2021-2022学年湖北省随州市广水市中考物理模拟试题含解析及点睛

1、2021-2022学年中考物理模似试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1如图所示，在农业领域，一架普通无人机携

2、带农药，一天可完成600亩农田农药喷洒任务，换作人工，则需要60人满负荷工作一整天，科技带来的优势非常明显假定无人机每次装20kg农药，喷洒的过程中是在同一高度匀速飞行，下列说法正确的是（）A喷洒农药的过程中，无人机重力势能不变B喷洒农药的过程中，无人机动能不变C喷洒农药的过程中，无人机重力势能增大D喷洒农药的过程中，无人机机械能减小2如图所示的各种做法中，属于增大摩擦的是（ ）A自行车上的滚动轴承B体操运动员手上涂有防滑粉C冰壶运动员用刷子刷冰面D给门轴上的合页加润滑油3无线充电技术应用了特斯拉线圈，如图是一个无线充电的广告，用一不通电的手机靠近正在通电的特斯拉线圈时，手机就显示充电状态。下

3、列实验中，与无线充电技术工作原理一致的是ABCD4如图是第二届全国靑年运动会火炬传递手正在传递火炬，关于火炬的质量和长度较合理的是A90g 2cmB900g 70cmC900g 1.5mD90kg 70cm5以下图片中所描述的物理现象，下列分析正确的是A用吸管吸饮料是利用了液体压强B飞机正常飞行时，机翼上方空气流速大，压强大C当微小压强计的探头在水中深度逐渐增大时，U形管两边液面高度差不变D在冰壶运动中，运动员刷冰是通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦的62018 年 4 月 20 日，我国最先进的自主研制的潜水器“潜龙三号”（如图所示）成功首潜潜水器在水面下匀速下潜的过程中A受到的重力小于浮力

4、B上、下表面受到的压力差变大C受到的压强变大，浮力不变D受到的压强变大，浮力变大7关于能源、材料和粒子，下列说法中正确的是A电饭锅用超导材料做加热器可以大大提高电能转化为内能的效率B原子核式结构模型是卢瑟福根据科学猜想建立起来的C破镜难以重圆，是因为分子间存在斥力D太阳能、风能、核能是可再生能源二、填空题（本大题7小题，共21分）8如图所示的电路中，电源电压U6V恒定不变，R15，R210，开关闭合后，电压表的示数为_V若R1、R2并联后仍接在该电源两端，则通过R1、R2的电流之比I1：I2_9如图所示是近视眼的成像示意图，与视力正常的眼睛相比，近视眼的晶状体对光线的_能力较强；矫正近视眼所配

5、戴眼镜的镜片应是凹透镜，其作用是将光线_一些，使像成在视网膜上。(选填“会聚”或“发散”)10小明家的电热水壶主要参数如下图甲所示， 电热水壶在额定电压下工作6min恰好将装满25的水在标准大气压下烧开，则此过程中水吸收的热量是_J,电热水壶的加热效率为_，他家的电能表（图乙）的转盘转_圈。11木块在10N水平向右拉力F的作用下，沿粗糙水平面做匀速直线运动，该木块受到的摩擦力为_N，将水平拉力F增大到20N，该木块受到的摩擦力为_N撤去拉力，木块继续向右运动，这是由于木块具有_12小明的父亲发现自己最近一段时间看不清近处的小字，但能看清远处的物体，老师告诉小明：你父亲可能患上了_（填“近视”或

6、“远视”）眼病，晶状体对光的偏折能力变_（选填“强”或“弱”）需要配戴_透镜矫正（填“凹”或“凸”）。13某科幻小说中描述一种武功“寒冰掌”：发功时伸出手掌，罩在杯口，杯中水即可结成寒冰（假设降到-5）根据物理知识，此时手掌温度应_（填“低于”、“等于”或“高于”）-5，按常理这种武功是不可能练成的，理由是_.14小明做了一个如图所示的装置。闭合开关，如果用外力使导体ab水平向右运动，则光滑的导体棒cd _（选填“会”或“不会”）运动起来，此时甲部分应用的物理原理是_；乙部分的能量转化是_。三、作图题（共7分）15如图所示是小磁针放在通电螺线管右端静止时的情形，在螺线管左侧的虚线框内标出导线中

7、电流的方向16根据平面镜的成像特点，作出物体AB在平面镜MN中的像（_）17画出光线ab和Oc通过透镜前后的完整光路。 四、实验题（本大题共5小题，共20分）18物理兴趣小组同学在总结物理实验的过程中，发现同样器材可以完成多个实验于是他们选取如下实验器材，电源一组、开关、电流表、多个11和31的电热丝、滑动变阻器、玻璃瓶、导线、煤油和水若干 探究实验一：探究不同液体吸热能力（1）将电热丝包裹绝缘外壳后串联入电路，完成实验电路，所选电热丝R=_R乙甲乙烧瓶中应装入_相同的水和煤油实验记录数据，并绘制图像如图所示从图像可以看出甲容器中装的是_（2）此实验中用_反映液体吸收热量的多少探究实验二：探究

8、不同电热丝发热能力甲、乙两瓶中装入111g煤油，瓶内各安装一根电阻丝两瓶中各插入了一支温度计在测量两瓶煤油的温度后，闭合开关，记录数据如下表所示：电流/A通电时间/min电阻/初温/末温/第一次甲1621112137乙1621312163第二次甲1631112144乙1631312176（3）此实验中用此实验中用_反映液体吸收热量的多少（4）分析表中第一次甲、乙数据，可得出：在通过导体的电流和通电时间相同时，_越大，导体发热越多（5）有同学提出，煤油吸收的热量不一定等于电热丝放出的热量经小组讨论后一致认为他的观点是正确的，并且提出在不同的加热过程中，加热效率很可能不同请你计算第一次实验中甲的加

9、热效率为_（6）综合分析各组数据，发现加热效率都不相同你认为影响此次实验加热效率的因素主要_19小明同学利用容积为4.5cm3的注射器、弹簧测力计和刻度尺粗略测出了大气压的值（1）实验的原理是_；（2）把注射器的活塞推到注射器筒的底端，然后用一个橡皮帽封住注射器的小孔，这样做的目的是_；（3）如图所示，水平向右缓慢匀速拉动注射器筒，当注射器的活塞_时，记下弹簧测力计的示数为8.2N；（4）用刻度尺测出注射器_长度为_cm，计算得到活塞的横截面积为_cm2；（5）则大气压的值为_Pa；20在探究“杠杆的平衡条件”的实验中：（1）若实验前，杠杆静止在图甲所示位置，此时的杠杆是_（平衡/不平衡）的（

10、2）如图甲，杠杆在支架上，要使其在水平位置平衡，可通过调节杠杆平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡时，此时杠杆自重的力臂为_cm（3）如图乙所示，杠杆在水平位置处于平衡状态，杠杆上每格均匀等距，每个钩码都相同下列四项操作中，会使杠杆左端下倾的是_杠杆的两侧同时各减掉一个钩码； 在两侧钩码下同时各加挂一个相同的钩码；将两侧的钩码同时各向外移动相同距离； 将两侧的钩码同时各向内移动相同距离ABCD（4）如图丙，在右边用弹簧测力计竖直向下拉，使杠杆在水平位置平衡，这样做的好处是_若左边钩码离支点20cm，右边挂钩离支点15cm，每个钩码重为0.5N，则此时弹簧测力计示数应为_N（5）如图丁，当杠杆在水平位

11、置平衡时，此时拉力的力臂_（选填“大于”、“小于”或“等于”）15cm（6）某同学用定滑轮进行如图戊操作时，同学们发现杠杆不再平衡，请说明理由_21小吴利用“伏安法”测量未知电阻 Rx 的阻值，如图1所示。连接电路时，滑动变阻器 R 的滑片 P 应置于_端（选填“左”或“右”）；小吴连接好电路，闭合开关 S，移动滑动变阻器的滑片 P，发现电压表有示数且保持不变，电流表始终无示数，出现这种现象的原因是_。改正实验错误后，闭合开关 S，滑动变阻器滑片 P 滑动到某一位置时，电压表、电流表的示数如图2甲、乙所示，则电压表的示数为_ V，电流表的示数为_ A, 电阻 Rx 的阻值为_。22为了探究某合

12、金块浸没在水中所受浮力和它排开水的重力之间的关系，并借用水的密度水求出该合金块的密度x，某同学进行了如图甲、乙、丙、丁四次测量（弹簧测力计读数分别为F1、F2、F3、F4）（1）你觉得合理的实验顺序是_；（2）实验表明，（合金块所受浮力）_（合金块排开水的重力）（用F1、F2、F3、F4表示）；（3）则x_（用水、F2、F3、F4表示）五、计算题（本大题共2小题，共13分）23养生壶是一种用于养生保健的烹饮容器，采用新型电加热材料，通电后产生热量把壶内的水加热。下图是某款养生壶及其铭牌，求：型号CH-M16额定电压220V频率50Hz额定功率1000W容量1.2L养生壶正常工作时的电阻；若正常

13、工作时，养生壶加热效率为91%，将1kg水从20加热到85需要多长时间：（c水=4.2103J/（kg）用电高峰期，家中只有养生壶工作时，养生壶将1kg水从20加热到85，实际用时363s，此时养生壶两端的实际电压。（设养生壶的电阻和加热效率不变）。24某型号热水杯的原理图如图所示，它有加热和保温两档，通过单刀双掷开关S进行调节，R0、R为电热丝当开关S接加热档时，电路的功率为1100W，当开关S接保温档时，电路的总功率为44W，R0、R阻值恒定不变整壶水的质量2kg额定电压220V加热时的总功率l100W保温时的功率44W（1）在加热档正常工作时，电路中的电流是多少（2）电热丝R0、R的阻值

14、多大？（3）已知热水壶的加热效率为80%，在一标准大气压下把一满壶水从20烧开需要多长时间？（小数点后保留1位小数，c水4.2103J/（kg）六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25两只灯泡，A灯“6V 6W”、B灯“6V 3W”，A和B中电流随两端电压变化关系的图象如图甲所示（1）若灯泡AB两灯泡串联在同一个电路中(两灯泡都不会被烧坏),则_灯泡发光较亮.（选填“甲”或 “乙”） （2）将A、B两灯泡并联接在6V电源两端，求1min内电路消耗的电能_；（3）将A、B两灯泡串联接在某电源两端，使B灯恰好正常发光，求此时A灯电阻_（4）将A灯泡与一个滑动变阻器（50 2A）串联接在6V电

15、源两端，如图乙所示调节滑动变阻器，当滑动变阻器的功率和A灯泡功率相等时，求滑动变阻器的功率_26汽车已经走进了很多普通农村家庭，最近方文同学也购买了一辆小汽车，方文同学十分高兴，将汽车里里外外看了个遍，并且进行了认真地思考，发现汽车上许多地方都用到了物理知识，下面就是他思考的问题，请你和他一起解答1汽车发动机是汽油机，从能源可否再生角度看，汽油是_（选填“可再生”或“不可再生”）能源；发动机工作时，_冲程将内能转化为机械能2若汽车油箱的容积为60L（dm3），内装密度为0.71103kg/m3、热值为4.61107J/kg的汽油，则油箱最多可以装_千克的汽油3若轿车以60kW的恒定功率启动做匀

16、速直线运动，运动过程中受到的阻力不变，运动速度v与时间t的关系如图所示，则在050s时间内，轿车发动机所做的功为_？轿车在运动过程中受到的阻力为_27搬运工人站在水平高台上用如图所示的滑轮组匀速竖直向上提升重物，不计绳重和摩擦，若工人所用拉力的大小为150N，所提货物重为360N，提升时间为20s，重物上升高度为2m（1）提升时绳自由端移动的速度是多少_？（2）拉力的功率是多少_？（3）滑轮组的机械效率是多少_？（4）若再用该滑轮组提升质量为70kg的货物，则其机械效率_（选填“变大”、“变小”或“不变”）参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、D【解析】一架无人机在农田

17、上空的某一高度水平匀速飞行喷洒农药时，飞机的速度和高度均不变，但质量变小，所以无人机的动能减小，重力势能减小，故无人机的机械能减小；故D正确，ABC错误2、B【解析】试题分析：自行车上的滚动轴承，是用滚动代替滑动来减小摩擦力，故A不符合题意；体操运动员手上涂有防滑粉，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B符合题意；冰壶运动员用刷子刷冰面，是在压力一定的情况下，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦的，故C不符合题意；给门轴上的合页加润滑油，是使接触面脱离来减小摩擦力，故D不符合题意；故应选B。【考点定位】摩擦力3、B【解析】用一不通电的手机靠近正在通电的特斯拉线圈时，手机就显示

18、充电状态，这说明手机中产生了电流，故该现象为电磁感应现象；A、图是奥斯特实验，说明电流周围有磁场，故A不符合题意；B、图中没有电源，是发电机的原理图，是根据电磁感应现象制成的，故B符合题意；C、图中有电源，是电动机的原理图，是根据通电线圈在磁场中受力而转动，故C不符合题意；D、图中是电磁铁，是根据电流的磁效应制成的，故D不符合题意。4、B【解析】由图中的火炬知道，其长度一定在1米以内，即小于100cm，故AC不符合题意；若火炬的质量是90kg，则质量太大，女运动员是无法如图举在手中的，火炬的质量是900g，则相当于两袋食盐的质量，较符合实际，故只有B正确5、D【解析】（1）用吸管吸饮料利用了大

19、气压强；（2）流体压强与流速的关系是：流体流速越快的地方其压强就越小；（3）液体压强跟液体密度和液体的深度有关。在液体密度一定时，液体密度越大，液体压强越大；在液体深度一定时，液体密度越大，液体的压强越大；（4）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。【详解】A、用吸管吸饮料的原理是：先把吸管内的空气吸走，在外界大气压的作用下，汽水被压进吸管里，利用了大气压强，故A错误；B、飞机正常飞行时，机翼上方的路程长，空气流速大，压强小，而下方的空气流速小、压强大，产生向上的升力。故B错

20、误；C、在液体密度一定时，液体密度越大，液体压强越大。当微小压强计的探头在水中深度逐渐增大时，U形管两边液面高度差变大。故C错误；D、在冰壶运动中，运动员刷冰是在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦。故D正确。故选：D。【点睛】本题考查大气压的综合应用、减小摩擦的方法、液体压强特点、流体压强和流速的关系，涉及到的知识点比较多，综合性非常强，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。6、C【解析】潜水器在水面下匀速下潜，忽略水的阻力，重力等于浮力，考虑水的阻力，重力=阻力+浮力，即重力大于浮力，此时水的密度不变，潜水器浸没在水中，其排开水的体积不变，但是在水中的深度逐渐增深根据公式p=

21、gh和公式F浮=液gV排可知，潜水器受到的压强增大，浮力不变，即上、下表面受到的压力差不变故选项ABD均错误，C正确7、B【解析】A.超导体没有电阻，通电后不会发热，因此不能用在电饭锅上，故A错误；B. 由物理学史的知识可知，原子核式结构模型是卢瑟福根据粒子散射实验提出的，故B正确C. “破镜难重圆”是因为破镜碎片间的距离没有达到分子相互作用的距离，不是因为分子间存在着排斥力，故C错误；D. 太阳能、风能是可再生能源，核能是不可再生能源，故D错误二、填空题（本大题7小题，共21分）8、4 2:1 【解析】由电路图可知，两电阻串联，电压表测R2的电压，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电

22、路中的总电阻：RR1+R25+1015，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过R2的电流：，R2两端的电压（即电压表的示数）：U2I2R20.4A104V；若R1、R2并联后仍接在该电源两端，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，通过R1、R2的电流之比：。9、会聚 发散 【解析】由图可知，近视眼看远处的物体，不能调节晶状体的弯曲程度，不能使晶状体变薄，晶状体对光线的会聚能力太强，矫正近视眼所配戴眼镜的镜片应是凹透镜，凹透镜对光有发散作用，使像成在视网膜上。10、3.15105 87.5% 360 【解析】1L水的质量m=V=1.0103kg/m31103m3=1kg，水吸收的热量：Q吸=c

23、m(tt0)=4.2103J/(kg)1kg(10025)=3.15105J，电热水壶消耗的电能：W电=Pt=1000W660s=3.6105J，电热水壶的加热效率为： ； 1kW的电热水壶6min消耗的电能：W=Pt=1kWh=0.1kWh，电能表的转盘转动的圈数：n=0.1kWh3600r/ kWh =360r。11、10 10 具有惯性 【解析】由题意可知，木块在水平方向是匀速直线运动，受力平衡，所以摩擦力等于拉力为10N；当拉力增大时，由于木块对平面的压力与接触面的粗糙程度都不变，所以摩擦力大小不变仍为10N；当撤去拉力后，木块由于惯性，还要继续向前运动一段距离12、远视 弱 凸 【解

24、析】远视眼只能看清远处的物体，看不清近处的物体，因为晶状体太薄或眼球太短，即会聚能力变弱，使得像成在视网膜的后方，为了使像成在视网膜上，就需要戴一个对光线有会聚作用的凸透镜来加以矫正。13、低于 人体的正常温度是37，不可能降到-5 【解析】根据题意知道，发功时伸出手掌，罩在杯口，杯中水即可结成寒冰（假设降到-5），由物理知识知道，此时手的温度应低于-5，才能发生热传递，手吸收水的热量，使水结冰，所以，按常理这种武功是不可能练成的，因为人的温度在37，不可能降到-514、会 电磁感应 电能转化为机械能 【解析】闭合开关，导体ab和cd组成一个闭合回路，闭合电路的一部分导体ab在磁场中进行切割磁

25、感线运动，闭合电路中有了感应电流，这种现象是电磁感应现象；电路中有了感应电流之后，感应电流经过导体cd，导体cd成为通电导体，在磁场中受力而运动，这是电动机的工作原理，此过程中电能转化为机械能。三、作图题（共7分）15、【解析】因为同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以螺线管右侧为S极、左侧为N极；根据安培定则判断，右手大母指向左即指向N极握住螺线管，则四指弯曲指向电流的方向，可知，螺线管中电流由右侧流入、左侧流出；如图所示：【点睛】重点是安培定则的应用，此定则展示了电流方向与磁场方向的关系，知道电流方向可以判断磁场方向，知道磁场方向当然也可以判断电流方向，注意多加练习熟练应用16、【解析】

26、分别作出物体AB端点A.B关于平面镜的对称点A、B,用虚线连接A、B即为AB在平面镜中的像如图：【点睛】平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像17、【解析】由图可知，入射光线平行于主光轴，则其折射光线的反向延长线过焦点；过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变，如图所示。四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、1 质量 水 加热的时间 煤油升高的温度 电热丝电阻 82.6% 煤油与环境的温度差 【解析】探究实验一：探究不同液体吸热能力（1）为控制不同液体吸收的热量相同，应把两电阻丝串联接入电路中，根据

27、串联电路电流的规律，通过的电流相同，相同时间内产生相同的热量，应控制电阻的阻值相同，即R甲R乙；比较不同物质的吸热能力，要控制质量相同，故甲乙烧瓶中应装入质量相同的水和煤油根据实验记录绘制图象2可知，升高相同的温度（311121），甲加热的时间为乙的2倍，质量相同的不同物质，升高相同的温度，加热时间长的吸热能力强，即甲容器中装的液体吸热能力强，故甲容器中装的为水；（2）加热时间越长，物质吸收热量越多，用加热的时间反映液体吸收热量的多少；探究实验二：探究不同电热丝发热能力（3）电热丝通电产生的热量被质量相等的煤油吸收，在比热容和质量相同的情况下，煤油吸收的热量越多，煤油升高的温度越高，即煤油升高

28、的温度反映液体吸收热量的多少；（4）分析表中第一次甲、乙数据，通过导体的电流和通电时间相同，乙电热丝电阻大于甲电热丝的电阻，乙中煤油温度升高的多，故可得出：在通过导体的电流和通电时间相同时，电热丝阻值越大，导体发热越多；（5）根据焦耳定律，第一次实验中甲电热丝产生的热量：Q放I2Rt（1.6A）2112161s4.32113J；由（1）可知，升高相同的温度，水加热的时间为煤油的2倍，即水吸收的热量为煤油的2倍，根据，在质量和升高温度相同的情况 下，比热容与吸收的热量成正比，故水的比热容为煤油的2倍，故煤油的比热容：；煤油吸收的热量：Q吸c煤油mt2.1113J/（kg）1.1kg（3721）3

29、.57113J，故第一次实验中甲的加热效率为；（6）同理可求出第2次实验乙的加热效率：，发现加热效率都不相同的原因是：煤油升高的温度越高，与环境的温差越大，热量损失的越多，故加热效率越低19、 排尽筒内空气并密封 开始滑动时 全部刻度 6.00 0.75 1.1105 【解析】（1）本实验测量大气压的原理是压强的公式；（2）实验时，把活塞推至注射器筒底端是为了排出注射器中的空气，使注射器密封；（3）水平向右缓慢匀速拉动注射器筒，当注射器的活塞刚被拉动时，拉力等于大气压力，弹簧测力计的示数F=8.2N，即为大气压力；（4）从图中可知注射器全部刻度的长度是8.00cm-2.00cm=6.00cm，

30、注射器的容积是4.5cm3，活塞的横截面积S=0.75cm2；（5）大气压的值p=1.1105Pa。20、平衡 0 B 消除杠杆自重影响同时便于测量力臂 2 小于 力的方向影响杠杆平衡 【解析】(1)杠杆静止时,杠杆处于平衡状态(不一定要水平平衡)；(2)杠杆在水平位置平衡，杠杆的重心通过支点，杠杆重的力臂为0，可以消除杠杆自重对杠杆平衡的影响(3)由杠杆的平衡条件可知，当动力动力臂阻力阻力臂时，就会满足杠杆左端下倾杠杆两侧同时减掉一个钩码，左边：2G4L，右边：3G3L，右边下倾在两侧钩码下同时各加挂一个相同的钩码；左边：4G4L，右边：5G3L，左边下倾若将两侧的钩码同时各向外移动一个小格

31、，左边：3G5L，右边：4G4L，右边下倾若将两侧的钩码同时各向内移动一个小格，左边：3G3L，右边：4G2L，左边下倾符合要求的是，故选B；(4)杠杆在水平位置平衡，并且力竖直作用在杠杆上，力的力臂在杠杆上，便于测量力臂大小根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得,1.5N20cm=F215cm,解答F2=2N(5)杠杆在水平位置平衡，并且力竖直作用在杠杆上时，力的力臂在杠杆上，此时力臂最大，当如丙图，弹簧测力计倾斜拉动杠杆时，力臂不在杠杆上，动力臂变小(6)用带杆的滑轮向左(或向右)推动右边挂钩码的悬线时，力的方向发生变化，说明力的方向影响杠杆的平衡；【点睛】杠杆的平衡条件是：动力乘动力臂等于

32、阻力乘阻力臂，力的大小、力臂的长短都会影响杠杆的平衡；杠杆静止时或杠杆匀速转动时，杠杆处于平衡状态；杠杆在水平位置平衡，杠杆的重心通过支点，杠杆重的力臂为0；使杠杆平衡，作用在杠杆上的两个力（用力点、支点和阻力点）的大小跟它们的力臂成反比动力动力臂=阻力阻力臂，用代数式表示为F1L1=F2L2，且哪端大哪端下倾21、左 电阻 Rx 断路 2 0.5 4 【解析】（1）连接电路时，滑动变阻器R的滑片P应置于阻值最大处的左端；（2）小吴连接好电路，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，电流表始终无示数，说明电路可能断路；发现电压表有示数且保持不变，说明电压表与电源连通，则出现这种现象的原因是电阻Rx

33、断路。（3）改正实验错误后，闭合开关S，滑动变阻器滑片P滑动到某一位置时，电压表、电流表的示数如图2甲、乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，则电压表的示数为2V；电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流表的示数为0.5A，由欧姆定律可得，电阻Rx的阻值：22、丁乙甲丙 F2F1 F3F4 水 【解析】（1）减小测量误差，正确的顺序是测出空桶重力合金块重力合金块浸入水中，读出弹簧测力计示数测出小桶和排开水的总重力，即丁、乙、甲、丙；（2）由题可知，浮力等于合金块的重力减在水中的拉力，则F浮F2F1；排开液体的重力等于水和桶的重力减空桶的重力，则G排F3F4；（3）合金块的质量m，合金块

34、排开水的体积V排，合金块全部浸没在水中，则V排V物，合金块的密度：水五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、（1）48.4（2）300s（3）200V【解析】（1）由P=U2R可得，养生壶正常工作时的电阻是：R=U2P=(220V)21000W48.4。（2）水吸收的热量是：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）1kg（85-20）=2.73105J，由=Q吸W知道，养生壶消耗的电能是：W=Q吸=2.73105J91%=3105J，由P=Wt知道，养生壶工作时间是：t=WP=3105J1000W=300s；（3）在用电高峰时，养生壶仍然将1kg水从20加热到85，水吸收的热量不变，且加热效

35、率不变，所以养生壶消耗的电能不变，仍然为3105J，则养生壶的实际功率是：P实=Wt实=3105J363s=105121W，养生壶的电阻不变，由P=U2R可得实际电压是：U实=P实R=105121W48.4=200V。24、（1）5A；（2）44， 1056；（3）763.6s【解析】（1）由表格数据可知，加热时的功率为1100W，由PUI可得加热档正常工作时，电路中的电流：I加热5A；（2）由图知S接2时只有R0接入电路，电路中电阻最小，功率最大，为加热状态，由P可得R0的阻值：R044；S接1时两电阻串联，电路中电阻最大，功率最小，为保温状态，则总电阻：R总R0+R1100，所以R的阻值：RR总R01100441056；（3）水吸收的热量：Q吸cmt4.2103J/(kg)2kg（10020）6.72105J；热水壶放出的热量：Q放8.4105J，因为电流所做的功WQ放Pt，所以加热所用的时间：t763.6s六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）2