2022-2023学年广东汕头市高三物理第一学期期中经典试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，滑块A置于水平地面上，滑块B在一水平力作用下紧靠滑块（A、B接触面竖直，此时A

2、恰好不滑动，B刚好不下滑，已知A与B间的动摩擦因数为，A与地面间的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，与B的质量之比为ABCD2、如图所示，A、B两带正电粒子质量相等，电荷量之比为1：1两粒子在O上方同一位置沿垂直电场方向射入平行板电容器中，分别打在C、D两点，OC=CD忽略粒子重力及粒子间的相互作用，下列说法正确的是AA和B在电场中运动的时间之比为1：2BA和B运动的加速度大小之比为1：1CA和B的初速度大小之比为1：1DA和B的位移大小之比为1：23、甲、乙两个质点沿同一直线运动，其中质点甲以6m/s的速度匀速直线运动，质点乙作初速度为零的匀变速直线运动，它们的位置x随时间t的变化如

3、图所示已知t3s时，甲、乙图线的斜率相等下列判断正确的是( )A最初的一段时间内，甲、乙的运动方向相反Bt=3s时，乙的位置坐标为9mC乙经过原点时的速度大小为m/sDt=10s时，两车相遇4、甲乙两汽车从同一地点开始行驶，它们的v-t图象如图所示。忽略汽车掉头所需时间。下列对汽车运动状况的描述正确的是()A在前4小时内，乙车运动加速度的大小总比甲车的小B在前4小时内，第2小时末甲乙两车相距最远C在第1小时末，乙车改变运动方向D在第2小时末，甲乙两车相距60km5、如图所示，两长直导线P和Q垂直于纸面固定放置，两者之间的距离为l，在两导线中通有方向垂直于纸面向里的电流在纸面内与两导线距离均为l

4、的a点，每根通电直线 产生的磁场磁感应强度大小均为B若在a点平行于P、Q放入一段长为L的通电直导线，其电流大小为I，方向垂直纸面向外，则关于它受到的安培力说法正确的是A大小等于BIL，方向水平向左B大小等于BIL，方向水平向右C大小等于，方向竖直向下D大小等于，方向竖直向上6、在水平地面上做匀速直线运动的小车，通过定滑轮用绳子吊起一个物体，若小车和被吊的物体在同一时刻速度分别为和，绳子对物体的拉力为FT，物体所受重力为，则下面说法正确的是A物体做匀速运动，且 B物体做加速运动，且C物体做加速运动 ，且 D物体做匀速运动，且二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选

5、项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图,水平光滑地面上停放着一质量为M的小车,其左侧有半径为R的四分之一光滑圆弧轨道AB，轨道最低点B与长为L的水平轨道BC相切,整个轨道处于同一竖直平面内。将质量为m的物块(可视为质点)从A点无初速释放,物块沿轨道滑行至轨道末端C处恰好没有滑出,设重力加速度为g,空气阻力可怎略不计。关于物块从A位置运动至C位置的过程中,下列说法正确的（ ）A小车和物块构成的系统动量守恒B摩擦力对物块和轨道所做的功的代数和为-mgRC小车在全过程中运动的最大位移为mm+MLD小车运动过程中的最大速度为2m2gRM2+Mm

6、8、在星球A上将一小物块P竖直向上抛出，P的速度的二次方v2与位移x间的关系如图中实线所示；在另一星球B上用另一小物块Q完成同样的过程，Q的v2-x关系如图中虚线所示已知星球A、B的半径相等，若两星球均为质量均匀分布的球体，两星球上均没有空气，不考虑两星球的自转，则下列说法正确的是（ ） A星球A表面的重力加速度是星球B表面的重力加速度的BA的密度是B的密度的3倍CP抛出后落回原处的时间是Q抛出后落回原处的时间的DA的第一宇宙速度是B的第一宇宙速度的倍9、如图所示，倾角为的等腰三角形斜面固定在水平面上，一足够长的轻质绸带跨过斜面的顶端铺放在斜面的两侧，绸带与斜面间无摩擦.现将质量分别为 M、m

7、（Mm）的小物块同时轻放在斜面两侧的绸带上.两物块与绸带间的动摩擦因数相等，且最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等.在角取不同值的情况下，下列说法正确的有（ ） A两物块不可能同时相对绸带静止B两物块所受摩擦力的大小总是相等CM可能相对绸带发生滑动Dm可能相对斜面向上滑动10、如图所示，从灯丝发出的电子经加速电场加速后，进入偏转电场，若加速电压为U1，偏转电压为U1仅仅改变加速电压后，电子在电场中的侧移量y增大为原来的1倍，下列说法中正确的是A加速电压U1减小到了原来的B偏转电场对电子做的功变为原来的1倍C电子飞出偏转电场时的速度变为原来的1倍D电子飞出偏转电场时的偏转角变为原来的1倍三、实验题：

8、本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图1所示，某同学设计了一个测量滑块与木板间的动摩擦因数的实验装置，装有定滑轮的长木板固定在水平实验台上，木板上有一滑块，滑块右端固定一个动滑轮，钩码和弹簧测力计通过绕在滑轮上的轻绳相连，放开钩码，滑块在长木板上做匀加速直线运动（1）实验得到一条如图1所示的纸带，相邻两计数点之间的时间间隔为0.1s，由图中的数据可知，滑块运动的加速度大小是_m/s1（计算结果保留两位有效数字）（1）读出弹簧测力计的示数F，处理纸带，得到滑块运动的加速度a；改变钩码个数，重复实验以弹簧测力计的示数F为纵坐标，以加速度a为横坐

9、标，得到的图象是纵轴截距为b的一条倾斜直线，如图3所示已知滑块和动滑轮的总质量为m，重力加速度为g，忽略滑轮与绳之间的摩擦则滑块和木板之间的动摩擦因数=_12（12分）为验证物体自由落体过程中的机械能守恒，某同学利用DIS设计了一个实验，实验装置如图甲所示，A为电磁铁，B为光电门，有一直径为d、质量为m的金属小球通过电磁铁从A处由静止释放，下落过程中能通过A处正下方固定于B处的光电门，测得A、B间的高度差为H，光电计时器记录下小球通过光电门的时间为t，当地的重力加速度为g，且小球直径d远小于H。则：（1）用螺旋测微器测得小球的直径d如图乙所示，则_mm；（2）若小球经过光电门的时间，则速度_m

10、/s（结果保留两位有效数字）；（3）多次改变H，重复上述实验，作出图象如图丙所示，若小球下落过程中机械能守恒，则图线斜率_（用已知量g、d表示）；（4）实验发现小球动能增加量总是稍小于重力势能减少量，增加下落高度后，重力势能减少量与动能增加量的差值将_（选填“增加”“减少”或“不变”）。（5）另一名同学利用如下图所示的装置，验证小车与钩码组成的系统机械能守恒，该同学认为只要将摩擦力平衡掉就可以了，你认为该同学的想法正确吗？理由是：_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）质量m=2kg的物块自斜面底端A以初速

11、度v0=16m/s沿足够长的固定斜面向上滑行，经时间t=2s速度减为零已知斜面的倾角=37，重力加速度g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.1试求：（1）物块上滑过程中加速度大小；（2）物块滑动过程摩擦力大小；（3）物块下滑所用时间. 14（16分）如图所示，一半径为R的光滑1/2圆弧轨道与水平面相切，一小球静止在与圆弧轨道底端B相距为x的A点，现给小球一初速度，它恰能通过圆弧轨道的最高点C，之后水平飞出。已知小球与水平面的动摩擦因素为，（忽略空气阻力,重力加速度为g）求:（1）小球的初速度的大小；（2）从最高点飞出后的落点与初始位置A之间的距离.15（12分）如图所示，横截面

12、积为S的导热汽缸竖直放置，其底部放有质量为m的空心小球，缸内用质量为m的活塞密封一定质量的理想气体，现在活塞上缓慢加上细沙，当沙的质量也为m时，小球对汽缸底部的压力恰好为其所受重力的现缓慢降低外界温度，使小球对缸底恰好无压力已知外界大气压为p0、开始时外界热力学温度为T0，重力加速度大小为g，求：小球对汽缸底部的压力恰好为其所受重力的时，气体的压强p；小球对汽缸底部恰好无压力时，气体的热力学温度T.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】试题分析：对A、B整体分析，受重力、支持力、推力和最大静摩擦力，根据平衡

13、条件，有：F=2（m1+m2）g 再对物体B分析，受推力、重力、向左的支持力和向上的最大静摩擦力，根据平衡条件，有：水平方向：F=N竖直方向：m2g=f其中：f=1N联立有：m2g=1F 联立解得：故选B。【考点定位】物体的平衡【点睛】本题关键是采用整体法和隔离法灵活选择研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解，注意最大静摩擦力约等于滑动摩擦力。2、C【解析】带电粒子垂直射入电场中做为平抛运动,水平方向做匀速直线运动,竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动.根据牛顿第二定律和运动学公式得到偏转量y的表达式,求解质量之比;根据水平位移与初速度之比求解时间之比.【详解】A、粒子电荷量之比为1：1，粒

14、子在竖直方向上做匀加速运动，由 ，可知 A和B在电场中运动的时间之比为2：1，故A错；B、A、B两带正电粒子质量相等，电荷量之比为1：1，根据 ，所以A和B运动的加速度大小之比为1:1,故B错；C、根据题意OC=CD，两粒子水平方向上做匀速运动，根据 ，可知A和B的初速度大小之比为1：1，故C对；D、A和B的位移大小之比为1：2，竖直方向也有位移，那么合位移之比不能等于1：2，故D错；故选C3、D【解析】因x-t图像的斜率等于速度，由图像可知最初的一段时间内，甲、乙图像的斜率符号相同，则运动方向相同，选项A错误；t3s时，甲、乙图线的斜率相等，则此时乙的速度为6m/s，则乙的加速度为，则此时乙

15、的位置坐标为，选项B错误；乙经过原点时的速度大小为，选项C错误；两车相遇时：，即，解得t=10s，选项D正确.4、D【解析】根据速度时间图象的斜率绝对值分析加速度的大小。由图分析出两物体在任一时刻的速度关系，判断何时相距最远。由速度的正负分析乙车的运动方向。根据图象与时间轴所围的面积分析甲乙两车间的距离。【详解】v-t图象的斜率表示加速度，斜率的绝对值表示加速度大小。由图可知，乙车的图象斜率绝对值总是大于甲车的图象斜率绝对值，故乙车的加速度总比甲车的大；故A错误。由v-t图象与时间轴所围面积大小表示物体通过的位移，知速度相等时即第4小时末相距最远，故B错误；由图可知，前2小时内乙车一直同方向的

16、运动，第1小时末开始减速但运动方向没有改变，故C错误；图象与时间轴围成的面积为汽车运动的位移，则可知，前2小时内，甲车正向运动的位移为x甲=12230km=30km；而乙车的位移大小x乙=12230km=30km；因两车运动方向相反，则2小时末时，两车相距S=x甲+x乙=60km；故D正确；故选D。【点睛】解答本题时应注意：(1)v-t图象的斜率表示加速度；(2)面积的正负表示物体位移的方向；(3)知道两车速度相等时相距最远。可通过画运动的过程示意图帮助理解题意。5、D【解析】a点所在通电直导线的受力分析如图所示：由题意得：，安培力合力为，方向竖直向上，故D正确，ABC错误6、B【解析】AB.

17、小车的运动可分解为沿绳子方向和垂直绳子的方向两个运动，设两段绳子的夹角为，由几何知识可得所以，小车向右运动，逐渐增大，故逐渐增大，物体有向上的加速度，故A错误，B正确；CD. 物体由向上的加速度，处于超重状态，所以，故CD错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】系统所受合外力为零时，系统动量守恒；由动能定理或机械能守恒定律求出物块滑到B点时的速度，然后由动量守恒定律求出物块与小车的共同速度，即为最大速度。【详解】A项：在物块从A位置运动到B位置过程中，小车

18、和物块构成的系统在受到的合力不为零，系统动量不守恒，但在水平方向上动量守恒，故A错误；B项：由功能关系可知，摩擦力对物块和轨道所做的功的代数和的绝对值为因摩擦产生的内能即损失的机械能，由系统水平方向动量守恒可知，最后A物块和小车都静止，由能量守恒可知，损失的机械能为mgR，故B正确；C项：由系统水平方向动量守恒和“人船模型”可知，mx1=Mx2，x1+x2=L+R，解得：x2=mm+M(L+R)，故C错误；D项：当A物块运动到B点时，小车的速度最大，由水平方向动量守恒得：mv1=Mv2，由机械能守恒得：mgR=12mv12+12Mv22，联立解得：v2=2m2gRM2+Mm，故D正确。故应选：

19、BD。【点睛】动量守恒条件是：系统所受合外力为零，对物体受力分析，判断系统动量是否守恒；熟练应用动量守恒定律、动能定律、能量守恒定律即可正确解题。8、BD【解析】A.根据可知图像斜率代表重力加速度大小，A、B两星球表面重力加速度之比3:1，所以A错误；B.由公式 ， ，解得：得A、B星球密度之比为3:1，所以B正确；C.由图像得P、Q竖直上抛初速度之比 ：1，根据所以运动时间之比为：3，所以C错误；D.由公式得A、B星球第一宇宙速度之比为：1，所以D正确9、BD【解析】B轻质绸带与斜面间无摩擦，受两个物体对其的摩擦力，根据牛顿第二定律，有：fM-fm=m绸a=0（轻绸带，质量为零）故fM=fm

20、M对绸带的摩擦力和绸带对M的摩擦力是相互作用力，等大；m对绸带的摩擦力和绸带对m的摩擦力也是相互作用力，等大；故两物块所受摩擦力的大小总是相等；故B正确；A当满足MgsinMgcos、mgsinmgcos和Mgsinmgsin时，M加速下滑，m加速上滑，均相对绸带静止，故A错误；C由于M与绸带间的最大静摩擦力较大，故绸带与M始终相对静止，m与绸带间可能有相对滑动，故C错误；D当动摩擦因数较大时，由于绸带与斜面之间光滑，并且Mm，所以M、m和绸带一起向左滑动，加速度为a，对整体根据牛顿第二定律，有：Mgsin-mgsin=（M+m）a隔离M，有：Mgsin-fM=Ma对m有：fm-mgsin=m

21、a解得：fM=fm=gsinmgsinm可能相对斜面向上滑动，故D正确；10、AB【解析】在加速电场中，由动能定理得：，在偏转电场中，电子的加速度为：，则偏转距离为：，运动时间为：，联立上式得：（l是偏转极板的长度，d是板间距离）A. 电子在电场中的侧移量y增大为原来的1倍，所以加速电压U1减小到了原来的，故A正确。B.偏转电场对电子做功 ，所以偏转电场对电子做的功变为原来的1倍，故B正确。C.全过程根据动能定理加速电压U1减小到了原来的，y增大为原来的1倍，可得速度不是原来的1倍，故C错误。D.根据类平抛的推论，位移偏转角正切值是速度偏转角正切值的一半，y增大为原来的1倍，正切值变为原来的1倍，角度不是1倍关系，故D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）1.4； （1） 【解析】(1)加速度为.(1)滑块受到的拉力T为弹簧秤示数的两倍，即：T=1F,滑块受到的摩擦力为：f=mg,由牛顿第二定律可得：T-f=ma,解得力F与加速度a的函数关系式为:,由图象所给信息可得图象截距为：,解得.【点睛】本题重点是考察学生实验创新能力及运用图象处理实验数据的能力，对这种创新类型的题目，应仔细分析给定的方案和数据，建立物理模型12、0.805（0.8030.808均正确） 0.32 增加 不正确，因为有摩擦力做功，不满足