2022-2023学年黑龙江省虎林市物理高三上期中检测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、相距10cm的正对平行金属板A和B带有等量异号电荷如图所示，电场中C点距A板3cm，

2、D点距B板2cm，C、D距离为8cm已知A板接地，C点电势C=-60V，则AD点的电势D=-220VBC、D两点连线中点的电势为-140VC若B板不动，A板上移，C、D两点间的电势差将变大D若A板不动，B板上移，则D点电势不变2、如图所示，A、B、C三球的质量分别为m、m、2m,三个小球从同一高度同时出发，其中A球有水平向右的初速度v0，B、C由静止释放。三个小球在同一竖直平面内运动，小球与地面之间、小球与小球之间的碰撞均为弹性碰撞，则小球与小球之间最多能够发生碰撞的次数为（）A1次B2次C3次D4次3、将一右端带有固定挡板的长薄板放在水平面上，一质量不计的弹簧右端拴接在挡板上，左端拴接一可视

3、为质点的滑块，当弹簧原长时滑块位于长薄板的O点，将滑块拉至图中的A点，整个装置处于静止状态现将长薄板的右端缓缓地抬起直到滑块将要沿长薄板下滑滑块所受的摩擦力以及支持力的大小分别用Ff、FN表示则在上述过程中下列叙述正确的是（）AFf先减小后增大、FN一直减小BFf先增大后减小、FN一直增大CFf一直增大、FN先减小后增大DFf保持不变、FN一直减小4、某空间站在半径为R的圆形轨道上运行，周期为T。另有一飞船在半径为r的圆形轨道上运行，飞船与空间站的绕行方向相同。当空间站运行到A点时，飞船恰好运行到B点，A、B与地心连线相互垂直，此时飞船经极短时间的点火加速，变化后的椭圆轨道近地点为B，远地点与

4、空间站的轨道相切于C点，如图所示。当飞船第一次到达C点时，恰好与空间站相遇。由以上信息可判定A空间站的动能小于飞船在半径为r的圆形轨道上运行时的动能B当飞船与空间站相遇时，空间站的加速度大于飞船的加速度C飞船在从B点运动到C点的过程中，速度变大D空间站的圆形轨道半径R与飞船的圆形轨道半径r的关系满足5、如图，用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点，制成一简易秋千某次维修时将两轻绳剪去一小段，但仍保持等长且悬挂点不变木板静止时，F1表示木板所受合力的大小，F2表示单根轻绳对木板拉力的大小，则维修后AF1不变，F2变大BF1不变，F2变小CF1变大，F2变大DF1变小，F2变小6、为了节省

5、能量，某商场安装了智能化的电动扶梯无人乘行时，扶梯运转得很慢；有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如图所示那么下列说法中正确的是A顾客始终受到三个力的作用B顾客始终处于超重状态C顾客对扶梯作用力的方向先指向左下方，再竖直向下D顾客对扶梯作用的方向先指向右下方，再竖直向下二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、低碳、环保是未来汽车的发展方向某汽车研发机构在汽车的车轮上安装了小型发电机，将 减速时的部分动能转化并储存在蓄电池中，以

6、达到节能的目的某次测试中，汽车以额定功率 行驶一段距离后关闭发动机，测出了汽车动能Ek与位移x的关系图象如图所示，其中是关闭 储能装置时的关系图线，是开启储能装置时的关系图线已知汽车的质量为1t，设汽车运动 过程中所受地面阻力恒定，空气阻力不计，根据图象所给的信息可求出（ ）A汽车行驶过程中所受地面的阻力为1000NB汽车的额定功率为80kwC汽车在此测试过程中加速运动的时间为22.5sD汽车开启储能装置后向蓄电池提供的电能为5105J8、如图所示，一光电管的阴极用极限波长为0的钠制成用波长为的紫外线照射阴极，光电管阳极A和阴极K之间的电势差为U，饱和光电流的值（当阴极K发射的电子全部到达阳极

7、A时，电路中的电流达到最大值，称为饱和光电流）为I，电子电荷量为e，则A若入射光强度增到原来的三倍，但光子的能量不变，从阴极K发射的光电子的最大初动能可能增大B若改用同样强度的蓝光照射可能逸出光电子C每秒钟内由K极发射的光电子数目为D发射的电子到达A极时的动能最大值为9、速度相同的一束粒子（不计重力）经过速度选择器后射入质谱仪后的运动轨迹如图所示，则下列相关说法中正确的是（ ）A这束带电粒子带正电B速度选择器的P1极板带负电C能通过狭缝S0的带电粒子的速率等于D若粒子在磁场中运动半径越大，则该粒子的比荷越小10、如图所示，斜面体abc静止于粗糙水平地面上，物块m1、m2均沿斜面匀速下滑，已知m

8、1m2，12，下列说法中正确的是A地面对斜面体的摩擦力水平向右B地面对斜面体没有 摩擦力C所给条件不足，不能判断摩擦力方向D斜面体ab面和ac面的动摩擦因数不同三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用如图所示的实验装置做“验证机械能守恒定律”的实验（1）先将打点计时器接通电源，让重锤从高处由静止开始下落打点计时器每经过重锤拖着的纸带上打出一个点，下图中的纸带是实验过程中打点计时器打出的一条纸带打点计时器打下点（图中未标出）时，重锤开始下落，、是打点计时器连续打下的个点刻度尺刻度线与点对齐，、三个点所对刻度如图所示打点计时器在打出点时

9、重锤下落的高度_，下落的速度为_（计算结果保留位有效数字）（2）若当地重力加速度为，重锤由静止开始下落时的速度大小为，则该实验需要验证的关系式为_12（12分）某同学利用如图甲所示的装置来验证力的平行四边形定则在竖直木板上钉上白纸，固定两个滑轮A和B（绳与滑轮间的摩擦不计），三根绳子的结点为O，在左右及中间的绳端分别挂上个数为N1、N2和N1的钩码，每个钩码的质量相等当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三根绳子的拉力F1、F2和F1甲 乙（1）关于本实验，以下说法中正确的是（_）A若钩码的个数N1N22，N14时可以完成实验B若钩码的个数N1N2N14时可以完成实验C拆下钩码和绳子前应当用量角器

10、量出三段绳子之间的夹角D拆下钩码和绳子前应当用天平测出钩码的质量E拆下钩码和绳子前应当标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方向（2）在作图时，图乙中正确的是_（选填“A”或“B”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一长L=2m、质量为M=12kg的木板置于水平地面上，木板上表面光滑且距水平地面的高度h=0.8m，木板与水平地面间的动摩擦因数=0.3，木板向右运动且水平方向仅受摩檫力作用，当木板速度v0=7m/s时，把一个质量为m=lkg的物块（视为质点）轻轻放在木板的右端从物块放上

11、木板开始计时，求：（1）物块经过多长时间着地？（2）经过3s时间，物块离木板右端多远？（物块着地后不再反弹，取g=10m/s2，计算结果保留2位有效数字）14（16分）如图所示，质量 M=1kg 的长木板 B 静止在粗糙的水平地面上，某一时刻一质量为 m=1kg 的小滑块 A（可视为质点）以初速度 v0=4.5m/s 向右冲上木板，最后恰好没有滑离木板已知木板与地面间的动摩擦因数 1=0.1，滑块与木板间的动摩擦因数 1=0.4，重力加速度g取g=10m/s1求：（1）滑块与木板相对运动时的加速度aA和aB的大小与方向；（1）木板在地面上运动的总时间；（3）木板的长度 L15（12分）如图所示

12、，倾角37的传送带以速度v0=1m/s顺时针匀速转动，可视为质点的小滑块以平行于传送带向下的初速度v滑上传送带顶端，经过一段时间从传送带上滑落。已知滑块与传送带之间的动摩擦因数为0.8，滑块的质量m=1kg，传送带转轴两中心相距为L=5m，重力加速度g取10m/s2，求：(1)若v=3m/s，求滑块在传送带上运动的整个过程中，摩擦力对滑块做的功；(2)若v=1m/s，求滑块在传送带上运动的整个过程中，电动机多消耗的电能；参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A、由匀强电场中场强和电势差的关系可知，A板接地电

13、势为0V，AC间的距离为3cm，解得：；由，可得，则；故A错误.B、CD两点的连线中点距离A板为5.5cm，由U=Ed可得电压为110V，而A板接地，故电势为-110V；故B错误.C、B板不动而A板上移时，板间距离增大，电容C变小，而Q不变，由可知场强不变，而CD间的距离不变，则CD间的电压不变；C错误.D、A板不动，B板上移，Q不变，由知场强不变，则AD间的电压不变，故D点电势不变；故D正确.故选D.【点睛】解决本题的关键掌握电容器的动态分析和匀强电场的场强与电势差的关系U=Ed，注意d为沿电场线方向上的距离2、C【解析】由于三球竖直方向的运动情况相同，一定可以发生碰撞，可假设高度无穷大，可

14、看作三球碰撞完成后才落地，A、B第一碰撞后水平速度互换，B、C发生第二碰撞后，由于B的质量小于C的质量，则B反向；B、A发生第三次碰撞后，B、A水平速度互换，A向左，B竖直下落，三球不再发生碰撞，所以最多能够发生3次碰撞，故C正确，A、B、D错误；故选C。【点睛】关键是A球做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，与B、C竖直方向的运动情况相同，所以一定可以发生碰撞。3、A【解析】假设滑块的重力为G，长薄板与水平之间的夹角大小为，弹簧的弹力大小用F表示，静摩擦力的大小用表示，由题意可知，当右端缓缓抬起时，逐渐增大，当滑块将要沿长薄板下滑时，弹簧的拉力一直不变，滑块的重力沿薄板向下的分力先小于弹簧的弹

15、力、后大于弹簧的弹力，滑块所受的静摩擦力方向先沿长薄板向下再沿长薄板向上，当滑块的重力沿长薄板向下的分力小于弹簧的弹力时，则有，当增大时F不变， 减小；当滑块的重力沿长薄板向下的分力大于弹簧的弹力时，则有，增大时，F不变， 增大，则滑块所受的静摩擦力先减小后增大；而滑块所受的支持力等于重力垂直斜面向下的分力，则增大时，一直减小综合得A正确故选A.【点睛】受力分析是前提，动态平衡是特点，静摩擦力和滑动摩擦力大小以及方向要区别对待4、D【解析】A、当空间站和飞船均做圆周运动时，其万有引力提供向心力，即，则线速度大小为：，由于空间站的半径大于飞船的半径，故空间站的速度的大小小于飞船的速度大小，由于二

16、者的质量关系未知，故根据动能的公式无法判断二者的动能大小关系，故A错误；B、当飞船与空间站相遇时，根据牛顿第二定律有：，即，可知二者相遇时其加速度的大小相等，故B错误；C、根据开普勒第二定律可知，飞船在从B点运动到C点的过程中，速率越来越小，故C错误；D、设飞船椭圆轨道的周期为T，则根据开普勒第三定律可知：由题可知：，联立可以得到：，故D正确。5、A【解析】CD前后两次木板始终处于静止状态，因此前后两次木板所受合力F1都等于零，保持不变，C、D错误；AB绳子剪去一段后长度变短，悬挂木板时绳子与竖直方向夹角变大，将力沿水平方向和竖直方向正交分解，在竖直方向上，而物体的重力不变，因此单根绳的拉力变

17、大，A正确，B错误6、C【解析】试题分析：以人为研究对象，加速过程中，人受到静摩擦力、重力、支持力三个力的作用下沿电梯加速上升，匀速运动时，人受到重力和支持力作用，故A错误；在慢慢加速的过程中，受力如图，物体加速度与速度同方向，合力斜向右上方，因而顾客受到的摩擦力与接触面平行水平向右，电梯对其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，处于超重状态；由牛顿第三定律，它的反作用力即人对电梯的作用方向指向向左下，在匀速运动的过程中，顾客处于平衡状态，只受重力和支持力，顾客与电梯间的摩擦力等于零，顾客对扶梯的作用仅剩下压力，方向沿竖直向下；故BD错误，C正确故选C考点：牛顿第二定律的应用二、多项选择题：本题

18、共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A对于图线，根据动能定理得：-fx=0-Ek得到阻力为：故A错误。B设汽车匀速运动的速度为v，则有得汽车的额定功率为：P=Fv=fv=210340W=80kW故B正确。C对于加速运动过程，根据动能定理得：Pt-fS=Ek2-Ek1得到故C错误。D根据功能关系得到：汽车开启储能装置后向蓄电池提供的电能为：E=Ek-fS=8105J-21031.5102J=5105J故D正确。故选BD。8、BC【解析】A从阴极K发射的光电子的最大初动能，与入射

19、光强度无关，入射光强度增到原来的三倍，但光子的能量不变，从阴极K发射的光电子的最大初动能不变，故A错误；B蓝光的频率比紫外线的频率小，又根据可得，用同样强度的蓝光照射可能逸出光电子，也可能不逸出光电子，故B正确；C由K极发射的光电子数目为每秒钟内由K极发射的光电子数目为 ，故C正确；D发射的电子的最大初动能为在AK间加电压U时，电子到达阳极时的动能为Ek，有故D错误。故选BC9、ACD【解析】试题分析：由图可知，带电粒子进入匀强磁场B2时向下偏转，所以粒子所受的洛伦兹力方向向下，根据左手定则判断得知该束粒子带正电故A正确在平行金属板中受到电场力和洛伦兹力两个作用而做匀速直线运动，由左手定则可知

20、，洛伦兹力方向竖直向上，则电场力方向向下，粒子带正电，电场强度方向向下，所以速度选择器的P1极板带正电故B错误粒子能通过狭缝，电场力与洛伦兹力平衡，则有：qvB1=qE，解得：故C正确粒子进入匀强磁场B2中受到洛伦兹力而做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得：，解得：可见，由于v是一定的，B不变，半径r越大，则越小故D正确故选ACD考点：质谱仪；速度选择器【名师点睛】本题关键要理解速度选择器的原理：电场力与洛伦兹力，粒子的速度一定粒子在磁场中偏转时，由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律则可得到半径10、BD【解析】物块m1、m2和斜面体均处于平衡状态，故三个物体的合力为零；对三个物体整体分析，受重力

21、和地面的支持力，不受地面摩擦力，否则不能平衡，故AC错误，B正确；物体m1受重力、支持力和滑动摩擦力，故平衡条件，有：m1gsin1-f1=0，N1-mgcos1=0，其中：f1=1N1，联立解得：1=tan1，同理分析物体物体m2有，2=tan2，故斜面体ab面和ac面的动摩擦因数不同，故D正确；故选BD.点睛：本题考查平衡问题，关键是正确的选取研究对象，采用整体法和隔离法，根据平衡条件列式求解三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 gh= 【解析】（1）、三个点所对刻度如图所示，打点计时器在打出点时重锤下落的高度为：，根据匀变速直线运

22、动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上点时小车的瞬时速度大小，为：（2）若当地重力加速度为，重锤由静止开始下落时的速度大小为，减小的重力势能为：，动能的增量为：，则该实验需要验证的关系式是：12、BE A 【解析】（1）因实验时，三个力之间有夹角，故当钩码的个数N1N22，N14时，三个力是不能平衡的，选项A错误；若钩码的个数N1N2N14时，三个力的夹角都是1200可以平衡，故可以完成实验，选项B正确；拆下钩码和绳子前应当记下结点O的位置、钩码的个数及三条绳子的方向，粗选项C错误，E正确；钩码的质量都是已知的，不必用天平测量，选项D错误；故选BE；（2）在作图时，因理论上

23、两个合力的方向可能偏离实验值，故图乙中正确的是A.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）从物块放上木板开始计时至落地的时间是0.71s（2）经过3s时间，物块离木板右端距离是8m【解析】（1）木板上表面光滑，所以开始时物块m静止，放上m后地面对M的摩擦力f1=(m+M)g设M的加速度为a1，则(m+M)g=Ma1设m离开木板时木板的速度为v，则有v02-v2=2a1L 设物块m在木板上运动的时间为 t1，则v=v0a1t1代入数据解得 t10.31s，v=6m/s物块m离开木板后做自由落体运动，则h=12gt0

24、2 可得：t0=0.4s所以从物块放上木板开始计时至落地的时间t总=t1+t0=0.71s（2）m离开M后，M的加速度为a2=MgM=gM停下来所用时间为 t2，则t2=va2 解得：t2=2s在t2内M前进的距离为s2=v2t2=6m 所以经过3s时间，物块离木板右端距离s=s2+L=8m 点睛：板块模型是牛顿运动定律部分的典型模型，对各种可能情况要能熟练掌握。必要时可画出速度时间图象帮助分析运动过程。14、（1）aA=4m/s2 方向向左，aB=0.5m/s2 方向向右，（1）t=1.5s （3）L=2.25m 【解析】试题分析：先对A进行受力分析，求出A受到的摩擦力与A的加速度，然后对木板B进行受力分析，由牛顿第二定律即可求出B的加速度；由运动学的公式求出二者速度相等的时间，然后结合受力分析求出加速度，最后由速度公式求出运动的时间；由位移公式求出各段的位移，结合空间几何关系即可求出。（1）A向右运动的过程中受到重力、木板的支持力与摩擦力的作用，竖