2022学年湖北武汉市华中师大一附中化学高二第二学期期末复习检测试题(含解析)

1、2022学年高二下学期化学期末模拟测试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、在盐类水解的过程中，下列说法正确的是A盐的电离平衡被破坏B水的电离程度一定会增大C溶液的pH一定会增大Dc(H)与c(OH)的乘积一定会增大2、能正确表示下列反应的离子方程式是（ ）AFe3O4溶于足量稀HNO3：Fe3O48H=Fe22

2、Fe34H2OBNH4HCO3溶液与足量Ba(OH)2溶液混合：HCO3Ba2OH=BaCO3H2OC向澄清石灰水中通入少量CO2：OHCO2=HCO3D将0.2 molL1的NH4Al(SO4)2溶液与0.3 molL1的Ba(OH)2溶液等体积混合：2Al33SO423Ba26OH=2Al(OH)33BaSO43、在298K、100kPa时，已知：2H2O(g)=O2(g)+2H2(g) H1Cl2(g)+H2(g)=2HCl(g) H22Cl2(g)+2H2O(g)=4HCl(g)+O2(g) H3则H3与H1和H2间的关系正确的是：AH3=H1+2H2 BH3=H1+H2CH3=H1-

3、2H2 DH3=H1- H24、一种应用广泛的锂电池结构如图所示，LiPF6是电解质，SO(CH3)2作溶剂，反应原理是4Li+FeS2=Fe+2Li2S。下列说法不正确的是ALi作负极Ba极的电势比b极的电势高Cb极的电极反应式是FeS2+4Li+4e-=Fe+2Li2SD电子是由a极沿导线移动到b极5、某结晶水合物的化学式为AH2O，其相对分子质量为B，在60时m g 该晶体溶于ng水中，得到V mL 密度为d g mL-1 的饱和溶液，下述表达式或判断正确的是（ ）A该溶液物质的量浓度为(m/BV)molL1B60时A 的溶解度为(100m(B-18)/nB)gC该溶液溶质的质量分数为(

4、m/(m+n)100%D60时，将10g A 投入到该饱和溶液中，析出的晶体质量大于10g6、下列物质属于芳香烃，但不是苯的同系物的是（ ）CH3CH=CH2NO2 OH A BC D7、下列关于煤、天然气、石油等资源的说法正确的是()A煤的干馏是物理变化B石油和天然气的主要成分都是碳氢化合物C石油裂化得到的汽油是纯净物D石油产品都可用于聚合反应8、化学是以实验为基础的学科，化学实验设计和操作中必须十分重视安全问题和环境问题,下列操作方法不正确的是（ ）A制氧气时排水法收集氧气后出现倒吸现象，立即松开试管上的橡皮塞B在气体发生装置上直接点燃乙烯气体时，先检查乙烯气体的纯度C实验结束后将所有的废

5、液倒入下水道排出实验室，以免污染实验室D给试管中的液体加热时不停移动试管或加入碎瓷片，以免暴沸伤人9、四种短周期元素X、Y、Z、W在周期表中的位置如图所示，其中Z元素的最外层电子数是内层电子总数的1/2。下列说法不正确的是AZ元素位于周期表的第3周期第VA族BX、W元素的最高价氧化物对应水化物的酸性：W强于XCY元素的气态氢化物的热稳定性比Z的低DX与W可形成共价化合物XW210、NO和CO都是汽车尾气中的物质，它们能很缓慢地反应生成N2和CO2，对此反应有关的叙述中不正确的是（）A降低压强能加快化学反应速率B使用适当催化剂可以加快化学反应速率C升高温度能加快化学反应速率D增大压强可以加快此反

6、应的速率11、pH=11 的 NaOH溶液和 pH=3的醋酸溶液以等体积混合后，所得溶液中 c(Na+ )、 c(CHCOO -) 的正确关系是（）Ac(Na+ ) c(CHCOO -) Bc(Na+ )= c(CHCOO -)Cc(Na+ )c(OH)，所以正极区溶液酸性增强，溶液的pH减小，故A错误；B阳极区氢氧根放电，溶液中产生硫酸，阴极区氢离子获得电子，发生还原反应而放电，破坏了附近的水的电离平衡，使溶液中c(OH)c(H)，所以产生氢氧化钠，因此该法在处理含Na2SO4废水时可以得到NaOH和H2SO4产品，故B正确；C负极区氢离子得到电子，使溶液中c(H)增大，所以负极区溶液pH升

7、高，故C错误；D当电路中通过1mol电子的电量时，根据整个闭合回路中电子转移数目相等可知反应产生氧气的物质的量是n(O2)=1mol4=0.25mol，故D错误。故选B。【答案点睛】本题主要是考查电解原理及其应用、电极判断、电极反应式书写、电极产物判断与计算等。电化学是历年高考的重要考点之一，考查的内容为：提供电极材料和电解质溶液判断能否形成原电池，原电池电极名称判断及电极反应式的书写，提供反应方程式设计原电池、电解池（包括电镀池、精炼池），根据电解时电极质量或溶液p H的变化判断电极材料或电解质种类，电解产物的判断和计算，结合图像考查电极质量或电解质溶液质量分数的变化。14、D【答案解析】试

8、题分析：根据题意可知该元素是第六周期第IVA的元素，是Pb元素，+4价的Pb不稳定，有强氧化性，会把HCl氧化为氯气。因此会看到产生黄色气体APb最外层有4个电子，所以X2+具有还原性，正确。B根据题意可知X的+2价化合物比+4价化合物稳定，正确。CXO2在反应中得到电子，表现强的氧化性。正确。D该元素的原子最外层失去2个电子，还有2个，是第IVA族的元素。考点：考查元素的原子结构与形成的化合物的性质的知识。15、A【答案解析】 ，若粉末还有少许蓝色就停止加热，生成水的质量偏小，所以导致测量结果偏小，故A正确。16、C【答案解析】第A族元素主要包含了碳、硅、锗、锡、铅等元素，其中的碳元素可以形

9、成数量庞大的有机物家族，其种类数早已达千万种级别。所以第A族元素形成的化合物种类最多。二、非选择题（本题包括5小题）17、环己醇 CH2=CH-CH=CH2+Br2BrCH2CH=CH-CH2Br +2NaOH+2NaBr+2H2O BD 【答案解析】苯酚与氢气发生完全加成反应产生A是环己醇，A与浓硫酸加热发生消去反应产生B是环己烯，B与Br2发生加成反应产生C是1，2-二溴环己烷，C与NaOH的乙醇溶液加热发生消去反应产生D是，D与Br2按1:1关系发生1，4-加成反应产生E为，E与H2发生加成反应产生F为，F与NaOH的水溶液发生水解反应产生G是，G与乙二酸HOOC-COOH在浓硫酸存在和

10、加热时发生缩聚反应形成高聚物H：，据此分析解答。【题目详解】(1)根据上述分析可知A是，名称为环己醇；(2) B结构简式为；F 的结构简式：；(3)在上述反应中，反应属于加成反应，属于消去反应，属于加成反应，属于消去反应，属于加成反应，属于加成反应，属于取代反应，所以反应中消去反应的是；属于加成反应的是；(4)CH2=CHCH=CH2 与等物质的量 Br2发生1，4-加成反应的化学方程式为：CH2=CH-CH=CH2 +Br2BrCH2CH=CH-CH2Br；(5)第步的化学反应是与NaOH的乙醇溶液在加热时发生的消去反应，方程式为：+2NaOH+2NaBr+2H2O；(6) A.在中核磁共振

11、氢谱中能给出三种峰，且强度之比为1：1：4，A不符合题意；B.在中核磁共振氢谱中能给出三种峰且强度之比为1：1：2，B符合题意；C.在中核磁共振氢谱中能给出四种峰且强度之比为1：1：2：2，C不符合题意；D.中核磁共振氢谱中能给出3种峰且强度之比为1：1：2，D符合题意；故合理选项是BD；【答案点睛】本题考查有机物的推断与合成的知识，根据反应条件结合各类物质的结构与性质的关系正向顺推，掌握官能团的性质是关键，用对称的思想进行等效H原子的判断是核磁共振氢谱分析的依据。18、三 分子间作用力（范德华力） 根据易升华、易溶于有机溶剂等，可判断其具有分子晶体的特征 【答案解析】根据W的单质为生活中一种

12、常见的金属，在Z元素的单质中燃烧产生棕黄色的烟，生成可以推断出W为铁，Z为Cl，因为铁在氯气中燃烧生成FeCl3，生成棕黄色烟，再根据Y与X、Z均相邻，根据Z为Cl元素，推测Y为S或者为F，若Y为S元素，则X为P或者O元素，若Y为F元素，X只能为O元素；再根据X、Y与Z三种元素原子的最外层电子数之和为19，推测出Y为S元素，X为O元素；【题目详解】（1）Z元素是氯元素，在元素周期表中的第三周期；（2）与足量的的水溶液发生反应生成两种强酸，和分别是Cl2O和SO2，该反应的离子方程式为；（3）易升华，易溶于水，乙醇/丙酮等溶剂，推测出它的熔沸点较低，所以它属于分子晶体，熔化时破坏分子间作用力。1

13、9、 50 mL容量瓶 偏小 2 1.2 【答案解析】(1)由图示可知操作不正确。不能在量筒中溶解固体，定容时应平视刻度线，至溶液凹液面最低处与刻度线相切；(2)应该用50 mL容量瓶准确确定50 mL溶液的体积；(3)如果用图示的操作配制溶液，由于仰视刻度线，会使溶液体积偏大，所配制的溶液浓度将偏小；(4)根据电荷守恒，草酸跟KMnO4溶液反应的离子方程式为：2MnO45H2C2O46H2Mn210CO28H2O即x2；(5)根据方程式可知血液样品中Ca2的浓度为0.020mol/L0.012L5240000mg/mol20.00cm31.2 mg/cm3。20、蒸馏烧瓶 6：3：5 CD

14、安全瓶 观察气泡调节气流 稀HNO3、Ba(NO3)2、AgNO3 对比证明b中Cl2未过量 CD 【答案解析】（1）根据仪器的构造可知，装置A中盛放固体试剂的仪器是蒸馏烧瓶；若分别用KMnO4、Ca(ClO)2、KClO3固体与足量的浓盐酸反应，反应的离子方程式分别为2MnO4-16H10Cl=2Mn25Cl28H2O、ClO2HCl=Cl2H2O、ClO3-6H5Cl=3Cl23H2O，则产生等量氯气（假设均是1mol）转移的电子数之比为2：1：5/36：3：5；（2）装置C中II处所加的试剂用于干燥氯气，且为固体，不能是碱性干燥剂，否则会吸收氯气，故可以是硅酸或无水氯化钙，答案选CD；（

15、3）生成的氯气中混有氯化氢，则装置B的作用有：除去氯气中的氯化氢并作安全瓶，观察气泡调节气流等作用；（4）不考虑Br2的挥发，检验F溶液中Cl-，必须先用足量Ba(NO3)2将硫酸根离子沉淀，再用稀硝酸酸化，再用硝酸银检验溴离子，故需要的试剂有稀HNO3、Ba(NO3)2、AgNO3；（5）设计步骤的目的是对比实验思想，即目的是对比证明b中Cl2未过量；（6）ACl2、Br2、I2的熔点与分子间作用力有关，与非金属性无关，选项A错误；B酸性为HIHBrHCl，但非金属性Cl2Br2I2，不是非金属的最高价氧化物的水化物，不能根据HCl、HBr、HI的酸性判断非金属性，选项B错误；C氢化物的稳定

16、性越强，则非金属性越强，可以根据HCl、HBr、HI的热稳定性判断非金属性，选项C正确；D单质的氧化性越强，则非金属性越强，其氢化物的还原性越弱，可以根据HCl、HBr、HI的还原性来判断非金属性，选项D正确；答案选CD。21、 强 1 HZ + OH-= H2O + Z- 10-5 20.00 D c(Na+) c(CH3COO-) c(OH) c(H+) MgCO3 +2OH-=Mg(OH)2 + CO32-【答案解析】分析：（1）根据表中数据判断HZ为弱电解质，溶液中部分电离，HY为强酸，完全电离；等体积、等浓度的氢氧化钠与HZ反应生成强碱弱酸盐NaZ，据此书写方程式；等体积、等浓度的氢

17、氧化钠与HZ反应生成强碱弱酸盐NaZ，Z-离子部分水解，溶液显示碱性，NaZ溶液中的氢氧根离子为水电离的；（2）醋酸为弱电解质，在溶液中部分电离出氢离子，所以滴定前醋酸溶液的pH1，HCl是强电解质，完全电离，pH1；B点时溶液显示中性，盐酸和氢氧化钠恰好反应；根据电荷守恒分析；根据电荷守恒分析；（3）氢氧化钠和碳酸镁反应生成氢氧化镁和碳酸钠；详解：（1）由表中数据可知，等体积、等浓度的HZ与NaOH反应时，二者恰好反应生成NaZ，溶液的pH=9，说明NaZ为强碱弱酸盐，HZ为弱电解质，在溶液中部分电离；等体积、等浓度的HY与NaOH反应时，二者恰好反应生成NaY，溶液的pH=7，说明NaY为

18、强碱强酸盐，HY为弱电解质，则甲组实验中HY为强酸，0.1 moL/LHY溶液中氢离子浓度是0.1mol/L，则溶液的pH=1；HZ是弱酸，则乙组实验中发生反应的离子方程式为HZ+OH-=H2O+Z-。NaZ为强碱弱酸盐，Z-离子部分水解：Z-+H2OHZ+OH-，溶液显示碱性，NaZ溶液中的氢氧根离子为水电离的，所以水电离的氢氧根离子浓度为：c（OH-）=110-5mol/L；（2）醋酸为弱酸，在溶液中部分电离出氢离子，所以0.1000mol/L CH3COOH溶液中氢离子浓度小于0.1000mol/L，溶液的pH大于1，所以图表示滴定醋酸溶液的滴定曲线，图表示滴定HCl溶液的曲线；根据图像可知B点时溶液显中性，盐酸和氢氧化钠恰好反应，则a=20.00 mL。根据电荷守恒可知溶液中存在c(Na+)+c(H+)=c(CH3COO-)+c(OH)，c(Na+)=c(CH3C