2021-2022学年湖北省鄂州市高一下学期期末数学试题【含答案】

1、2021-2022学年湖北省鄂州市高一下学期期末数学试题一、单选题1已知，其中为虚数单位，则复数在复平面内对应的点在（）A第一象限B第二象限C第三象限D第四象限A【分析】由复数除法求得后可得其对应点坐标，从而得出正确选项【详解】由题意，对应点为，在第一象限故选：A2在中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c，则（）ABCDB【分析】根据正弦定理，可直接计算，求得答案.【详解】在中，由正弦定理得： ,则，故选：B3某单位有员工147人，其中女员工有63人.为做某项调查，拟采用分层抽样法抽取容量为21的样本，则男员工应选取的人数是A8B9C10D12D【详解】男员工84人，女员工63人，所以当样本

2、容量为21人时，男员工为，故选D4设为单位向量，当的夹角为时，在上的投影向量为（）ABCDB【分析】直接利用向量的投影向量的公式求解.【详解】解：由题意，在上的投影向量为故选：B5某小组有1名男生和2名女生，从中任选2名学生参加围棋比赛，事件“至少有1名男生”与事件“至少有1名女生”（）A是对立事件B都是不可能事件C是互斥事件但不是对立事件D不是互斥事件D【分析】根据对立事件、互斥事件的定义判断即可判断.【详解】事件“至少有1名男生”与事件“至少有1名女生”能同时发生，即两名学生正好一名男生，一名女生，故两事件既不是对立事件也不是互斥事件.故选：D.6设m，n是两条不同的直线，是两个不同的平面

3、，则下列说法错误的是（）A若，则B若，则C若，则D若，则C【分析】利用线面垂直的判定性质、面面垂直的判定推理判断A，B；举例说明判断C；利用线面垂直的判定性质判断D作答.【详解】对于A，因，当时，而，则，当时，在直线上取点，过作直线，则，过直线的平面，如图，由得，于是得，而，则，而，所以，A正确；对于B，若，则，又，则存在过直线的平面，使得，则有直线，即有，所以，B正确；对于C，如图，在长方体中，平面为平面，直线为直线，平面为平面，直线为直线，满足，而，C不正确；对于D，若，则，又，于是得，D正确.故选：C7如图所示，在正方形中，为的中点，为的中点，则（）ABCDD【分析】由平面向量的线性运算

4、逐步转化即可得解.【详解】=.故选：D8在三棱锥P-ABC中，平面PAB平面ABC.，则三棱锥P-ABC的外接球的表面积为（）ABCDC【分析】由面面垂直可得线面垂直，进而可确定球心的位置在DO上，根据勾股定理即可求解.【详解】如图，取AB的中点E，BC的中点D，连接PE，PAB是等边三角形，则.因为平面PAB平面ABC，平面平面，平面PAB，所以PE平面ABC，又平面ABC，所以.过D作OD平面ABC，则.因为，所以三棱锥P-ABC的外接球的球心在DO上，设球心为O，连接OB，OP，设外接球半径为R，由已知，.，在直角梯形PEDO中，所以三棱锥P-ABC外接球的表面积.故选:C.二、多选题9

5、复数z满足，则下列说法正确的是（）Az的实部为3Bz的虚部为2CDBD【分析】根据已知求出，即可判断各个选项的真假.【详解】解：由于，可得，所以z的实部为3，虚部为2，所以，故选：BD102020年前8个月各月社会消费品的零售总额增速如图所示，则下列说法正确的有（）A受疫情影响，12月份社会消费品的零售总额明显下降B社会消费品的零售总额前期增长较快，后期增长放缓C与6月份相比，7月份社会消费品的零售总额名义增速回升幅度有所扩大D与4月份相比，5月份社会消费品的零售总额实际增速回升幅度有所扩大AB【分析】根据图象和图中的数据逐个分析判断即可【详解】对于选项A：由图可知，12月份社会消费品的零售总

6、额名义增速和实际增速都小于0，所以12月份社会消费品的零售总额明显下降，故选项A正确；对于选项B：由图可知，社会消费品的零售总额前期增长较快，后期增长较缓，所以选项B正确；对于选项C：由图可知，6月份社会消费品的零售总额名义增速回升幅度为，7月份社会消费品的零售总额名义增速回升幅度为，所以选项C错误；对于选项D：由图可知，4月份社会消费品的零售总额实际增速间升幅度为，5月份社会消费品的零售总额实际增速回升幅度为，所以选项D错误.故选：AB.11用平行于棱锥底面的平面去截棱锥，得到上下两部分空间图形且上下两部分的高之比为，则关于上下两部分空间图形的说法正确的是（）.A侧面积之比为B侧面积之比为C

7、体积之比为D体积之比为BD【分析】利用平行于棱锥底面的平面去截棱锥，得到上下两部分的高、底面边长对应比值相等，上下底面面积之比等于对应高的平方比，进行判断求解.【详解】依题意知，上部分为小棱锥，下部分为棱台，所以小棱锥与原棱锥的底面边长之比为，高之比为，所以小棱锥与原棱锥的侧面积之比为，体积之比为，即小棱锥与棱台的侧面积之比为，体积之比为.故选：BD.12在ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，则下列条件能判断ABC是钝角三角形的有（）ABCDBC【分析】对于A，由，利用正弦定理和二倍角正弦公式判断；对于B，由判断；对于C，利用正弦定理和余弦定理判断； 对于D，由，利用正弦定理和两角和

8、的正弦公式判断.【详解】对于A，由及正弦定理，可得，即，所以或，所以或，所以ABC是等腰三角形或直角三角形，故A不能判断；对于B，由，得，则B为钝角，故B能判断；对于C，由正弦定理，得，则，故C能判断；对于D，由及正弦定理化边为角可知，即，因为A，B为ABC的内角，所以AB，所以ABC是等腰三角形，故D不能判断故选：BC三、填空题13若m为实数，复数，则|z|_0【分析】根据题意可得为实数，从而可求得，即可得解.【详解】解：因为复数不能比较大小，所以为实数，可得，解得，所以，则故0.14某圆柱的侧面展开图是面积为8的正方形，则该圆柱一个底面的面积为_.【分析】根据圆柱的侧面展开图可知底面圆的周

9、长等于正方形的边长，即可求出底面圆的半径，进而可求面积.【详解】因为圆柱的侧面展开图是面积为8的正方形，所以该圆柱的底面圆的周长为其侧面展开图正方形的边长，该圆柱底面圆半径为，故该圆柱一个底面的面积.故15已知甲乙两人每次射击命中目标的概率分别为和，甲和乙是否命中目标互不影响，且各次射击是否命中目标也互不影响.若按甲乙甲乙的次序轮流射击，直到有一人击中目标就停止射击，则停止射击时，甲乙共射击了四次的概率是_.0.01【分析】设事件A表示“甲射击一次命中目标”，事件B表示“乙射击一次命中目标”，则A，B相互独立，分析试验过程利用相互独立事件事件的概率公式直接求概率.【详解】设事件A表示“甲射击一

10、次命中目标”，事件B表示“乙射击一次命中目标”，则A，B相互独立，停止射击时甲乙共射击了四次，说明甲乙第一次射击都未命中，甲第二次射击未命中，乙第二次射击命中，此时的概率.故停止射击时，甲乙共射击了四次的概率是.故16如图，在中，点P为边BC上的一动点，则的最小值为_.【分析】设，用、表示、，再计算的最小值【详解】由题意，设，所以，.又，所以，当时，取得最小值.故答案为.四、解答题17（1）用掷两枚质地均匀的硬币做胜负游戏，规定：两枚硬币同时出现正面或同时出现反面算甲胜，一个正面、一个反面算乙胜这个游戏是否公平？请通过计算说明（2）若投掷质地均匀的三枚硬币，规定：三枚硬币同时出现正面或同时出现

11、反面算甲胜，其他情况算乙胜这个游戏是否公平？请通过计算说明（1）这个游戏公平的；答案见解析；（2）这个游戏不公平；答案见解析【分析】利用列举法结合古典概型的概率公式求解即可，若概率相同，则游戏公平，否则不公平【详解】（1）抛掷两枚质地均匀的硬币，所有情况有：（正正），（正反），（反正），（反反）记事件A，B分别为“甲胜”，“乙胜”，则，这个游戏公平的（2）拋掷三枚质地均匀的硬币，所以有情况有：（正正正），（正正反），（正反正），（正反反），（反正正），（反正反），（反反正），（反反反）记事件A，B分别为“甲胜”，“乙胜”，则，这个游戏不公平18已知向量，.(1)若，求的值.(2)若，求与的夹角

12、的余弦值.(1)(2)【分析】对于第小问1，根据向量平行的坐标运算公式，求解的值.对于第小问2，由题意，先计算的值，得到的坐标，再由向量的夹角公式，求其余弦值.【详解】(1)平面向量，若，则，解.(2)若，则，即，解,，与的夹角的余弦值为：.19在使三棱锥体积取得最大值，使这两个条件中任选一个，补充在下面问题中，并作答如图1，是边长为2的等边三角形，是的中点，将沿翻折形成图2中的三棱锥，_，动点在棱上（1）证明：平面平面；（2）求直线与平面所成角的正切值的取值范围注：如果选择多个条件分别解答，按第一个解答计分选择见解析（1）证明见解析；（2）.【分析】（1）若选择，利用分析可证平面从而得证；若

13、选择，由向量数量积结合余弦定理以及勾股定理可以证明，进而可以证明平面，从而得证；（2）先确定直线与平面所成的角，然后结合图形分析求解即可【详解】（1）证明：若选择，由于的面积为定值，所以当到平面距离最大时，三棱锥体积最大，即当平面时，体积有最大值因为平面，所以平面平面若选择因为，所以在中，所以因为，所以因为，且平面，所以平面因为平面，所以平面平面（2）解：因为平面，所以就是直线与平面所成的角记，则，又，当时，最大，最小，此时；当时，最小，最大，此时，则所以直线与平面所成角的正切值的取值范围是20在ABC中，已知角A，B，C的对边分别为a，b，c，且.(1)求角A；(2)若ABC的面积为，求a的

14、最小值.(1)或(2)【分析】（1）运用正弦定理和两角和的正弦公式，化简整理，即可得到角；（2）运用余弦定理和面积公式，结合基本不等式，可得的最小值【详解】(1)由正弦定理得，.，.在ABC中，又，或.(2)ABC的面积为.，.由余弦定理得（当且仅当时取等号）.若，则（当且仅当时取等号）；若，则（当且仅当时取等号）.综上，a的最小值为21在如图所示的几何体中，四边形ABCD是正方形，平面ABCD平面PAB，E，F分别是线段AD，PB的中点，.证明：(1)平面PDC；(2)PB平面DEF.(1)证明见解析(2)证明见解析【分析】（1）根据平行四边形可证明，利用线面平行判定定理求解即可；（2）根据

15、面面垂直的性质可得AD平面PAB，可得，再由即可得证.【详解】(1)取PC的中点M，连接DM，MF.M，F分别是PC，PB的中点，.E为DA的中点，四边形ABCD为正方形，四边形DEFM为平行四边形.，平面PDC，平面PDC.平面PDC.(2) 四边形ABCD为正方形，.又平面ABCD平面PAB，平面平面，平面ABCD， AD平面PAB.平面PAB，.连接AF，F为PB中点，.又，AD，平面DEF， PB平面DEF.222022年2月4日，第24届冬季奥林匹克运动会开幕式在北京国家体育场（鸟巢）举行，某调研机构为了了解人们对“奥运会”相关知识的认知程度，针对本市不同年龄和不同职业的人举办了一次

16、“奥运会”知识竞赛，满分100分（95分及以上为认知程度高），结果认知程度高的有m人，按年龄分成5组，其中第一组，第二组，第三组，第四组，第五组，得到如图所示的频率分布直方图，已知第一组有10人.(1)根据频率分布直方图，估计这m人的平均年龄和第80百分位数；(2)现从以上各组中用分层随机抽样的方法选取20人，担任本市的“奥运会”宣传使者.（i）若有甲（年龄38），乙（年龄40）两人已确定入选，现计划从第四组和第五组被抽到的使者中，再随机抽取2名作为组长，求甲乙两人至少有一人被选上的概率；（ii）若第四组宣传使者的年龄的平均数与方差分别为36和，第五组宣传使者的年龄的平均数与方差分别为42和1，据此估计这m人中3545岁所有人的年龄的方差.(1)（岁），(2)（i）；（ii）10【分析】（1）根据频率分布直方图中平均数的公式以及百分位数的计算即可求解.（2）用列举法列出所有的基本事件，根据古典概型的公式即可求解所求事件的概率，根据方差的公式即可求解.【详解】(1)设这m人的平均年龄为x，则（岁）.设第80百分位数为a，方法一：由，解得.方法二：由，解得.(2)（i）由题意得，第四组应抽取4人，记为A,B,C，甲，第五组抽取2人，记为D，乙，对应的样本空间为=（A，B），（A，C），（A，甲），（A，乙），（A，D），（B，C），（