2022-2023学年江苏扬州市物理高三第一学期期中学业水平测试试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一倾斜木板上放一质量为m物体，当板的倾角逐渐增大时，物体始终保持静止状态，则物体所受（ ）A重

2、力变大B支持力变大C摩擦力变大D合外力变大2、某学校组织趣味课外活动拉重物比赛，如图所示。设重物的质量为m，重物与地面间的动摩擦因数为，重力加速度为g。某同学拉着重物在水平地面上运动时，能够施加的最大拉力为F，求重物运动时的最大加速度为（ ）A B C D3、如图所示为甲、乙两物体在水平面上运动的轨迹图，M、N是两轨迹的交点，则A甲所受的合外力可能为零B乙所受的合外力一定为零C两物体一定在N点相遇D从M到N，甲乙的平均速度可能相等4、如图，在“探究共点力合成”实验中，用弹簧测力计拉细绳套时要做到（） A细绳间的夹角始终为90B细绳间的夹角不可以是钝角C两个弹簧测力计的读数必须相同D橡皮条、细绳

3、和弹簧测力计应贴近并平行于木板5、如图所示的实验可以用来研究物体所受到的滑动摩擦力，已知木块的质量为m，细绳与木板之间装有拉力传感器，木板质量为M（传感器的质量可忽略不计），通过手拉绳子将木板从木块下匀速抽出时，弹簧测力计的示数为f，传感器的示数为F，且在该过程中木块保持静止状态，由此可知（ ）A木板与桌面间的滑动摩擦力大小等于FB木块与木板间的滑动摩擦力大小等于FfC该实验可测出木板与木块之间的动摩擦因数D该实验可测出木板与桌面之间的动摩擦因数6、质量为2kg的质点仅受两个力作用，两个力的大小分别为3N和5N。则该质点的加速度的值可能为（ ）A0.5m/s2 B0.75m/s2 C3.5m/

4、s2 D4.5 m/s2二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，质量为M的木板A静止在水平地面上，在木板A的左端放置一个质量为m的铁块B，铁块与木板间的动摩擦因数1，木板与地面之间的动摩擦因数为1现给铁块施加一由零开始逐渐增大的水平作用力F，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，下列判断正确的是（ ）A若11，则一定是木板A先相对地发生滑动，然后B相对A发生滑动B若1mg1Mg，则一定是木板A先相对地发生滑动，然后B相对A发生滑动C若铁块B先相对A发生滑动，则当A、B刚发

5、生相对滑动时，F的大小为1mgD若木板A先相对地发生滑动，则当A、B刚发生相对滑动时，F的大小为mg（1-1）（m+M）/M8、如图所示，水平地面上一物体在F1=10N,F2=2N的水平外力作用下做匀速直线运动，则( )A物体运动方向向右B物体所受滑动摩擦力大小为6NC撤去F1后物体最终会停下D撤去F2后物体最终会停下9、如图所示，质量均为m的小球A、B用长为L的细线相连，放在高为h的光滑水平桌面上（L2h），A球刚好在桌边。从静止释放两球，不计空气阻力，若A、B两球落地后均不再弹起，则下面说法中正确的是AA球落地前的加速度为BB球到达桌边的速度为CA、B两落地的水平距离为hD绳L对B球做的功

6、为mgh10、如图所示为甲、乙两个质点同时、同地向同一方向运动的vt图，由图可知A在03 s内，甲做匀加速直线运动B甲在3 s后改做匀速运动，在7 s末乙追上甲C57 s内两者相互逐渐靠近D07 s内两者在前进方向上的最大距离大于5 m三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在探究加速度与物体所受合外力和质量间的关系时，采用如图所示的实验装置，小车及车中的砝码质量用M表示，盘及盘中的砝码质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带上由打点计时器打出的点计算出：（1）当M与m的大小关系满足_时，才可以认为细线对小车的拉力大小等于盘和盘

7、中砝码的重力（2）一组同学在保持盘及盘中的砝码质量一定的情况下，探究加速度与小车质量的关系，以下做法正确的是_A平衡摩擦力时，应将盘及盘中的砝码用细线绕过定滑轮系在小车上B每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C实验时，先放开小车，再接通打点计时器电源D小车运动的加速度可用天平测出m和M，直接用公式a求出（3）在保持小车及车中的砝码质量M一定，探究加速度与所受合外力的关系时，由于平衡摩擦力时操作不当，两位同学得到的aF关系分别如图中甲、乙所示（a是小车的加速度，F是细线作用于小车的拉力）其原因分别是：甲图：_；乙图：_.12（12分）（1）在做“用单摆测定重力加速度”的实验中，某同学甲用毫

8、米刻度尺测得摆线长；用游标卡尺测得摆球的直径如图所示，则摆球直径_用秒表测得单摆完成次全振动的时间如图所示，则秒表的示数_；若用给出的各物理量符号（L0、）表示当地的重力加速度，则计算的表达式为_（2）实验中同学甲发现测得的值偏小，可能的原因是_A测摆线长时摆线拉得过紧B摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了C开始计时时，秒表过迟按下D实验中误将次全振动计为次（3）为了提高实验精度，某同学乙在实验中通过改变几次摆长，并测出相应的周期，从而得到一组对应的与的数据，再以为横坐标、为纵坐标，建立坐标系，将所得数据进行连线，实验测得的数据如下表所示：次数摆长次全振动时间振动周期振动

9、周期的平方请将表中第三次测量数据标在右图中，并在右图中作出随变化的关系图象_根据图象，可知当地的重力加速度为_（保留位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一质量M=4kg的小车静置于光滑水平地面上，左侧用固定在地面上的销钉挡住小车上表面由光滑圆弧轨道BC和水平粗糙轨道CD组成，BC与CD相切于C， BC所对圆心角37，CD长L3m质量m=1kg的小物块从某一高度处的A点以v04m/s的速度水平抛出，恰好沿切线方向自B点进入圆弧轨道，滑到D点时刚好与小车达到共同速度v=1.2m/s取g10

10、m/s2，sin37=0.6，忽略空气阻力（1）求A、B间的水平距离x；（2）求小物块从C滑到D所用时间t0；（3）求圆弧半径R.14（16分）2022年22月，我国舰载机在航母上首降成功设某一舰载机质量为m = 25204kg，着舰速度为v0=50m/s，着舰过程中航母静止不动发动机的推力大小恒为F = 22205N，若空气阻力和甲板阻力保持不变（2）若飞机着舰后，关闭发动机，仅受空气阻力和甲板阻力作用，飞机将在甲板上以a0=2m/s2的加速度做匀减速运动，航母甲板至少多长才能保证飞机不滑到海里（2）为了让飞机在有限长度的跑道上停下来，甲板上设置了拦阻索让飞机减速，同时考虑到飞机尾钩挂索失败

11、需要复飞的情况，飞机着舰时并不关闭发动机若飞机着舰后就钩住拦阻索，图示为飞机钩住拦阻索后某时刻的情景，此时飞机的加速度大小为a2=38m/s2，速度为40 m/s，拦阻索夹角=206两滑轮间距40m，（）a求此时拦阻索承受的张力大小b飞机从着舰到图示时刻，拦阻索对飞机做的功15（12分）如图所示，光滑水平面上有一小车B，右端固定一沙箱，沙箱上连接一水平的轻质弹簧，小车与沙箱的总质量为M=2kg。车上在沙箱左侧距离s=1m的位置上放有一质量为m=1kg小物块A，物块A与小车的动摩擦因数为。仅在沙面上空间存在水平向右的匀强电场，场强E=2.0103V/m。当物块A随小车以速度向右做匀速直线运动时，

12、距沙面H=5m高处有一质量为的带正电的小球C，以的初速度水平向左抛出，最终落入沙箱中。已知小球与沙箱的相互作用时间极短，且忽略弹簧最短时的长度，并取g=10m/s2。求：(1)小球落入沙箱前的速度和开始下落时与小车右端的水平距离；(2)小车在前进过程中，弹簧具有的最大值弹性势能；(3)设小车左端与沙箱左侧的距离为L。请讨论分析物块A相对小车向左运动的整个过程中，其与小车摩擦产生的热量Q与L的关系式。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】解：设物体的重力恒为G，由平衡条件得：物体所受的支持力N=Gcos，摩擦

13、力为f=Gsin，当增大时，cos减小，sin增大，所以N减小，f增大由于物体始终保持静止状态，所以由平衡条件可知，物体所受的合外力恒为零故选C【点评】本题是简单的动态平衡问题，运用函数法分析各力的变化，也可以通过作图法分析2、D【解析】由受力分析，物体受到重力、支持力、拉力和摩擦力的作用，根据牛顿第二定律，在水平方向有， 竖直方向有，滑动摩擦力 ，根据以上三式联立可以求得，当 tan=时，加速度最大，最大加速度为，故D正确，ABC错误；故选D。3、D【解析】甲做曲线运动，速度一定发生变化，一定存在加速度，合力不可能为零，A错误；乙做直线运动，可能做匀变速直线运动，合力可能不为零，B错误；图像

14、有交点，只能说明两者都经过交点处，但是不能说明同时经过交点处，故不一定在交点相遇，C错误；从M到N两者的位移相同，如果所用时间相同的话，则两者的平均速度相同，D正确4、D【解析】AB细绳间的夹角可以为任意角，AB错误；C两个弹簧测力计的读数可以是任意数，C错误；D实验中要求橡皮条、细绳和弹簧测力计应贴近并平行于木板，减小实验误差，D正确。故选D。5、C【解析】B木块在水平上受水平方向右的摩擦力和弹簧秤的拉力作用，由于木块静止，所受滑动摩擦力等于弹簧的弹力f，所以木块与木板间的滑动摩擦力大小f，B错误；A手拉绳子将木板从木块下匀速抽出时，对于木板受到向右的拉力F，木块给木板的向左的摩擦力，大小等

15、于f，桌面给木板向左的摩擦力，根据匀速，木板与桌面间的滑动摩擦力大小为，A错误；C根据滑动摩擦力公式，由于木块与木板间的滑动摩擦力大小等于f，则木板与木块之间的动摩擦因数C正确；D同理，由于木板与桌面间的滑动摩擦力大小为，则木板与桌面之间的动摩擦因数D错误。故选C。6、C【解析】3N和5N的合力范围为：2NF8N，故加速度的最大值为：amax=82m/s24m/s2，加速度的最小值为：amin=22m/s21m/s2，故C正确，ABD错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选

16、错的得0分。7、CD【解析】A要使A相对地面发生滑动，则B给A向右的摩擦力必须大于地面给的向左的滑动摩擦力，若B未滑动，A先发生相对地面滑动，则，这种情况下A错误；B.若B滑动后，A发生相对地面运动，则，即，这种情况下，一定是B先滑动，后A再开始滑动，B错误；C.若铁块B先相对A发生滑动，则当A、B刚发生相对滑动时，此时拉力刚好等于B所受的滑动摩擦力，即，C正确；D.若木板A先运动，B相对于A滑动时，二者的加速度关系为，即：整理得所以当A、B刚发生相对滑动时，F的大小为D正确8、AC【解析】由题意可知，物体受F1=10N，F2=2N和摩擦力处于平衡，可知摩擦力的大小f=8N，方向水平向左，可知

17、物体的运动方向向右，故AB错误；物体开始向右运动，撤去F1后，物体受到的合力方向向左，所以物体向右做减速运动，速度减到零后，因为F2f，即不再运动，所以撤去F1后物体最终会停下，故C正确；因为F1f，所以撤去F2后物体不会停下，故D错误。所以AC正确，BD错误。9、AC【解析】A. 对AB整体受力分析，由牛顿第二定律可得，mg=2ma所以故A正确。B. 对于AB组成的系统，机械能守恒，取地面为零势能面，则所以落地的速度也就是B球到达桌边的速度为故B错误。C. B球由于有了A球下落时的速率，所以B将做平抛运动，B的水平位移为故C正确。D. 绳只是在A落地之前对B有力的作用，对B受力分析知，只有绳

18、对B做功，由动能定理可得故D错误。10、CD【解析】在03s内，甲的速度时间图象是曲线，所以甲做变加速运动，故A错误甲在3s后改做匀速运动，在07s内甲图形所包围的面积大于乙图形所包围的面积，所以在7s末乙没有追上甲，故B错误5s末，甲在前面，乙在后面，但5s末后乙的速度大于甲的速度，所以57s内两者相互逐渐靠近，故C正确当两者速度相等时，前进方向上的距离最大，在05s内，图形所包围的面积等于它们的位移，根据面积之差知道最大距离大于5m，故D正确故选CD【点睛】解决图象问题一是要注意图象的横纵坐标的含义以确定是什么图象；二是要明白图象代表的物理含义：速度图象的斜率等于物体的加速度；“面积”表示

19、位移三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、mM B 木板的倾角过大 没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足 【解析】（1）1对盘及盘中砝码：mgFma；对小车：FMa联立可得：aFmg只有当mM时，才可认为Fmg.（2）2平衡摩擦力时，先去掉盘、盘中砝码和细线，只让小车在重力沿斜面方向的分力作用下向左运动，当小车能匀速运动时，重力沿斜面方向的分力和摩擦力平衡，A不正确；调好后，当再次改变小车质量时，无需再平衡摩擦力，B正确；实验时，要先接通打点计时器的电源，使打点计时器正常工作，再释放小车，C不正确；小车的加速度是通过处理纸带确定的，D不正确（3

20、）12.由甲图可看出F0时，a0，说明木板的倾角过大，重力沿斜面方向的分力大于摩擦力由乙图可看出，只有当F达到一定值时，才会有加速度，说明平衡摩擦力不足或未平衡摩擦力12、19.55mm 108.4s BD 如图； 9.86m/s2 【解析】(1)游标尺主尺：19mm；游标尺对齐格数：11个格，读数为：110.05=0.55mm；所以直径为：19+0.55=19.55mm；秒表读数：大盘读数90s，小盘读数18.4s，故时间为108.4s；根据得： ；(2) 同学测得的g值偏小，说明摆长测量值偏小或者周期测量值偏大；A项：测摆线长时摆线拉得过紧，摆长测量值偏大，故加速度测量值偏大，故A错误；B

21、项：摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了，说明摆长测量值偏小，故加速度测量值偏小，故B正确；C项：开始计时时，秒表过迟按下，周期测量值偏小，故加速度测量值偏大，故C错误；D项：实验中误将39次全振动数为40次，周期测量值偏小，故加速度测量值偏大，故D错误；(3)根据表格中的数据描点，如图所示：根据得，由图像可知：图像斜率 解得 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) x=1.2m (2) t0=1s (3) 2.75m【解析】（1）由平抛运动的规律得tan= x= v0t 得x=1.2m

22、 (2)物块在小车上CD段滑动过程中，由动量守恒定律得 mv1=(M+m) v 解得v1=6m/s 由功能关系得 fL=mv12（Mm）v2对物块，由动量定理得 ft0=mvmv1 得t0=1s (3) 物块进入B点时的速度，到达C点的速度为vC=v1=6m/s，滑块从B到C的机械能守恒，由机械能守恒定律得： 解得：R=2.75m14、（2）625m；（2）a35205N；b-223207J【解析】（2）由匀变速直线运动规律得代入数据解得m （2）a有牛顿第二定律得得5204N飞机着舰受力如图：有牛顿第二定律得：代入数据解得：Nb从着舰到图示位置飞机前进m由动能定理得：代入数据解得：=-223207J15、 (1)10m/s，方向竖直向下，15m (2)9J (3)若时， 若时，。【解析】(1)小球C