广东省深圳市南山区五校联考中考物理三模试卷（1）（含解析）

1、2016年广东省深圳市南山区五校联考中考物理三模试卷一、选择题（下列14-29小题中，每小题只有一个选项符合题意，每小题1.5分，共24分）1如图所示为火车站的情景当列车行驶时，人必须站在安全线之外，这是因为列车行驶时速度较快，导致其附近的空气（）A流速变大，压强变小，容易把人吸向列车B流速变大，压强变大，容易把人吸向列车C流速变小，压强变大，容易把人吸向列车D流速变小，压强变小，容易把人吸向列车2“给我一个支点和一根足够长的棍，我就能翘起整个地球”下列生产和生活中的杠杆与阿基米德设想的杠杆属于同一类型的是（）A天平B铁锹C钓鱼竿D铡刀3关于声的知识，下列说法正确的是（）A 之间的导线传递的是

2、声信号B在教室周围植树可以在声源处减弱噪声C不同的乐器演奏同一首乐曲，我们也能够分辨出不同乐器发出的声音，这主要是依据音色D声在真空中的传播速度是340m/s4下列各图中，正确的是（）A光的反射B光的折射C平面镜成像D近视眼矫正5在试管中装入适量的水，试管口用塞子塞住，用酒精灯对试管加热，如图所示加热一段时间后，塞子冲出去了，则（）A加热过程中酒精的化学能全部转化为水的内能B塞子冲出前，试管内水的质量不断增大C塞子冲出时，试管内气体温度不变D塞子被水蒸气推出过程反映的是汽油机的做功冲程原理6下列有关生活中的一些现象的解释中，不正确的是（）A雾和露都是空气中的水蒸气遇冷液化而成的B霜是空气中的水

3、蒸气遇冷凝华形成的C北方的菜窖里，冬天常常放一桶水利用水结冰时放热，可防止蔬菜冻坏D夏天，从冰箱中取出瓶装矿泉水发现瓶外壁“出汗”，这是由于空气中水蒸气的汽化现象7小英同学在厨房帮妈妈做饭时，观察到一些物理现象，并用所学的物理知识进行了解释，其中合理的是（）A一茶杯静止在水平桌面上茶杯对桌面的压力和桌面对茶杯的支持力是一对平衡力B妈妈炒菜，太香了，小英忍不住用筷子夹起尝尝筷子是省力杠杆C轻推案板，案板不动，是因为推力小于摩擦力D高压锅容易将食物煮熟是因为液体表面气压增大，液体沸点升高8小乐周末和父母一起去公园划船，坐在船上，下列说法正确的是（）A刚开始船没动时，船没有受到力的作用B小乐和爸爸使

4、劲划了，船才动，说明力是维持物体运动的原因C小乐用桨向后划水船会前行，说明物体间力的作用是相互的D船能漂浮在水面，说明船受到的浮力大于它的重力9如图（甲）是某物体运动的st图象，则图中能与之相对应的vt图象是（）A B C D10在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，让同一铁球从斜面的不同高度由静止释放，撞击同一木块（如图所示），下列说法中正确的是（）A本实验研究的是木块的动能与它的质量、速度的关系B在探究动能与速度的关系时，要保持小球的质量不变，让小球从相同的高度滚下，以不同的速度推动木块移动C在探究动能与物体质量的关系时，要选择两个质量不同的小球，让它们分别从同一斜面的不同高度滚

5、下D实验中通过观察木块移动的距离来比较动能大小的11甲、乙两只完全相同的杯子盛有不同浓度的盐水，将同一只鸡蛋先后放入其中，当鸡蛋静止时，两杯中液面相平，鸡蛋所处的位置如图所示则下列说法正确的是（）A鸡蛋在乙杯中受到的浮力较大B鸡蛋在甲杯里排开液体的质量较大C乙杯底部所受液体的压强较大D甲杯底部所受液体的压力较大12下列有关说法正确的是（）A有关核能，核裂变的应用有核电站、原子弹、氢弹B在电源外部，电子的运动方向从电源的正极流向负极C电荷在导体中运动就会形成电流D人体、湿木头、酸、碱、盐的水溶液都属于导体13如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，当滑动变阻器R2的滑片P向左移动时，电流表和电

6、压表示数的变化情况是（）A电流表的示数变小，电压表的示数变大B电流表的示数变小，电压表的示数变小C电流表的示数变大，电压表的示数变大D电流表的示数变大，电压表的示数变小14将“6V 3W”和“6V 6W”的两只灯泡L1和L2串联后接在电源两端，不考虑温度对灯丝电阻的影响，则（）A电源电压为12V时，两只灯泡均能正常发光B两个灯泡发光时，灯泡L2比灯泡L1亮一些C灯泡发光时，电路中允许通过的最大电流为1AD灯泡L1正常发光时，灯泡L215如图是某家庭电路的一部分，下列说法正确的是（）A电冰箱接入三孔插座能使电冰箱金属外壳接地B电冰箱接入三孔插座后电灯与电冰箱是串联C若在图中甲、乙两处分别装电灯或

7、开关，甲处应装电灯，乙处应装开关D断开开关S时，站在地上的人接触A点或B点都不会触电16如图所示，是电磁现象的四幅实验装置图，下列分析中不正确的是（）A图甲装置中通电螺旋管的B端为N极B图乙装置，说明电流周围存在着磁场C图丙装置研究的是磁场对电流的作用D图丁装置是电动机的结构原理图二、实验题（2小题，共14分）17在探究“浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，李阳同学和他的伙伴们做了如图所示的一系列实验（1）三次实验是为了探究浮力的大小与的关系（2）分析（填序号）三次的实验数据，可知浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关（3）此实验还探究了浮力的大小与的关系，得出的结论是（4）通过实验数据可知金属

8、块的密度为kg/m3（g=10N/Kg）（5）金属块在盐水中受到的浮力为，你认为能否判断实验中的金属块下表面受到的液体压强的大小？（填“能”或“否”）18某班同学运用如图（a）所示的实验器材做测小灯泡功率的实验，其中小灯泡标有“3.8V”的字样，灯丝电阻约为10左右请完成或回答以下问题（1）补画导线，把图（a）中的器材连接成实验电路要求导线不交叉，且滑动变阻器滑片P向右滑动时灯泡变亮（2）连接电路最后一根导线时，灯泡立即发光，而且很亮，调节滑动变阻器滑片时，灯泡也有明暗变化则连接电路时存在的错误是：；（3）当小灯泡正常发光时，如图（b）所示，则小灯泡正常发光电流为A小灯泡的额定功率为W（4）某

9、同学的实验记录和有关计算如表所示：实验序号电压（V）电流（A）电功率（W）额定功率（W）123根据表格设计和有关数据看，由第1次实验数据求得小灯泡电阻值为欧该同学把三次测量的电功率求出的平均值当成了小灯泡的额定功率，他认为这样可以减小误差，你认为该同学的做法是（选填“正确”或“错误”）的三、计算题（2小题，共16分）192015年我国科考专家终于把在南海沉睡了700余年的“南海一号”南宋木船打捞出水如图，若“南海一号”最大排水量排开海水的体积为6000m3（g取10N/kg、海水=1.05103kg/m3）问：（1）试根据最大排水量，求出海水对它的浮力多大？（2）若把船体匀速吊起16m，用了4

10、0s，则船体上升的速度是多少？（3）估测沉船质量为3000kg，利用如图的打捞装置，沉船被打捞出水面后，电动机用2104N的力对绳子进行牵引，拉起沉船沿竖直方向匀速提高10m求其所做的有用功是多少？该打捞装置的机械效率是多少？20如图（1）所示是某品牌电热毯及相关参数，图（2）该电热毯的电路的示意图，R0是电热毯发热电阻丝，R是可串联在电路中的定值电阻，S是温控开关，开关上标有“高（温）、低（温）、关”的字样注：额定功率是其使用高温档时的功率（不计温度对电阻的影响）求：（1）要使电热毯处于高温档，则开关S的动触片置于触点（选填“a”“b”或“c”），并说出理由（可结合具体公式回答）（2）求发热

11、电阻丝R0的阻值？（3）当电热毯处于低温档时电路中的电流为0.1A求电阻R的阻值？（4）若电热毯处于高温档时，每天工作5小时，则每天要消耗多少度电？四、解答题（共6分）21联系生活，用所学知识回答下列问题汽车在爬坡的时候司机往往要降低速度，其原理是鞋底常常刻有花纹，其原理是吸盘可以吸附在光滑的墙壁上，这是由于22下表是阳阳同学在观看一场青少年足球友谊赛时做出的一些思考，请根据表中内容从物理学角度分析，将如表空格处补充完整：提出的物理问题运用物理知识解答1踢出去的足球，为什么最终会落到地面？2大力踢球，为什么脚会痛？3由于惯性2016年广东省深圳市南山区五校联考中考物理三模试卷参考答案与试题解析

12、一、选择题（下列14-29小题中，每小题只有一个选项符合题意，每小题1.5分，共24分）1如图所示为火车站的情景当列车行驶时，人必须站在安全线之外，这是因为列车行驶时速度较快，导致其附近的空气（）A流速变大，压强变小，容易把人吸向列车B流速变大，压强变大，容易把人吸向列车C流速变小，压强变大，容易把人吸向列车D流速变小，压强变小，容易把人吸向列车【考点】流体压强与流速的关系【分析】流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小比较人和列车之间的压强以及人外侧的压强的大小【解答】解：人离高速列车比较近时，高速列车的速度很大，人和高速列车的之间的空气流动速度很大、压强小，人外侧的压强不变，人受到外侧压强

13、大于人内侧受到的压强，人在较大的压强差作用下很容易被压向列车，发生交通事故故只有A说法正确故选A2“给我一个支点和一根足够长的棍，我就能翘起整个地球”下列生产和生活中的杠杆与阿基米德设想的杠杆属于同一类型的是（）A天平B铁锹C钓鱼竿D铡刀【考点】杠杆的分类【分析】结合生活经验分析动力臂和阻力臂的大小关系，当动力臂大于阻力臂时，是省力杠杆；当动力臂小于阻力臂时，是费力杠杆，费力但省距离；当动力臂等于阻力臂时，是等臂杠杆【解答】解：阿基米德的杠杆是在宇宙中找一点，就能翘起整个支点，属于省力杠杆A、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆；B、铁锹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C

14、、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；D、铡刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆故选D3关于声的知识，下列说法正确的是（）A 之间的导线传递的是声信号B在教室周围植树可以在声源处减弱噪声C不同的乐器演奏同一首乐曲，我们也能够分辨出不同乐器发出的声音，这主要是依据音色D声在真空中的传播速度是340m/s【考点】声音的综合利用【分析】（1）固定 的作用是将声信号变为变化的电流；而听筒是将变化的电流还原为声信号，故其所传递的声音信息是由导线中的信号电流来实现的（2）减弱噪声的三种途径：在声源处减弱；在人耳处减弱；在传播过程中减弱；（3）音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材

15、料、结构不同，发出声音的音色也就不同；（4）声音的传播需要介质，声音在真空中不能传播，在不同的介质中的传播速度不同，15时，声音在空气中的传播速度为340m/s【解答】解：A、固定 通话时， 之间的导线传递的是电流信号，而不是声信号，故A错误；B、在教室周围植树可以阻断噪声的传播，是在传播过程中减弱噪声，故B错误；C、不同的乐器演奏同一首乐曲，发出的音色也不相同，我们能够分辨出不同乐器发出的声音，这主要是依据音色，故C正确；D、声音在空气中的传播速度为340m/s；真空中不能传声，即声音在真空中的传播速度是0m/s，故D错误故选：C4下列各图中，正确的是（）A光的反射B光的折射C平面镜成像D近

16、视眼矫正【考点】作光的反射光路图；平面镜成像的相关作图；作光的折射光路图；透镜的光路图【分析】（1）光的反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；（2）光的折射定律的内容：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧当光线垂直入射时，折射光线、法线和入射光线在同一直线上当光线从空气斜射入其它透明介质时，折射角小于入射角；当光线从其它介质斜射入空气时，则折射角大于入射角（3）平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像物关于平面镜对称；（4）近视眼的成因是晶状体太厚，折光能

17、力太强，或者眼球在前后方向上太长，因此来自远处点的光会聚在视网膜前，到达视网膜时已经不是一点而是一个模糊的光斑了，应佩戴凹透镜矫正【解答】解：A、由图可知，入射角等于9040=50，光的反射定律可知，反射角等于入射角，也等于50，而图中的反射角等于40，故A错误；B、当光线从其它介质斜射入空气时，折射角应大于入射角，而图中折射角小于入射角，故B错误；C、由图可知，像物关于平面镜不对称；故C错误；D、如果我们长期不注意用眼卫生，就会使晶状体的凸度增大，或眼球前后径过长，形成的物像就会落在视网膜的前方，形成近视眼近视眼可以佩戴凹透镜加以矫正，故D正确故选D5在试管中装入适量的水，试管口用塞子塞住，

18、用酒精灯对试管加热，如图所示加热一段时间后，塞子冲出去了，则（）A加热过程中酒精的化学能全部转化为水的内能B塞子冲出前，试管内水的质量不断增大C塞子冲出时，试管内气体温度不变D塞子被水蒸气推出过程反映的是汽油机的做功冲程原理【考点】做功改变物体内能【分析】（1）在试管中装些水，用酒精灯加热的过程中，酒精的化学能转化为试管和水的内能，还有一部分散失掉；（2）质量是物体本身的一种属性，不随位置、状态、形状、温度的改变而改变；（3）水蒸气膨胀做功、内能减少，温度降低；（4）试管内水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减小，转化为塞子的机械能【解答】解：A、加热过程中，酒精的化学能有一部分转化为水的内能，大部

19、分散失，故A错误；B、塞子冲出前，水的温度不断升高，水的多少没有改变，所以质量不变，故B错误；C、塞子冲出时，试管内气体对外做功，内能减小，温度降低，故C错误；D、塞子冲出时，是试管内气体的内能转化为塞子增加的机械能，内燃机的做功冲程将内能转化为机械能，压缩冲程将机械能转化为内能，所以此过程的能量转化情况与内燃机的做功冲程相同，故D正确故选D6下列有关生活中的一些现象的解释中，不正确的是（）A雾和露都是空气中的水蒸气遇冷液化而成的B霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的C北方的菜窖里，冬天常常放一桶水利用水结冰时放热，可防止蔬菜冻坏D夏天，从冰箱中取出瓶装矿泉水发现瓶外壁“出汗”，这是由于空气中水蒸

20、气的汽化现象【考点】液化及液化现象；凝固与凝固放热特点；生活中的凝华现象【分析】（1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；（2）在六种物态变化中，熔化、汽化和升华过程吸热；液化、凝固和凝华过程放热【解答】解：A、雾和露都是液体的，是空气中的水蒸气遇冷液化形成，故A正确；B、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，故B正确；C、冬天在菜窖中放几桶水，水受冷就会凝固，凝固要放出热量，使菜窖的温度不至于过低而将菜冻坏，故C正确；D、夏天从冰箱中取出瓶装矿泉水发现瓶外壁“出汗”，这是空气中的

21、水蒸气遇到温度较低的矿泉瓶液化而成的小水珠，故D错误故选D7小英同学在厨房帮妈妈做饭时，观察到一些物理现象，并用所学的物理知识进行了解释，其中合理的是（）A一茶杯静止在水平桌面上茶杯对桌面的压力和桌面对茶杯的支持力是一对平衡力B妈妈炒菜，太香了，小英忍不住用筷子夹起尝尝筷子是省力杠杆C轻推案板，案板不动，是因为推力小于摩擦力D高压锅容易将食物煮熟是因为液体表面气压增大，液体沸点升高【考点】平衡力的辨别；沸点及沸点与气压的关系；二力平衡条件的应用；杠杆的应用【分析】利用对应的物理知识，逐个分析选择项中提到的物理情景，从而可以判断选择项的正误【解答】解：A、茶杯对桌面的压力，这个力的施力物体是茶杯

22、，受力物体是桌面；桌面对茶杯的支持力这个力的施力物体是桌面，受力物体是茶杯这两个力不共物，是一对作用力与反作用力；故A错误；B、用筷子夹菜时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故B错误；C、轻推案板，案板不动，是因为案板受平衡力作用，即推力等于摩擦力，故C错误；D、高压锅是通过增大锅内气体压强的办法来提高水的沸点，从而缩短加热时间的，故D正确故选D8小乐周末和父母一起去公园划船，坐在船上，下列说法正确的是（）A刚开始船没动时，船没有受到力的作用B小乐和爸爸使劲划了，船才动，说明力是维持物体运动的原因C小乐用桨向后划水船会前行，说明物体间力的作用是相互的D船能漂浮在水面，说明船受到的浮力大于它的重

23、力【考点】力与运动的关系；力作用的相互性；物体的浮沉条件及其应用【分析】静止在水面上的小船，速度重力和浮力的作用，并且两个力大小相等，方向相反，是一对平衡力；力的作用是改变物体的运动状态，物体运动不需要力维持；力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施加力的作用时，受到另一个物体的反作用力【解答】解：AD、小船静止在水面上时，竖直方向受到向下的重力和向上的浮力，两个力是一对平衡力，大小相等，方向相反故A、D均错误；B、用力划船，船会前进，由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态故B错误；C、用桨先后划水，由于力的作用是相互的，水对船产生向前的反作用力，所以船会前进故C正确故选C9如图（甲）是

24、某物体运动的st图象，则图中能与之相对应的vt图象是（）A B C D【考点】速度与物体运动【分析】根据图甲所示物体的st图象判断物体的运动性质；然后逐一分析各vt图象，看哪个图象与st图象反应的运动规律相同【解答】解：由st图象知：图线是一条倾斜的直线，物体的路程与时间成正比，物体做匀速直线运动；匀速直线运动的速度保持不变，它的vt图象是一条平行于时间轴的直线，由图示各vt图象知：图象B是一条平行于时间轴的直线，物体速度保持不变，物体做匀速直线运动；A图象中时间不变而速度变化，不可能出现这种情况图象错误；C图象中物体的速度随时间均匀减小，物体做匀减速直线运动，与st图象不符；D图象中物体的速

25、度随时间均匀增加，物体做匀加速直线运动，与st图象不符；故选B10在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，让同一铁球从斜面的不同高度由静止释放，撞击同一木块（如图所示），下列说法中正确的是（）A本实验研究的是木块的动能与它的质量、速度的关系B在探究动能与速度的关系时，要保持小球的质量不变，让小球从相同的高度滚下，以不同的速度推动木块移动C在探究动能与物体质量的关系时，要选择两个质量不同的小球，让它们分别从同一斜面的不同高度滚下D实验中通过观察木块移动的距离来比较动能大小的【考点】探究影响物体动能大小的因素【分析】动能的大小与物体的质量和物体的速度有关，同一小球是质量不变，研究动能与速度

26、的关系，同一小球不同高度滚下到水平面速度不同【解答】解：（1）本实验研究的是小球的动能与它的速度的关系，与木块无关，只是通过木块移动距离的远近来反映动能的大小，故A错误；（2）小球要以不同的速度撞击木块，必须从不同高度滚下，故B错误；（3）在探究动能与物体质量的关系时，要选择两个质量不同的小球，让它们分别从同一斜面的相同高度滚下，利用控制变量法，保持速度不变，故C错误；（4）木块移动的距离越远，小球动能越大故D正确故选D11甲、乙两只完全相同的杯子盛有不同浓度的盐水，将同一只鸡蛋先后放入其中，当鸡蛋静止时，两杯中液面相平，鸡蛋所处的位置如图所示则下列说法正确的是（）A鸡蛋在乙杯中受到的浮力较大

27、B鸡蛋在甲杯里排开液体的质量较大C乙杯底部所受液体的压强较大D甲杯底部所受液体的压力较大【考点】液体的压强的特点；物体的浮沉条件及其应用【分析】根据漂浮与悬浮的条件可判断鸡蛋在不同杯子中受到的浮力的大小；根据鸡蛋的浮沉情况判断出杯中盐水密度的大小关系，再利用压强公式p=gh判断压强的大小，以及通过公式p=的变形公式判断压力的大小【解答】解：读图可知，鸡蛋在甲杯中悬浮，在乙杯中漂浮，则浮沉条件可知，它们此时所受的浮力都等于自身的重力，即浮力相同，因此所排开液体的质量也相同故AB错误；鸡蛋在甲杯中悬浮，在乙杯中漂浮，说明甲杯中盐水的密度小于乙杯中盐水的密度，又因为两杯中液面相平，由公式p=gh可知

28、，乙杯底部所受液体的压强较大，故C正确；由公式p=得，F=pS，两杯底面积相同，乙杯底部所受液体的压强较大，故乙杯底部所受液体的压力较大，故D错误故选C12下列有关说法正确的是（）A有关核能，核裂变的应用有核电站、原子弹、氢弹B在电源外部，电子的运动方向从电源的正极流向负极C电荷在导体中运动就会形成电流D人体、湿木头、酸、碱、盐的水溶液都属于导体【考点】核能；电流的方向；导体和绝缘体的区别【分析】（1）核能分为裂变和聚变两种，核电站、原子弹是裂变、氢弹是核聚变；（2）在电源外部，电流由正极流向负极，电子的运动方向与电流的方向相反；（3）电荷的定向移动形成电流，正电荷的定向移动方向是电流的方向；

29、（4）导体是指容易导电的物体，常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等绝缘体是指不容易导电的物体，常见的绝缘体有：陶瓷、玻璃、橡胶、空气和油等【解答】解：A、核电站、原子弹是裂变、氢弹是核聚变的结果，故A错误；B、在电源的内部，电流由电源的负极流向正极；在电源外部，电流由电源正极流向电源负极，电子的运动方向与电流的方向相反，故B错误；C、电荷的定向移动方向形成电流，电荷的无规则运动不会形成电流，故C错误；D、人体、湿木头、酸碱盐的水溶液，三者都属于导体，故D正确、故选D13如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，当滑动变阻器R2的滑片P向左移动时，电流表和电压表示数的变化情况是（

30、）A电流表的示数变小，电压表的示数变大B电流表的示数变小，电压表的示数变小C电流表的示数变大，电压表的示数变大D电流表的示数变大，电压表的示数变小【考点】欧姆定律的应用；电流表的使用；电压表的使用；滑动变阻器的使用【分析】从图可知，定值电阻和滑动变阻器组成的是串联电路，电流表测量的是整个电路中的电流，电压表测量的是滑动变阻器两端的电压，首先判断滑动变阻器的滑片向左移动时其阻值的变化，再根据串联电路电阻的特点判断电路中总电阻的变化，从而利用欧姆定律分析电流的变化，再利用公式U=IR判断定值电阻两端电压的变化，最后再根据串联电路电压的特点判断滑动变阻器两端电压的变化【解答】解：因为定值电阻和滑动变

31、阻器串联，当滑动变阻器的滑片向左移动时，连入电路中的电阻变大，即电路中的总电阻R变大；电源电压保持不变由公式I=可知，电路中的电流I变小由公式U1=IR1可知，定值电阻两端的电压变小，因此滑动变阻器两端的电压变大；故电流表的示数变小，电压表的示数变大故选 A14将“6V 3W”和“6V 6W”的两只灯泡L1和L2串联后接在电源两端，不考虑温度对灯丝电阻的影响，则（）A电源电压为12V时，两只灯泡均能正常发光B两个灯泡发光时，灯泡L2比灯泡L1亮一些C灯泡发光时，电路中允许通过的最大电流为1AD灯泡L1正常发光时，灯泡L2【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；电功率的计算【分析】根据P=U

32、I求出两灯泡的额定电流，利用欧姆定律求出两灯泡的电阻；（1）如果两灯泡的额定电流相等，可以同时发光，否则不可能同时正常发光；（2）根据串联电路的电流特点确定电路中的最大电流，根据P=I2R比较两灯泡的实际功率，实际功率大的灯泡较亮；再根据P=I2R求出灯泡L1正常发光时灯泡L2的实际功率【解答】解：根据P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：I1=0.5A，I2=1A，根据欧姆定律可得，两灯泡的电阻分别为：R1=12，R2=6；（1）两灯泡的额定电流不相等，两只灯泡不可能同时正常发光，故A不正确；（2）串联电路中各处的电流相等，电路中的最大电流I=I1=0.5A，故C不正确；P=I2R，且灯泡的

33、亮暗取决于实际功率的大小，L1的电阻大，实际功率大，灯泡较亮，故B不正确；灯泡L1正常发光时，灯泡L2的实际功率：P2=I2R2=（0.5A）26=1.5W，故D正确故选D15如图是某家庭电路的一部分，下列说法正确的是（）A电冰箱接入三孔插座能使电冰箱金属外壳接地B电冰箱接入三孔插座后电灯与电冰箱是串联C若在图中甲、乙两处分别装电灯或开关，甲处应装电灯，乙处应装开关D断开开关S时，站在地上的人接触A点或B点都不会触电【考点】家庭电路的连接【分析】根据家庭电路的各设备安装顺序、开关、电灯、插座的正确安装方法等知识逐个分析判断即可解决【解答】解：A、电冰箱接入三孔插座能使电冰箱金属外壳接地，防止由

34、于冰箱的外壳带电而使得人发生触电事故，故A正确；B、由于并联电路中的各个用电器是互不影响的，所以电冰箱接入三孔插座后电灯与电冰箱是并联的，故B错误；C、在家庭电路中，为了安全，一般把开关接在火线和用电器之间，故甲处接开关，乙处接灯，故C错误；D、断开开关S时，站在地上的人接触A点是会触电的，故D错误；故选A16如图所示，是电磁现象的四幅实验装置图，下列分析中不正确的是（）A图甲装置中通电螺旋管的B端为N极B图乙装置，说明电流周围存在着磁场C图丙装置研究的是磁场对电流的作用D图丁装置是电动机的结构原理图【考点】通电螺线管的磁场；通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；发电机的构造和原理【分析

35、】A、利用安培定则判断通电螺线管磁场的极性；B、通电导体周围存在着磁场；C、通电导体在磁场中受力而运动D、发电机原理图描述了线圈给外界的用电器供电；电动机原理图描述了电源给线圈供电【解答】解：A、图甲装置中螺线管用安培定则进行判断：在电源外部，电流总是从电源的正极流向负极，用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中的电流方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的N极，所以B端是N极，故A正确；B、该实验是奥斯特实验，即说明通电导线周围存在着磁场，故B正确；C、该图中有电源，故当闭合开关时，磁场中的金属棒ab会由于受到力的作用而运动，研究磁场对电流的作用，故C正确；D、装置中没有电源，即线圈转动时，电路中就

36、会产生感应电流，即电磁感应现象，该过程是将机械能转化为电能的过程，发电机的原理，故D错误；故选D二、实验题（2小题，共14分）17在探究“浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，李阳同学和他的伙伴们做了如图所示的一系列实验（1）三次实验是为了探究浮力的大小与排开液体的体积的关系（2）分析（填序号）三次的实验数据，可知浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关（3）此实验还探究了浮力的大小与液体密度的关系，得出的结论是当排开液体体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力越大（4）通过实验数据可知金属块的密度为9103kg/m3（g=10N/Kg）（5）金属块在盐水中受到的浮力为1.2N，你认为能否判断实验中

37、的金属块下表面受到的液体压强的大小？否（填“能”或“否”）【考点】探究浮力大小的实验【分析】（1）（2）应用控制变量法分析图示实验，根据实验控制的变量与实验现象分析答题；（3）由图所示实验可知，物体排开液体的体积相同而排开液体的密度不同，然后可得出结论；（4）已知金属块的重力可求得其质量，根据所示实验可知，金属块浸没在水中受到的浮力，由F浮=水gV排可求得其体积，然后利用密度公式可求得其密度（5）根据称重法可求得金属块在盐水中受到的浮力，根据p=gh分析金属块下表面受到的液体压强大小【解答】解：（1）由图示三次实验可知，物体排开液体的密度不变而排开液体的体积不同，物体受到的浮力不同，排开液体体

38、积越大，物体受到的浮力越大，由此可知，三次实验可以探究：浮力的大小与排开液体体积的关系，得出的结论是：在液体密度一定时，物体排开液体的体积越大，物体受到的浮力越大（2）由图实验可知，物体排开液体的密度与体积相同而物体浸没在液体中的深度不同，物体受到的浮力相同，由此可知：浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关（3）由图所示实验可知，物体排开液体的体积相同而排开液体的密度不同，液体密度越大，物体受到的浮力越大，由此可知：该实验可以探究浮力的大小与液体密度的关系，得出的结论是：在排开液体体积一定的情况下，液体密度越大，物体受到的浮力越大（4）由图所示实验可知，金属块的重力G=9N，由G=mg可知，金属

39、块的质量：m=0.9kg，由图所示实验可知，金属块浸没在水中受到的浮力：F浮=GF=9N8N=1N，由F浮=水gV排可知，金属块的体积：V=V排=1104m3，金属块的密度：=9103kg/m3（5）金属块在盐水中受到的浮力=GF拉盐水=9N1.8N=1.2N，因为不知道实验中的金属块下表面距离液面的深度，所以不能判断实验中的金属块下表面受到的液体压强的大小故答案为：（1）排开液体的体积；（2）；（3）液体密度，当排开液体体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力越大；（4）9103；（5）1.2N；否18某班同学运用如图（a）所示的实验器材做测小灯泡功率的实验，其中小灯泡标有“3.8V”的字样

40、，灯丝电阻约为10左右请完成或回答以下问题（1）补画导线，把图（a）中的器材连接成实验电路要求导线不交叉，且滑动变阻器滑片P向右滑动时灯泡变亮（2）连接电路最后一根导线时，灯泡立即发光，而且很亮，调节滑动变阻器滑片时，灯泡也有明暗变化则连接电路时存在的错误是：连接电路没有断开开关；闭合开关前，没有将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处（3）当小灯泡正常发光时，如图（b）所示，则小灯泡正常发光电流为0.32A小灯泡的额定功率为1.216W（4）某同学的实验记录和有关计算如表所示：实验序号电压（V）电流（A）电功率（W）额定功率（W）123根据表格设计和有关数据看，由第1次实验数据求得小灯泡电阻值为12

41、欧该同学把三次测量的电功率求出的平均值当成了小灯泡的额定功率，他认为这样可以减小误差，你认为该同学的做法是错误（选填“正确”或“错误”）的【考点】电功率的测量【分析】（1）根据灯泡额定电压确定电压表量程，灯泡、滑动变阻器串联接入电路，电压表并联在灯泡两端，注意电压表正负接线柱不要接反，滑动变阻器应接一上一下两个接线柱（2）为保证电路安全，连接电路时开关要断开，闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值应为最大阻值；连接电路的最后一根导线时，灯立即发出明亮的光，可以从开关与滑动变阻器两方面分析原因；（3）根据电流表的量程、分度值以及指针的位置读出电流表的示数，然后根据P=UI求出灯泡的额定功率；（4）

42、由表格中的数据可知小灯泡的电压和电流，根据I=的变形公式R=求出小灯泡电阻值；灯泡在不同电压下的电功率不同，额定功率是指额定电压时的功率【解答】解：（1）滑动变阻器串联接入电路，并且要按“一上一下”的方式接入电路，又因为滑动变阻器滑片P向右滑动时灯泡变亮，说明此时电路电阻减小，所以应将滑动变阻器的B接线柱与灯泡的右接线柱连接；由题意知，小灯泡标的额定电压为3.8V，灯丝电阻约为10左右，根据欧姆定律可知，电路中的电流：I=0.38A0.6A，所以电流表选择00.6A的量程，应将电流表的“0.6”接线柱与电源负极连接；因为灯泡额定电压是3.8V，所以电压表应选015V量程，将电压表与灯泡并联即可

43、，电路图如图所示：（2）连接电路时，将最后一根导线接好后，就看到灯泡发光，说明连接电路时，开关没有断开；灯泡比正常发光时要亮，说明闭合开关前，没有将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处（3）根据图b可知，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，电流表的示数即小灯泡正常发光电流为0.32A，则灯泡的额定功率：P额=U额I额=3.8V0.32A=1.216W（4）由表格中的数据可知，当小灯泡两端的电压U=3.0V，电路中的电流I=0.25A，由I=得，小灯泡电阻值：R=12灯泡的功率与实际电压有关，额定功率是指灯泡两端等于额定电压时的电功率，而不是所测电功率的平均值，因此该同学的做法是错误的；故答

44、案为：（1）见上图；（2）连接电路时，开关没有断开；闭合开关前，没有将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；（3）0.32；1.216；（4）12；错误三、计算题（2小题，共16分）192015年我国科考专家终于把在南海沉睡了700余年的“南海一号”南宋木船打捞出水如图，若“南海一号”最大排水量排开海水的体积为6000m3（g取10N/kg、海水=1.05103kg/m3）问：（1）试根据最大排水量，求出海水对它的浮力多大？（2）若把船体匀速吊起16m，用了40s，则船体上升的速度是多少？（3）估测沉船质量为3000kg，利用如图的打捞装置，沉船被打捞出水面后，电动机用2104N的力对绳子进行牵引，

45、拉起沉船沿竖直方向匀速提高10m求其所做的有用功是多少？该打捞装置的机械效率是多少？【考点】阿基米德原理；功的计算；机械效率的计算【分析】（1）知道最大排水量排开海水的体积，根据阿基米德原理求出受到的浮力；（2）知道船体匀速吊起的高度和时间，根据v=求出船体上升的速度；（3）有用功为克服沉船重力所做的功，根据W=Gh=mgh求出其大小，由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s=nh求出绳端移动的距离，根据W=Fs求出总功，根据=100%求出该打捞装置的机械效率【解答】解：（1）最大排水量时受到的浮力：F浮=gV排=1.05103kg/m310N/kg6000m3=6.3107N；（2）船体上升速度

46、：v=0.4m/s；（3）所做的有用功：W有=Gh=mgh=3000kg10N/kg10m=3105J，由图可知，n=2，则电动机端绳子移动距离：s=nh=210m=20m，拉力所做的总功：W总=Fs=2104N20m=4105J，该打捞装置的机械效率：=100%=100%=75%答：（1）海水对它的浮力为6.3107N；（2）船体上升的速度是0.4m/s；（3）该打捞装置的机械效率是75%20如图（1）所示是某品牌电热毯及相关参数，图（2）该电热毯的电路的示意图，R0是电热毯发热电阻丝，R是可串联在电路中的定值电阻，S是温控开关，开关上标有“高（温）、低（温）、关”的字样注：额定功率是其使用高温档时的功率（不计温度对电阻的影响）求：（1）要使电热毯处于高温档，则开关S的