.故选B.【分析】(1)在磁场中磁感线的疏密来表示磁场的强弱.(2)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这叫电磁感应现象，其前

27、提条件是施加运动，结果是产生电流.(3)地球本身是一个巨大的磁体，地磁两极和地理两极不重合.(4)电磁铁的磁性强弱与电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯有关.23 .下列教材中的探究实验，不需要控制电流一定的是()A.探究导体电阻与长度的关系“ B.探究通电导体产生的热量与电阻的关系C.探究电功与电压的关系D.探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系【答案】A【解析】 【解答】解：A、电阻与导体的长度、材料、横截面积和温度有关，与电流大小无关，探究与长度的关系，不用控制电流一定，A正确；B、由Q=I2Rt可知，通电导体产生的热量与电路中的电流、导体的电阻和通电时间有关，要探究热量与电阻的关系，需控制电流和通电时间一定，B错误；C、由W=UIt可知，要探究电功与电压的关系，需使电流和通电时间一定，C错误；D、电磁铁磁性强弱与