江西省横峰中学等五校2022-2023学年高三物理第一学期期中监测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、做匀加速直线运动的质点在第一个7 s内的平均速度比它在第一个1 s内的平均速度大3 m/s，则质点的加速度大小为A1 m/s2B2 m/s2C3 m/s2D4 m/s22、

2、为研究静电除尘，有人设计了一个盒状容器，如图所示，容器侧面是绝缘的透明有机玻璃，上下底面是金属板。当金属板连接到高压电源正、负两极时，在两金属板间产生匀强电场。现把一定量均匀分布的烟尘颗粒密闭在容器内，颗粒带负电，不考虑烟尘颗粒之间的相互作用和空气阻力，并忽略烟尘颗粒所受重力。闭合开关S后，下列说法正确的是()A烟尘颗粒向下运动B两金属板间电场方向向上C烟尘颗粒在运动过程中电势能减小D烟尘颗粒电荷量可能是电子电荷量的1.5倍3、点电荷和所产生的静电场的等势面与纸面的交线如图所示，图中标在等势面上的数值分别表示该等势面的电势，a、b、c、 d、e、f表示等势面上点，下列说法正确的是A位于c点的点

3、电荷不受电场力作用B把电荷量为q的正点电荷从a点移动到d点的过程中电场力始终不做功C电子在c点具有的电势能比在e点具有的电势能大D把1C正电荷从f点移到b点的过程中克服电场力做7kJ的功4、在倾角为的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连的物块A、B，它们的质量分别为m1和m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态。现用一平行于斜面向上的拉力拉物块A，使它以加速度a沿斜面向上做匀加速运动直到物块B刚要离开挡板C。在此过程中（）A物块A运动的距离为B拉力的最大值为m1gsin m1aC拉力做功的功率先增大后减小D弹簧弹性势能先减小后增大5、如图所示，用细线将质量为m的氢气球拴在车厢地板上

4、的A点，此时细线与水平方向成 =37角，气球与固定在水平车顶上的压力传感器接触，小车静止时，细线恰好伸直但无弹力，压力传感器的示数为气球重力的重力加速度为g现要保持细线方向不变而传感器示数为零，下列方法中可行的是（ ）A小车向右加速运动，加速度大小为B小车向左加速运动，加速度大小为 C小车向右减速运动，加速度大小为 D小车向左减速运动，加速度大小为 6、如图所示，质量为m=1.2Kg、顶角为=370的直角劈和质量为M=2 Kg的正方体放在两竖直墙和水平地面间，处于静止状态若不计一切摩擦， g取10 m/s2，墙面对正方体的弹力大小与水平地面对正方体的弹力大小分别为（ ）A20N，36NB16N

5、，32NC16N，40ND20N，20N二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、2017年4月，我国成功发射了“天舟一号”货运飞船，它的使命是给在轨运行的“天宫二号”空间站运送物资，已知“天宫二号”空间站在低于同步卫星的轨道上绕地球做匀速圆周运动，经过时间t(t小于其运行周期T）运动的弧长为s，对应的圆心角为弧度，万有引力常亮为G，下面说法正确的是（ ）A“天宫二号”空间站的线速度大于地球的第一宇宙速度B“天宫二号”空间站的向心加速度小于地球同步卫星的向心加速度C“天宫二

6、号”空间站的环绕周期TD地球质量M8、如图所示,一斜面光滑的质量为M的劈,在水平力F作用下沿水平地面运动,这时质量为m的物体恰能在斜面上相对静止若劈和地面间的动摩擦因数为,则物体的加速度a和水平力F的大小分别是( )Aa=gtanBa=gsinCF=(M+m)(+tan)gDF=(M+m)(1+)gtan9、如图所示，A、B两点在同一条竖直线上，B、C两点在同一条水平线上现将甲、乙、丙三小球分别从A、B、C三点水平抛出，若三小球同时落在水平面上的D点，则以下关于三小球运动的说法中正确的是()A三小球在空中的运动时间一定是t乙t丙t甲B三小球抛出时的初速度大小一定是v甲v乙v丙C甲小球先从A点抛

7、出，丙小球最后从C点抛出D从A、B、C三点水平抛出的小球甲、乙、丙落地时的速度方向与水平方向之间夹角一定满足丙乙甲10、发射地球同步卫星时，先将卫星发射到近地圆轨道1，之后在Q点经点火使卫星沿椭圆轨道2运行，待卫星到椭圆轨道2上距地球最远点P处，再次点火，将卫星送入同步圆轨道3，如图所示，则卫星在轨道1、2和3上正常运行时，下列说法正确的是（ ）A卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率B在轨道2上的运行周期大于在轨道1上的运行周期C卫星在轨道1上经Q点的加速度等于它在轨道2上经Q点的加速度D卫星在轨道2上运行时经过P点的机械能大于经过Q点的机械能三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在

8、答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）有一只标识为“2.5 V，0.5 A”的小灯泡，小华想测定其伏安特性曲线，实验室所供选择的器材除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：编号器材名称规格与参数A电源E电动势为3.0V，内阻不计B电流表A1量程010mA，内阻200C电流表A2量程0600mA，内阻2D电阻箱R阻值999.99E滑动变阻器R1最大阻值10F滑动变阻器R2最大阻值2k（1）为了达到实验目的需要组装一个量程为3.0 V的电压表，那么电阻箱的阻值应调到_ ；（2）为了减小实验误差，实验中滑动变阻器应选择_(选填器材前面的编号)；（3）请帮助小华设计一个电路，要求使

9、误差尽量小，并将电路图画在图1虚线框内_；（4）小华在实验中用电流表和改装后的电压表测得数据并记录在下表中，请根据表格中的数据在图2方格纸上作出该小灯泡的伏安特性曲线_；电压U/V00.51.01.52.02.5电流I/A00.170.300.390.450.49（5）将一个电动势为1.5V，内阻为3的电源直接接在该小灯泡的两端，则该小灯泡的实际功率为_W(结果保留1位有效数字)12（12分）某同学探究加速度、力与质量的关系实验装置如下（1）在实验之前，首先平衡摩擦力，使细线的拉力近似等于砝码及砝码盘所受的总重力，关于平衡摩擦力，下列正确的是：_A将木板右端适当垫高，放上小车让其沿板匀速下滑即

10、可B将木板右端适当垫高，放上小车，穿好纸带，让小车沿板滑下时，打点计时器在纸带上打下一系列等间距的点即可C将木板右端适当垫高，放上小车，穿好纸带，小车前端用细绳绕过滑轮连接砝码盘（不放砝码），让小车匀速下滑即可D平衡摩擦之后，通过增加或者减少小车上的砝码改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦（1）甲、乙、丙三名同学在做实验之前都将木板的右侧垫高，然后根据实验数据分别做出了和图象（小车的加速度为a，小车的质量为M，绳中拉力为F，砝码盘及砝码的质量总和为m）由甲图可知砝码盘及砝码的总质量为_kg（g取10m/s1） ，由乙图可知乙同学在操作中使木板的倾角过_（选填“大”、“ 小”），分析丙图，图线上

11、部分弯曲的原因是未满足_（3）在实验中挑选一条点迹清晰的纸带如下图，打点计时器的频率为50Hz，每5个点取一个计数点，用刻度尺测量计数点间的距离，纸带的一段如图所示，由纸带求得小车加速度为_m/s1（结果保留两位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）某运动员做跳伞训练，他从悬停在空中的直升机上由静止跳下，跳离直升机一段时间后打开降落伞减速下落，他打开降落伞后的速度时间图象如图(a)所示降落伞用1根对称的悬绳悬挂运动员，每根悬绳与中轴线的夹角为37，如图(b)所示已知运动员和降落伞的质量均为50 kg

12、，不计运动员所受的阻力，打开降落伞后，降落伞所受的阻力f与下落速度v成正比，即fkv重力加速度g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.1求：(1)打开降落伞前运动员下落的高度；(2)阻力系数k和打开降落伞瞬间的加速度；(3)降落伞的悬绳能够承受的拉力至少为多少14（16分）同学设计出如图所示实验装置.将一质量为0.2kg的小球(可视为质点)放置于水平弹射器内,压缩弹簧并锁定,此时小球恰好在弹射口,弹射口与水平面AB相切于A点,AB为粗糙水平面,小球与水平面间动摩擦因数=0.5,弹射器可沿水平方向左右移动,BC为一段光滑圆弧轨道.(O为圆心,半径R=0.5m ,OC与OB之间夹角

13、为=370,以C为原点,在C的右侧空间建立竖直平面内的坐标xOy,在该平面内有一水平放置开口向左且直径稍大于小球的接收器D,sin370=0.6 ,cos370=0.8 (1)某次实验中该同学使弹射口距离B处L1=1.6m处固定,解开锁定释放小球,小球刚好到达C处,求弹射器释放的弹性势能;(2)把小球放回弹射器原处并锁定,将弹射器水平向右移动至离B处L2=0.8m处固定弹射器并解开锁定释放小球,小球将从C处射出,恰好水平进入接收器D,求D处坐标;(3)每次小球放回弹射器原处并锁定,水平移动弹射器固定于不同位置释放小球,要求小球从C处飞出恰好水平进入接收器D,求D位置坐标y与x的函数关系式.15

14、（12分）如图所示，冰车静止在冰面上，小孩与冰车的总质量大人用的恒定拉力，使冰车开始沿水平冰面移动，拉力方向与水平面的夹角为已知冰车与冰面间的动摩擦因数，重力加速度，求：（1）小孩与冰车受到的支持力的大小；（2）拉力作用时间内，拉力的冲量的大小；（3）小孩与冰车的加速度的大小；参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】本题考查匀变速直线运动中关于平均速度推论的应用【详解】因质点在做匀加速直线运动，根据匀变速直线运动的推论 ，知第3.5s末的速度为第一个7s内的平均速度，且第0.5s末的速度等于第一个1s内的平均

15、速度，则有 ，根据 ，有 ，解得a=1m/s2，故本题应选A。2、C【解析】由图可知两极板间的电场方向，则由烟尘的受力情况分析其运动方向；由电场力做功正负分析电势能的变化；带电体的带电量只能是元电荷的整数倍【详解】A. 由图可知，极板上端为正极，下端为负极；则带负电的颗粒受电场力向上，故带电颗粒将向上运动。故A错误；B. 极板上端为正极，下端为负极，所以两金属板间电场方向向下。故B错误；C. 烟尘颗粒在运动过程中电场力做正功，电势能减少。故C正确；D. 带电体的带电量只能是元电荷的整数倍，所以烟尘颗粒电荷量不可能是电子电量的1.5倍。故D错误。故选：C。3、C【解析】A位于c的位置电势为零，场

16、强不为零，所以点电荷受电场力作用，故A错误；B把电荷量为q的正点电荷从a点移到d，根据电场力做功W=qU，因为Uad0，所以电场力做功不为零，故B错误；C因为ce，负电荷在电势越低的地方电势能越大，所以电子在c点具有的电势能比在e点具有的电势能大，故C正确；D把1库仑正电荷从f移到b过程中电场力做的功W=qU=1C4kV-（-3kV）=7kJ，故D错误；故选C。4、D【解析】A系统处于静止状态时，弹簧被压缩，设压缩量为x1，由平衡条件得kx1m1gsin ，解得物块B刚要离开挡板C时，弹簧被拉伸，弹簧弹力等于物块B的重力沿斜面方向的分力，设拉伸量为x2，由kx2m2gsin ，解得物块A在力F

17、作用下沿斜面向上运动直到物块B刚要离开挡板C时，物块A运动的距离为选项A错误；B在物块B刚要离开挡板C时，拉力最大。隔离物块A，分析受力，由牛顿第二定律，Fm1gsin kx2m1a，解得拉力F(m1m2)gsin m1a，选项B错误；C在拉力拉物块沿斜面向上运动过程中，由于拉力逐渐增大，物块A沿斜面做匀加速运动，速度逐渐增大，根据功率公式PFv可知，拉力做功的功率一直增大，选项C错；D由于弹簧原来处于压缩状态，具有弹性势能，在拉力拉物块沿斜面向上运动过程中，弹簧先恢复原长，后被拉伸，又具有弹性势能，即弹簧弹性势能先减小后增大，选项D正确。故选D。5、C【解析】车厢静止时，通过对气球受力分析可

18、求出气球受到的浮力；当压力传感器示数为零时，根据牛顿第二定律求小车的加速度，分析运动状态【详解】当小车静止时，细线恰好伸直但无弹力，对气球受力分析，受到重力、支持力和浮力，根据受力平衡 根据题意知，所以有 当压力传感器示数为零时，对气球受力分析如图竖直方向： 水平方向： 联立解得：，方向水平向左故小车向右做减速运动故应选：C【点睛】对于动力学问题，正确分析物体的受力情况，画出受力图是解题的基础，并要灵活运用正交分解法列方程6、B【解析】以直角劈和质量为M正方体整体为研究对象，分析受力情况，如图1所示：则由平衡条件得：水平面对正方体的弹力大小N3=（M+m）g=32N；对直角劈研究，分析受力情况

19、，如图2所示，根据平衡条件得：墙面对m的弹力：，故B正确，ACD错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】A“天宫二号”经过时间t，它运动的弧长为s，它与地球中心连线扫过的角度为（弧度），则线速度为角速度为：根据v=r得轨道半径为： “天宫二号”绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，则有：得可知卫星的轨道半径越大，速率越小，第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，故“天宫二号”在轨道上运行的速度小于地球的第一宇宙速度，故A错误；B由得：加速度则知“天宫二号”的

20、向心加速度大于地球同步卫星的向心加速度故B错误C“天宫二号”的环绕周期为故C正确；D“天宫二号”绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，即：联立解得：地球的质量为故D正确；故选CD.8、AC【解析】AB对物体，由牛顿第二定律得：解得加速度：故正A确，B错误CD对物体与劈组成的系统,由牛顿第二定律得：解得：故C正确，D错误；9、ABD【解析】A.三个小球都做平抛运动，在竖直方向上做自由落体运动，由得，知平抛运动的时间由下落的高度决定，所以有t乙=t丙t甲；故A正确.B.因为甲、乙的水平位移相等，且大于丙的水平位移，根据x=v0t和t乙=t丙t甲，得v甲v乙v丙故B正确.C.三个小球同时落在水平

21、面上的D点，因此甲小球先从A点抛出，乙丙两球同时抛出，故C错误.D.小球落地时的速度方向与水平方向之间夹角的正切为，因为t乙=t丙t甲，v甲v乙v丙，所以得丙乙甲；故D正确.10、BC【解析】研究卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，根据GMmr2=mv2r，解得v=GMr可知轨道半径越小，线速度越大，故卫星在轨道3上的速率小于在轨道1上的速率，A错误；椭圆轨道2的半长轴大于圆轨道1的半径，根据开普勒第三定律a3T2=k，知卫星在轨道2上运行的周期大于在轨道1上运行的周期，B正确；根据GMmr2=ma得a=GMr2，所以卫星在轨道2上经过Q点的加速度等于在轨道1上经过Q点的加速度，C正

22、确；卫星在轨道2上运行时，从P到Q只有万有引力做功，故机械能守恒，即经过P点的机械能等于经过Q点的机械能，D错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、100 E 0.2 【解析】（1）1由题意可知，本实验应采用伏安法测量伏安特性曲线，由表中数据可知，电流大小最大约为0.49A，因此电流表应采用A2，故只能采用A1与电阻箱串联的方式进行改装，由串并联电路规律可知=100（2）2由于本实验采用滑动变阻器分压接法，所以只能选用总阻值较小的E；（3）3本实验应采用滑动变阻器分压接法，由于电流表内阻较小，故应采用电流表外接法，故原理图如图所示（4）

23、4根据描点法可得出对应的伏安特性曲线如图所示（5）5在灯泡伏安特性曲线中作出电源的伏安特性曲线，两图的交点表示灯泡的工作点，由图可知，电压U=0.8V，电流I=0.22A，则功率WW【点睛】明确实验原理，根据电路的改装规律可明确电阻箱应接入电阻；根据滑动变阻器的作用可确定应选择的滑动变阻器；根据实验原理进行分析，从而明确应采用的电路图；根据描点法可得出对应的图象；在灯泡伏安特性曲线中作出电源的伏安特性曲线，两图的交点表示灯泡的工作点，从而确定电压和电流，由功率公式即可确定电功率12、BD 0.01 小 Mm 0.10 【解析】（1）平衡摩擦力时应将木板右端适当垫高，放上小车，穿好纸带，让小车沿

24、板滑下时，打点计时器在纸带上打下一系列等间距的点，由于平衡摩擦力是利用，两边的质量相互抵消，即平衡摩擦之后，通过增加或者减少小车上的砝码改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦，BD正确；（1）根据牛顿第二定律可得，图像的斜率表示F，故，解得砝码和砝码盘的质量为0.01kg；图乙中当小车的质量减小到一定程度时，才开始做匀加速直线运动，即平衡摩擦力的力度较小，故在操作中使木板的倾角过过小；图丙中图线发生弯曲，是因为当小车的质量发生变化时，不再满足，即砝码盘和砝码的总重力对小车的拉力不等于小车受到的合外力；（3）每五个点取一个计数点，则相邻计数点间的时间间隔为，根据逐差公式可得四、计算题：本题共2小题

25、，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)20 m(2)k200 Ns/ma30 m/s2方向竖直向上(3)312.5 N【解析】（1）根据速度位移公式求出打开降落伞前人下落的高度（2）抓住平衡，根据kv=（m1+m2）g求出阻力系数，根据牛顿第二定律求出加速度的大小（3）对人分析，根据牛顿第二定律求出拉力的大小【详解】（1）打开降落伞前运动员做自由落体运动，根据速度位移公式可得运动员下落的高度为：h，由题图（a）可知：v0=20m/s解得：h=20m（2）由题图（a）可知，当速度为v=5m/s时，运动员做匀速运动，受力达到平衡状态，由平衡条件可得：kv