2022届广东省中考冲刺卷物理试题含解析

1、2021-2022学年中考物理模似试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1如图所示，小磁针N极的指向和通电螺线管的磁感线方向均正确的是ABCD2下列有关光学知识说法正确的是（）A在莲花湖水中可看到拱桥的倒影，是光的折射现象B“老花眼”戴的“老花镜”对光有发散作用C小孔成像中像的大小与小孔到光屏的距离无关D烛焰在凸透镜的主光轴上，以速度v从1.2f处匀速运动到1.

2、9f处（f为焦距），这段时间内像移动的速度为v，则vv3（2016山东临沂卷）如图所示，台秤上放一个盛水的烧杯，一个弹簧测力计吊着一个金属块且金属块刚好完全浸没在水中现将金属块从水中匀速提起直至刚离开水面的过程中，下列说法错误的是（ ）A烧杯底部的压强逐渐减小B弹簧测力计的示数逐渐变大C弹簧测力计对金属块拉力的功率增大D台秤的示数逐渐增大4下列实例中，属于减小压强的是（ ）A推土机的推土铲刃做得很锋利B铁轨下面铺枕木C破窗锤的敲击端做成锥状D图钉尖做得很细5在太阳系中，地球属于A恒星B卫星C行星D彗星6以下说法正确的是A温度为 0时，水已不存在，全部结成冰B温度为 0时，冰已不存在，全部化成水

3、C温度为 0时，冰和水都有可能存在，但没有水蒸气D温度为 0时，冰、水和水蒸气都有可能存在7在下列四种飞行器中，飞行时利用流体压强与流速关系获得升力的是A飞机B飞艇C热气球D火箭二、填空题（本大题7小题，共21分）8如图所示，电源电压不变，只闭合S1，电流表示数为，电压表示数为4V，电源电压为_V，闭合S1、S2、S3，电流表A1、A2示数之比为_.9如图所示的电路，要使L1、L2并联，需要闭合的开关是_；如果同时闭合开关S1、S2和S3 ， 电路会出现_ 10为了探究物体对水平面的压力改变时水平面受到压强的变化量与哪些因素有关，某小组同学将底面积不同的物体置于同一海绵上进行实验。他们改变物体

4、对海绵的压力，并用海绵下陷深度的变化量来反映压强的变化量。他们进行了三组实验，记录有关数据分别如表一、表二、表三所示。通过比较，他们发现每一组海绵下陷深度的变化量相同，而各组却不同，第一组下陷深度的变化量最大，第二组其次，第三组最小。表一实验序号压力变化（牛）受力面积（厘米2二实验序号压力变化（牛）受力面积（厘米2）4555101061515表三实验序号压力变化（牛）受力面积（厘米2）7568101291518分析比较实验序号_的数据及观察到的现象，可得出的初步结论是：当压力变化量相同时，受力面积越小，水平面受到压强的变化量越大。分析比较实验序号2与7的数据及观察到的

5、现象，可得出的初步结论是：当受力面积相同时，_。进一步综合分析比较表一、表二、表三中的数据及观察到的现象，并归纳得出结论：（a）分析比较_中的数据及观察到的现象，可归纳得出结论：_。（b）分析比较_中的数据及观察到的现象，可归纳得出结论：_。11在各种不同色光中，_光、绿光、蓝光叫做三原色光某凸透镜的焦距为5厘米，将发光体放在该透镜主光轴上距离凸透镜35厘米处，它经透镜所成的像是倒立、_的实像，利用这个成像规律可以制成_（选填“照相机”、“幻灯机”或“放大镜）12（1）请写出“阿基米德原理”_（2）请写出“牛顿第一定律”_13用丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒由于失去电子而带_电；带电的玻璃棒接触验电器

6、，验电器金属箔张开，是因为_种电荷相互排斥。14如图所示，物体 A 所受重力为 100N，当分别沿力 F1 和 F1 的方向匀速提起物体 A 时， 若不计绳重和摩擦，则 F1_F1若实际提升物体的拉力 F1=110N，10s 将 A 物体匀速提 升 4m，则拉力 F1 的功率为_W若将此滑轮改成动滑轮匀速提升同样的重物，则机械 效率将_三、作图题（共7分）15如图所示，请根据平面镜成像特点，在图中作出“眼睛通过玻璃板看到烛焰顶端”的光路图（_）16一束光从空气斜射入水中，发生反射和折射，其中画出了反射光线，请面出入射光线和大致折射光线并标出入射角的大小17某公交车后门的两侧扶手上，各装有一个按

7、钮(相当于一个开关)，想要下车的乘客只要按下任何一个按钮，装在驾驶台上的电灯都会发光，提醒司机有乘客需要下车请把图中的器材连接成符合要求的电路图四、实验题（本大题共5小题，共20分）18小明利用如图所示的装置，探究在水平面上阻力对物体运动的影响，进行如下操作：a、如图甲，将毛巾铺在水平木板上，让小车从斜面顶端由静止滑下，观察小车在水平面上通过的距离b、如图乙，取下毛巾，将棉布铺在斜面和木板上，让小车从斜面顶端由静止滑下，观察小车在水平面上通过的距离c、如图丙，取下棉布，让小车从斜面顶端由静止滑下，观察小车在水平面上通过的距离请针对以上操作回答下列问题：以上操作中错误的一次是_（选填“a”、“b

8、”或“c”）对比两次正确实验操作能说明：小车受到的阻力越小，通过的距离越_纠正错误后，多次实验进行分析，并进一步推测：在水平面上滑行的小车，如果受到的阻力为零，它将做_运动19薛亮观察到生活中船靠岸时将缆绳绕在缆柱上于是就想探究：“绕在固定圆棒上的绳子受到的滑动摩擦力大小与哪些因素有关，”他找来了细绳，在绳的一端挂上20g的钩码接着如图所示，将绳子缠绕在不同材质的圆棒上，然后再将弹簧测力计系在绳子的另一端，拉动绳子使之匀速上升并记下弹簧测力计的读数填入表中实验序号圆棒材质缠绕圈数弹簧测力计示数a橡胶10.7b橡胶21.6c橡胶34.1d玻璃11.2e玻璃24.0（1）在本次实验探究中，薛亮采用

9、的实验探究方法是_（2）小慧看了薛亮的数据记录表，指出表格设计存在的一个不足并进行了修正，该不足是_（3）分析序号a、b、c的三次实验数据，可以得出：圆棒的材质相同时，绳子绕的圈数越多，缠绕在固定圆棒上的绳子受到的摩擦力_（4）要分析固棒材质对摩擦力大小的影响，应采用_两次实验数据（5）若还想研究缠绕在固定圆棒上的绳子受到的滑动摩擦，与绳子悬挂的物重是否有关还应增加的实验器材是_20如图甲所示是小刚“测小灯泡电功率”的实验电路其中电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10滑动变阻器有A规格“10 2A”、B规格“50 1A”可选（1）本实验应该选择_规格的滑动变阻器连接电路时开关应

10、断开，闭合开关前，图中滑动变阻器的滑片P应位于_（选填“A”或“B”）端（2）请用笔画线代替导线将图甲的实验电路连接完整（_）（3）检查电路连接无误，闭合开关后，灯泡不亮，电压表有示数且接近电源电压，电流表指针几乎不动，产生这一现象的原因可能是_（4）排除故障后闭合开关，小刚发现电流表和电压表有示数但都很小，且看不到小灯泡发光，其原因是_（5）当变阻器滑片P移到某一位置时，电压表示数如图乙所示，为_V要测小灯泡的额定功率，应将滑片P向_（选填“A”或“B”）端移动，使电压表示数为2.5V21在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5 V，小灯泡额定电压为2. 5 V，电阻约为10.请你用

11、笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整_连接电路时，开关应该处于_ (选填“断开”或“闭合”)状态.小叶同学闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数(如图乙所示)为 _ V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向 _(选填“A”或“B”)端移动，使电压表的示数为2. 5 V.小向同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I-U图像，根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是 _ W.小毛同学在实验中连接好电路，闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是_.(写出一种即可)22在探究“电流与电压、电阻的关系”的实

12、验中，电源由三节干电池串联组成，如图甲所示，可选用的定值电阻有5、10、20实验序号电压/V电流/A11.00.1822.00.3633.00.54（1）请你用笔划线代替导线，将图甲所示的电路补充完整，要求滑动变阻器的滑片向右移动时连入电路中的阻值变大（_）（2）连接电路时，开关必须_；闭合开关前，要将滑动变阻器滑片置于使接入电路的电阻值_的位置（3）小明同学探究“电流与电压的关系”：滑动变阻器起到保护电路和_的作用；多次改变R两端的电压，把对应的电流表示数填入表格中，分析表格中的数据可得出结论：_（4）小华同学探究“电流与电阻的关系”：他把5的电阻接入电路，闭合开关，发现电流表有示数，电压表

13、无示数，电路中的故障可能是_故障排除后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，达到实验要求，电流表的示数如图乙所示，则电路中的电流为_A将5的电阻换成10的电阻后，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向_（选填“左”或“右”）端移动，直到电压表的示数为_V，记录电流表的示数为了确保所给的3个定值电阻接入电路后都能正常进行实验，应该选取最大阻值不小于_的滑动变阻器（5）本实验探究主要运用的科学探究方法是控制变量法，下列实验探究没有采用控制变量法的是_A探究物质吸热或放热规律 B液体蒸发的快慢与哪些因素有关C滑动摩擦力的大小与哪些因素有关 D串联电路中各处的电流有什么关系五、计算题（本大题共2小题，共13分）

14、23如图所示，电源两端电压为 12V 并保持不变，电阻 R1 的阻值为 8当开关 S 闭合时， 电压表示数为 4V求：（1）电阻 R2 的阻值；（2）电阻 R1 消耗的电功率 P124如图甲是超超老师抽奖抽到的多功能养生壶,图乙是该品牌养生壶简化电路图,表是该电器的相关参数求：项目参数电源电压（V）220低温档功率（W）275中温档功率（W）550高温档功率（W）1100容积（L）1 (1)养生壶处于低温档工作时,电路中的电流大小为多少 A；(2)R1 的阻值为多少； (3)超超老师家的电能表上标有“3600revs/(kWh)”的字样,他将家中的其它用电器都与电源 断开,仅让该养生壶在高温档

15、下工作,观察 125s 内电能表的转盘转了 88revs,则当时的实际电压为多少V?六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25随着科技的飞速发展，人们生活已趋于自动化，扫地机器人已进入普通家庭，如图所示是某款扫地机器人及铭牌上的部分参数（g取10N/kg）以在工作中的扫地机器人为参照物，地板是_的若扫地机器人在半分钟里沿直线匀速前进了12m，它的速度是_？若扫地机器人与地面的接触面积为100cm2，求它静止时对水平地面的压强_26分别用如图所示的（甲）、（乙）两个滑轮组，在100s内将重为400N的物体G匀速提升相同高度，每个滑轮的重均为20N不计绳重及摩擦，此过程中（_）AF甲做的功大于

16、F乙做的功BF甲做的功小于F乙做的功CF甲做功的功率小于F乙做功的功率DF甲做功的功率等于F乙做功的功率选择理由：_27阅读短文，回答问题观光电梯电梯是一种用于多层建筑乘人或载物的运输工具电梯的简易结构如图甲所示，电梯轿厢和配重分别挂在主电动机的两侧，在电梯半载时，轿厢总重和配重的重力基本相等 满载上升时，主电动机提供动力，驱动轿厢 如图乙所示，为某商业大厦安装的观光电梯，其相关参数如下表为了安全，电梯设置了超载自动报警系统，其工作原理如图丙所示，控制电路的 电源电压U为12V，压力传感器的电阻R与所受压力F的关系 图像如图丁所示，电磁继电器阻值可忽略当电流大于 0.2A 时，会启动警报系统，

17、同时无论如何按压电梯控制器，门电动 机均不工作此外，电梯需经常保养，“运行频次比 ”是电梯养护的重要指标，一般用电梯每天平均待机时间与运行时间之比来表示为便于观光，电梯的外壁采用玻璃材料，主要是因为玻璃有较好的_性，该观光电梯配重的重力约为_N下列有关该电梯的说法中，正确的是_ .A主电机与钢丝绳之间的摩擦为有害摩擦 B超载自动报警系统中电磁铁的右端为S极C电梯满载上行时，电动机需顺时针转动 D报警电铃的工作原理是电磁感应乙图中，当站在上升的B电梯里的乘客看到 A 电梯在上升，则可推知 A电梯在_且速度_（大于/小于/等于）B电梯的速度控制电路中 R0=_ 若使用一段时间，电梯未满载就报警，则

18、说明 R0 的阻值变_（大/小）该商业大厦每天营业时间为 12h，设电梯均在额定功率下运行经测算，该观光电梯平均每天耗电 72kWh，则该观光电梯的“运行频次比”=_（结果写成小数形式）.参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、C【解析】AB图中电流方向和线圈的绕法都相同，且电流从左后方流入、右前方流出，根据安培定则，通电螺线管的右端为N极，螺线管的左端为S极小磁针右上端为N极在磁体外部，磁感线方向由N极指向S极，则磁感线方向向左故AB错误C根据安培定则，通电螺线管的左端为N极，右端为S极则小磁针右上端为S极在磁体外部，磁感线方向由N极指向S极，则磁感线方向向右故C正确D

19、由图，根据安培定则，通电螺线管的右端为N极，左端为S极则小磁针右上端为N极在磁体外部，磁感线方向由N极指向S极，则磁感线方向向左故D错误2、D【解析】A、拱桥的倒影，是平面镜成像，属于光的反射，故A错误；B、老花眼（远视眼）是晶状体太薄，使像成在视网膜的后方；而凸透镜对光线有会聚作用，故远视眼要戴一个凸透镜来矫正，故B错误；C、物体和小孔的距离不变，在一定范围内屏离小孔越远，像越大，因此小孔成像中像的大小与小孔到光屏的距离有关，故C错误；D、因为当fu2f时，像距v2f，所以蜡烛在凸透镜的主光轴上，从1.2f匀速运动到1.9f（f为焦距）的过程中，由于像距移动的范围大，因此vv，故D正确。3、

20、D【解析】试题分析：当向上提金属块时，金属块排开的水的体积减小，水面将会下降，烧杯底部的深度减小，所以压强逐渐减小，故A正确；向上提金属块时，浮力逐渐减小，所以测力计的示数逐渐变大，故B正确；由于拉力增大，金属块匀速运动，所以拉力的功率是增大的，故C正确；根据物体间力的作用是相互的可知，浮力减小，则金属块对水的压力也会减小，所以台秤的示数是逐渐减小的，故D错；应选D【考点定位】压强和浮力4、B【解析】A推土机的推土铲刃做的很锋利可以减小受力面积，在压力不变时，减小受力面积，可以增大压强，不符合题意；B铁轨下面铺枕木，可以增大火车与地面的受力面积，在压力不变时，增大受力面积，可以减小压强，符合题

21、意；C破窗锤的敲击端做成锥状，可以减小受力面积，在压力不变时，减小受力面积，可以增大压强，不符合题意；D图顶尖做得很细，以减小受力面积，在压力不变时，减小受力面积，可以增大压强，不符合题意；故选B。5、C【解析】地球不能发光，围绕太阳这颗恒星运行，所以地球是行星故选C.6、D【解析】AB规定冰水混合物的温度是0，因此温度为0时，水、冰都可以存在；故AB错误；CD规定冰水混合物的温度是0，而蒸发可以在任何温度下进行，因此温度为0时，冰、水和水蒸气都有可能存在，故C错误；D正确故选D7、A【解析】A飞机飞行时，飞机的机翼上方突起，机翼上方空气流速大于下方空气流速，根据流体流速越大压强越小，机翼上方

22、空气压强小于下方压强，飞机受到向上的升力作用符合题意B飞艇受到的浮力大于重力而上升的不符合题意C热气球上升时，热气球受到的浮力大于重力不符合题意D火箭喷出燃气，火箭给燃气一个向下的力，物体间力的作用是相互的，燃气给火箭一个向上的力，推动火箭上升不符合题意二、填空题（本大题7小题，共21分）8、6 5:2 【解析】只闭合S1时，R1和R3串联在电路中，电压表测量R1两端的电压，电流表示数为，R3两端的电压为，根据串联电路的电压特点可得；电阻R1的阻值为闭合S1、S2、S3时，R1和R2并联在电路中，R3被短路，电流表A1是测干路的电流，A2是测电阻R2的电流，通过R1的电流为，通过R2的电流为，

23、干路中的电流为，则电流表A1、A2示数之比9、S1、S3 电源短路 【解析】根据电流的走向分析，要使两灯泡并联，则电流可分成两条支路，分别经过两个灯泡，然后回到电源负极；如果将所有开关都闭合，则电流可不经过用电器，由正极出发，直接回到电源的负极，造成短路【详解】要L1、L2并联，电流从电源正极流出后进行分路，一路经过S1、L2，另一路经过L1、S3，然后两路汇合共同回到电源负极，因此需闭合S1、S3，断开S2；若同时闭合开关S1、S2、S3时，电流从正极出发，经S1、S3、S2直接回到负极，造成电源短路10、1、4、7或2、5、8或3、6、9压力变化量越小，水平面受到压强的变化量越小表一、表二

24、或表三当压力变化量与受力面积的比值相等时，水平面受到的压强变化量相等表一、表二和表三当压力变化量与受力面积的比值越小时，水平面受到的压强变化量越小。【解析】研究当压力变化量相同时，压强变化量与受力面积的关系，根据控制变量法，控制压力变化相同，只改变受力面积大小，故分析比较实验序号1、4、7或2、5、8或3、6、9的数据及观察到的现象，可得出的初步结论是：当压力变化量相同时，受力面积越小，水平面受到压强的变化量越大；分析比较实验序号2与7的数据知，压力变化量实验序号7中较小，而受力面积相同，由已知条件，第一组下陷深度的变化量最大，第二组其次，第三组最小，可得出的初步结论是：当受力面积相同时，压力

25、变化量越小，水平面受到压强的变化量越小；（a）分析比较中的表一或表二或表三数据，压力变化量与受力面积之比：，即压力变化量与受力面积之比相等，由已知条件：每一组海绵下陷深度的变化量相同，故可归纳得出结论：当压力变化量与受力面积的比值相等时，水平面受到的压强变化量相等；（b）分析比较表一、表二和表中的数据及观察到的现象，压力变化量与受力面积之比分别为：、，即压力变化量与受力面积之比越来越小，由已知条件，第一组下陷深度的变化量最大，第二组其次，第三组最小，即水平面受到的压强变化量越小。可归纳得出结论：当压力变化量与受力面积的比值越小时，水平面受到的压强变化量越小。11、红 缩小 照相机 【解析】色光

26、的三原色包括红光、绿光、蓝光；凸透镜的焦距为5cm，物体到凸透镜距离为35cm时，35cm2f，即u2f，所以成倒立、缩小的实像，其应用是照相机12、浸入液体中的物体所受的浮力等于它所排开的液体的重力 物体在不受力的情况下，将保持静止状态或者匀速直线运动状态 【解析】阿基米德原理的内容：浸在液体中的物体受到的浮力大小等于物体排开的液体所受的重力；牛顿第一定律的内容：任何物体都要保持匀速直线运动或静止状态，直到外力迫使它改变这种状态为止。13、正同【解析】丝绸和玻璃棒摩擦，玻璃棒束缚电子的本领弱，失去电子带正电；丝绸夺得电子的本领强得到电子，多余电子带负电。带正电的玻璃棒接触不带电的验电器时，玻

27、璃棒由于缺少电子，会从金属球上夺得电子，使金属球失去电子而带正电，金属球通过金属杆和两片金属箔相连接，故两片金属箔也带正电。14、= 84 变小 【解析】由于定滑轮不能省力,只能改变力的方向,所以力F1和F1的大小相等；提升物体所做的功：W=Gh=110N4m=840J，功率：P=84W；如果把这个滑轮改成动滑轮匀速竖直提升同样的重物，有用功不变，额外功增大，则机械效率将减小三、作图题（共7分）15、【解析】B点和眼睛C的连线与平面镜P相交于一点O，这就是光线的入射点，连接CO、OA并标出箭头，得到入射光线和反射光线，如图所示：16、【解析】试题分析：根据反射定律：反射光线、入射光线、法线在同

28、一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，先作出法线，再画出入射光线根据作出的入射光线，由折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，画出折射光线解：先过反射点垂直界面画出法线，在法线左侧向反射点画出入射光线，反射角等于9045=45，所以入射角等于45；在法线右侧的水中从O点画出折射光线，注意折射角小于45，如图所示：【点评】特别强调不仅要会根据反射定律和折射定律由入射光线画

29、反射光线和折射光线，而且要会根据反射或折射画出入射光线17、【解析】只要按下任何一个按钮，装在驾驶台上的电灯都会发光，说明这两个开关互不影响，是并联的；然后与灯泡和电源串联，故电路如下图：【点睛】本题重点考查学生对开关作用的理解，开关与它所控制的用电器是串联的四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、b 远 匀速直线 【解析】（1）为了使小车到达水平面时的速度相等，应让小车从相同斜面的同一高度由静止开始下滑；在b步骤中，因为在斜面上铺上棉布改变了斜面的粗糙程度，就不能保证小车到达水平面时的初速度相同了，故错误的操作是b；（2）对比甲和丙看到的现象是：水平面越光滑，小车运动的距离越远分析可知，

30、木板的表面最光滑，则小车在木板表面受到阻力最小，运动的距离最长；（3）由实验可知，平面越光滑，小车受到的阻力越小，运动距离越远，速度减小得越慢由此可以推知：在水平面上滑行的小车，如果受到的阻力为零，它的速度将不变，小车将做匀速直线运动19、控制变量法表格中的物理量的数据没带单位越大a、d或b、e不同质量的钩码【解析】（1）根据表中所填数据，实验中采用的是控制变量法；（2）表格设计存在的一个不足是：表格中的物理量的数据没带单位；（3）由表中数据知，a、b、c的三次实验中圆棒材质相同，缠绕圈数越来越多，拉动绳子使之匀速上升，以绳子为研究对象，受到拉力、受到的滑动摩擦力和重力，根据力的平衡，测力计示

31、数F等于绕在固定圆棒上的绳子受到的滑动摩擦力f与所挂钩码的重力G之和，Ff+G，故绕在固定圆棒上的绳子受到的滑动摩擦力大小：fFG，因钩码的重力一定，a、b、c的三次实验中测力计示数越来越大，故绕在固定圆棒上的绳子受到的滑动摩擦力越来越大，故分析序号a、b、c的三次实验数据，可以得出：圆棒的材质相同时，绳子绕的圈数越多，缠绕在固定圆棒上的绳子受到的摩擦力越大；（4）要分析固棒材质对摩擦力大小的影响，根据控制变量法，要控制缠绕圈数相同，应采用 a、d或b、e两次实验数据；（5）若还想研究缠绕在固定圆棒上的绳子受到的滑动摩擦力与绳子悬挂的物重是否有关，要控制圆棒材质相同和缠绕圈数相同，改变悬挂的物

32、重大小，根据Gmg，即还应增加的实验器材是：不同质量的钩码20、B B 灯泡断路 滑动变阻器连入电路中的电阻太大，灯泡的实际电功率很小 1.2 A 【解析】（1）灯泡正常发光时的电压等于额定电压UL2.5V，根据欧姆定律可知此时电路电流约为 滑动变阻器两端电压U滑UUL6V2.5V3.5V，此时滑动变阻器接入电路的阻值 所以本实验中应该选择规格为“50 1A”的B滑动变阻器；在连接电路时，为保护电路，开关应断开；为保护电路，在闭合开关前，滑片应置于最大阻值处，由图可知，P应处于B端；（2）电流表串联接入电路中，电流表选择的量程是00.6A，滑动变阻器采用一上一下的接法，如图所示：；（3）闭合开

33、关S，灯泡不亮，电流表示数几乎为零，说明电路此时为断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表并联部分断路，故其电路故障可能是灯泡断路；（4）闭合开关后，电流表和电压表有示数但都很小，此时有电流流过灯泡，而看不到小灯泡发光，说明灯泡的实际功率太小，故其原因是滑动变阻器连入电路中的电阻太大，灯泡的实际功率很小；（5）电压表使用03V量程，分度值为0.1V，电压为1.2V；要使灯泡正常工作，灯泡两端电压从1.2V增大到2.5V，电路电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小，滑片向A端移动，使电压表的示数为2.5V为止21、 断开 2.2 B 0.5 小灯泡断路 【解析】(1)灯泡正常发光时电流

34、约为I 0.25A，电流表应选择00.6A，把灯泡与电流表串联接入电路，电路图如图所示: (2) 为保护电路，连接电路时应断开开关(3)闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片P应位于B端，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大,由图乙所示电压表可知，其量程为03V，分度值为0.1V，示数为2.2V， (4)由图丙所示的IU图象可知，灯泡额定电压2.5V对应的电流为0.2A，小灯泡的额定功率PUI2.5V0.2A0.5W，(5)闭合开关，移动变阻器滑片P，小灯泡始终不亮，电路存在断路或灯泡发生短路；电流表无示数，说明电路存在断路；电压表有示数，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外电路不存在断路，则

35、与电压表并联的灯泡断路22、 断开 最大 改变电阻的电压和电流 在电阻不变时，电流与电压成正比 电阻（或电压表）短路 0.4 右 2 25 D 【解析】（1）要求滑动变阻器的滑片向右移动时连入电路中的阻值变大，故变阻器左下接线柱连入电路中与电阻串联，如下所示：（2）连接电路时，为保护电路，开关必须断开；闭合开关前，要将滑动变阻器滑片置于使接入电路的电阻值最大的位置（3）小明同学探究“电流与电压的关系”，为得出普遍性的规律要多次测量，故滑动变阻器起到保护电路和改变电阻的电压和电流的作用；纵向分析表中数据，电压为原来的几倍，电流也为原来的几倍，即在电阻不变时，电流与电压与正比；（4）小华同学探究“

36、电流与电阻的关系”：他把5的电阻接入电路，闭合开关，发现电流表有示数，说明电路为通路，电压表无示数，电路中的故障可能是电阻（或电压表）短路；故障排除后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，达到实验要求，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则电路中的电流为0.4A由欧姆定律，电压表示数：UVIR0.4A52V，根据串联分压原理可知，将定值电阻由5改接成10的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动

37、，使电压表的示数为2V，记录电流表的示数；电阻两端的电压始终保持UV2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑UUV4.5V2V2.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的1.25倍，根据分压原理，当接入20电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑1.252025，为了确保所给的3个定值电阻接入电路后都能正常进行实验，应该选取最大阻值不小于25的滑动变阻器（5）本实验探究主要运用的科学探究方法是控制变量法：A探究物质吸热或放热规律，根据Qcmt，吸热或放热与c、m、t有关，研究与其中一个因素的关系时要控制另下两个因素不变，采用了控制变量法；B液体蒸发的快慢与液体温度、液体表面积和液体表面的

38、空气流动速度有关，研究液体蒸发的快慢与其中一个因素有关时，要控制另外两个因素不变，采用了控制变量法；C滑动摩擦力的大小与压力和接触面粗糙程度有关，研究与其中一个因素的关系时要控制另外一个因素不变，采用了控制变量法；D串联电路中各处的电流有什么关系，为得出普遍性规律要多次测量，采用了归纳法五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、（1）（2）【解析】1）根据串联电路的特点，求R2两端电压，由R=求解；（2）由P=UI可求电阻R1消耗的电功率P1【详解】(1)由图可知,R1与R2串联,电压表测R2两端电压U2=4V，R1两端电压：U1=UU2=12V4V=8V，通过R1的电流：I1=1A，串联电

39、路中电流处处相等：I2=I1=1A，R2的电阻：R2=4；(2)电阻R1消耗的电功率：P1=U1I1=8V1A=8W答：(1)电阻R2的阻值为4；(2)电阻R1消耗的电功率P1是8W24、 (1) 1.25A (2) 88 (3) 176V【解析】当S2接A、S1断开时，R1与R2串联，此时电路中总电阻最大，根据P=可知，此时电路消耗功率最小，为低温档；当S2接B、S1闭合时，R1与R2并联，此时电路中总电阻最小，根据P=可知，此时电路消耗功率最大，为高温档；当只闭合S1时，电路中只有R1工作，电路中总电阻介于、两种情况，则此时为中温档(1)低温档工作时，功率为P低=275W，根据P=UI，则电路中的电流大小为I=1.25A(2) 当只有R1 工作时，为中温档，功率为P中=550W，根据P=得R1 =88 (3) 养生壶在额定电压下高温档工作时功率为P高=1100W，则R1与R2并联的总电阻R总 =44实际电能表转盘在125s内转了 88