2023届山东省临沂市罗庄区物理高三第一学期期中综合测试试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、有下列、所述的四种情景，请根据所学知识选出对情景分析和判断正确的说法（ ）点火后即将升空的火箭高速公路上沿直线高速行驶的轿车为避免事故紧急刹车在轨道上高速行驶的磁悬浮列车电影

2、流浪地球中利用木星引力加速的地球A因火箭还没运动，所以加速度一定为零B轿车紧急刹车，速度变化很快，所以加速度很大C高速行驶的磁悬浮列车，因速度很大，所以加速度也一定很大D由于地球在做加速运动，所以其加速度方向和速度方向相反2、一轮船以船头指向始终垂直于河岸方向以一定的速度向对岸行驶，水匀速流动，则关于轮船通过的路程、渡河经历的时间与水流速度的关系，下列说法中正确的是 （ ）A水流速度越大，路程越长，时间越长B水流速度越大，路程越短，时间越短C水流速度越大，路程越长，时间不变D路程和时间都与水流速度无关3、假设将來一艘飞船靠近火星时，经历如图所示的变轨过程，则下列说法正确的是（）A飞船在轨道上运

3、动到P点的速度小于在轨道轨道上运动到P点的速度B若轨道I贴近火星表面，测出飞船在轨道I上运动的周期，就可以推知火星的密度C飞船在轨道I上运动到P点时的加速度大于飞船在轨道上运动到P点时的加速度D飞船在轨道上运动时的周期小于在轨道I上运动时的周期4、如图所示，弹簧的一端固定在竖直墙上，质量为m的光滑弧形槽静止在光滑水平面上，底部与水平面平滑连接，一个质量也为m的小球从槽高h处开始自由下滑则（ ） A在以后的运动过程中，小球和槽的动量始终守恒B在下滑过程中小球和槽之间的相互作用力始终不做功C被弹簧反弹后，小球和槽都做速率不变的直线运动D被弹簧反弹后，小球和槽的机械能守恒，小球能回到槽高h处5、如图

4、所示，质量为m的木块在质量为M的长木板上，木块受到向右的拉力F的作用而向右滑行，木板处于静止状态，已知木块与木板间的动摩擦因数为1，木板与地面间的动摩擦因数为2。下列说法正确的是()A木板受到地面的摩擦力的大小一定是1mgB木板受到地面的摩擦力的大小一定是2(mM)gC当F2(mM)g时，木板便会开始运动D只要合适的改变F的大小，木板就可能运动6、如图所示，图中以点电荷Q为圆心的虚线同心圆是该点电荷电场中球形等势面的横截面图一个带电的粒子经过该电场，它的运动轨迹如图中实线所示，P、M、N、O、F都是轨迹上的点不计带电粒子受到的重力，由此可以判断（ ）A此粒子和点电荷Q带同种电荷B此粒子在M点的

5、动能小于在F点的动能C若PM两点间的距离和MN两点间的距离相等，则从P到M和从M到N，电场力做功相等D带电粒子从P运动到N的过程中，电势能逐渐增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，固定在水平面上的光滑斜面倾角为30，质量分别为M、m的两个物体通过细绳及轻弹簧连接于光滑轻滑轮两侧，斜面底端有一与斜面垂直的挡板开始时用手按住物体M，此时M距离挡板的距离为s，滑轮两边的细绳恰好伸直，且弹簧处于原长状态已知M=2m，空气阻力不计松开手后，关于二者的运动下列说法中正

6、确的是（ ）AM和m组成的系统机械能守恒B当M的速度最大时，m与地面间的作用力为零C若M恰好能到达挡板处，则此时m的速度为零D若M恰好能到达挡板处，则此过程中重力对M做的功等于弹簧弹性势能的增加量与物体m的机械能增加量之和8、如图所示，氕核、氘核、氚核三种粒子从同一位置无初速度地飘入电场线水平向右的加速电场，之后进入电场线竖直向下的匀强电场发生偏转，最后打在屏上，整个装置处于真空中，不计粒子重力及其相互作用，那么（）A偏转电场对三种粒子做功一样多B三种粒子打到屏上时速度一样大C三种粒子运动到屏上所用时间相同D三种粒子一定打到屏上的同一位置，9、甲、乙两车同时由同一地点沿同一方向做直线运动，它们

7、的位移一时间图象如图所示，甲车图象为过坐标原点的倾斜直线，乙车图象为过原点且顶点在A点的拋物线，则下列说法正确的是（ ）A0-t1时间段内,甲、乙之间的距离一直增大B0-时间段内,甲、乙之间的距离一直增大C0-t2时间段内乙的平均速度等于甲的平均速度D0-t2时间段内，乙的路程大于甲的路程10、如图甲，质量为2 kg的物体在水平恒力F作用下沿粗糙的水平面运动，1 s后撤掉恒力F，其运动的vt图象如图乙，g10 m/s2，下列说法正确的是A在02 s内，合外力一直做正功B在0.5 s时，恒力F的瞬时功率为150 WC在01 s内，合外力的平均功率为150 WD在03 s内，物体克服摩擦力做功为1

8、50 J三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验装置如图所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳根据实验数据在白纸上所作图如图乙所示，已知实验过程中操作正确（1）如图所示，力_ (填“F” 或“F”)不是由弹簧测力计直接测得的（2）实验中要求先后两次力的作用效果相同，指的是_ (填正确选项前字母)A两个弹簧测力计拉力F1和F2的大小之和等于一个弹簧测力计拉力的大小B橡皮条沿同一方向伸长C橡皮条伸长到同一长度D橡皮条沿同一方向伸长同一长度（3）如图是测量中某一弹簧测

9、力计的示数，读出该力大小为_N12（12分）如题图甲为测量物块与水平桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图，实验步骤如下：用天平测量物块和遮光片的总质量M、重物的质量m，用游标卡尺测量遮光片的宽度d：用米尺测量两光电门之间的距离s；调整轻滑轮，使细线水平；让物块从光电门A的左侧由静止释放：用数字毫秒计分别测出遮光片经过光电门A和光电门B所用的时间t1和t2，求出加速度a：多次重复步骤，求加速度的平均值；根据上述实验数据求出动摩擦因数.回答下列问题：(1)测量d时，某次游标卡尺(主尺的分度值为1 mm)的示数如图乙所示，其读数为_cm.(2)物块的加速度a可用d、s、t1和t2，表示为a_(3)动摩

10、擦因数可用M、m、和重力加速度g表示_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，上端带卡环的绝热圆柱形气缸竖直放置在水平地面上，气缸内部被质量均为m的活塞A和活塞B分成高度相等的三个部分，下边两部分封闭有理想气体P和Q，活塞A导热性能良好，活塞B绝热。两活塞均与气缸接触良好，活塞厚度不计，忽略一切摩擦。气缸下面有加热装置，初始状态温度均为T0，气缸的截面积为S，外界大气压强大小为，现对气体Q缓慢加热。求： （1）当活塞A恰好到达汽缸上端卡口时，气体Q的温度T1；（2）活塞A恰接触汽缸上端卡口后，继续给气

11、体Q加热，当气体P体积减为原来一半时，气体Q的温度T2。14（16分）如图所示，竖直平行正对放置的带电金属板A、B，两板间的电势差UAB=500V，B板中心的小孔正好位于平面直角坐标系xOy的O点；y轴沿竖直方向；在x0的区域内存在沿y轴正方向的匀强电场，一质量为m110-13 kg，电荷量q1108 C带正电粒子P从A板中心O处静止释放，其运动轨迹恰好经过M (m，1 m)点；粒子P的重力不计，试求：(1)粒子到达O点的速度(2)x0的区域内匀强电场的电场强度；(3)粒子P到达M点的动能。15（12分）如图所示，与水平面成=的粗糙斜面与一光滑圆轨道相切于A点，斜面AB的长度s=2.3m，动摩

12、擦因数为0.1，物体（可视为质点）从B点静止释放，沿轨道运动到圆轨道的最高点C时，物体与圆轨道间无相互作用力，空气阻力忽略不计（取g=10m/s2，sin=0.6，cos=0.8），求：（1）物体到达A点的速度（2）圆轨道的半径R；参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A火箭还没运动，只是速度为零，但是此时的加速度却是很大的，选项A错误；B加速度是速度的变化率；轿车紧急刹车，速度变化很快，所以加速度很大，选项B正确；C高速行驶的磁悬浮列车，速度很大，但是加速度不一定很大，甚至可能为零，选项C错误；D由于地球

13、在做加速运动，所以其加速度方向和速度方向相同，选项D错误。2、C【解析】设河宽为d,船垂直于河岸的速度为v, .时间与水速无关;如果水速越大,船在水中运动的路程就越大,故ABD错误,C正确.故选C点睛：因为船垂直于河岸方向的速度不变,而水流方向是垂直于这个方向的,在这个方向上没有分速度,所以不论水速多大时间不变;水速越大,水流方向的位移就越大. 3、B【解析】A飞船从轨道到轨道I时做向心运动，所以要减速，所以飞船在轨道上运动到P点的速度大于在轨道轨道上运动到P点的速度，故A错误；B由公式，解得：密度故B正确；C不管在那个轨道上飞船在P点受到的万有引力是相等的，为飞船提供加速度，所以加速度相等，

14、故C错误；D由开普勒第三定律可知，可知，由于轨道上半长轴大于轨道的半径，所以飞船在轨道上运动时的周期大于在轨道I上运动时的周期，故D错误4、C【解析】试题分析：由动量守恒的条件可以判断动量是否守恒；由功的定义可确定小球和槽的作用力是否做功；由小球及槽的受力情况可知运动情况；由机械能守恒及动量守恒可知小球能否回到最高点小球与弹簧接触前，小球和槽组成的系统动量守恒，且有则有当小球与弹簧接触后，小球受外力，故小球和槽组成的系统所受外力不为零，动量不再守恒，故A错误；下滑过程中两物体都有水平方向的位移，而力是垂直于球面的，故力和位移不垂直，故两力均做功，故B错误；小球脱离弧形槽后，槽向后做匀速运动，小

15、球向前做速度大小和槽相同的匀速运动，而小球和弹簧作用过程中机械能守恒，故小球被原速率反弹，反弹继续做匀速运动，故C正确；小求被反弹后，因两物体均有向左的速度，且速度大小相等，则两物体不会相遇，小球不会到达最高点，故D错误故选C考点：本题考查了动量守恒定律、机械能守恒定律、做功的两个因素5、A【解析】ABm所受M的滑动摩擦力大小f1=1mg方向水平向左，根据牛顿第三定律得知：木板受到m的摩擦力方向水平向右，大小等于1mgM处于静止状态，水平方向受到m的滑动摩擦力和地面的静摩擦力，根据平衡条件木板受到地面的摩擦力的大小是1mg木板相对于地面处于静止状态，不能使用滑动摩擦力的公式计算木板受到的地面的

16、摩擦力，所以木板与地面之间的摩擦力不一定是2(m+M)g，故A正确，B错误；C开始时木板处于静止状态，说明木块与木板之间的摩擦力小于木板与地面之间的最大静摩擦力，与拉力F的大小无关，所以当F2(m+M)g木板仍静止，故C错误；D由C的分析可知，增大力F时只会改变m的运动状态，不会改变m对M的摩擦力大小；所以木板受到水平方向作用力等于m对M的摩擦力大小1mg，一定小于地面对木板的最大静摩擦力，所以无论怎样改变力F的大小，木板都不可能运动，故D错误。6、B【解析】试题分析：A、根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在M、N间运动过程中，电荷一直受静电引力作用，此粒子和点电荷带不同的电荷故A错误；B、粒子从M

17、到N，电场力做正功，故电势能减小，动能增加，故M点的电势能大于N点的电势能，且M点动能小于N点动能；N点与F点在同一个等势面上，所以粒子在F点的动能等于在N点的动能，所以粒子在M点的动能小于在F点的动能故B正确；C、M点离场源电荷远，电荷所受的电场力较小，则PM两点间的距离和MN两点间的距离相等，则从P到M电场力做的功比从M到N电场力做功少，故C错误；D、粒子从P到N，只受电场力，合力做正功，根据动能定理，动能增加，电势能减小，故D错误；故选B二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的

18、得0分。7、BD【解析】因M、m之间有弹簧，故两物体受弹簧的弹力做功，机械能不守恒，两物体和弹簧组成的系统机械能守恒，A错误；M的重力分力为；物体先做加速运动，当受力平衡时速度达最大，则此时受力为，故恰好与地面间的作用力为零，B正确；从m开始运动至到M到达底部过程中，弹力的大小一直大于m的重力，故m一直做加速运动，M到达底部时，m的速度不为零，C错误；M恰好能到达挡板处，则此过程中重力对M做的功等于弹簧弹性势能的增加量与物体m的机械能增加量之和，D正确8、AD【解析】AB带电粒子在加速电场中加速，由动能定理可知解得粒子在偏转电场中的时间在偏转电场中的纵向速度纵向位移即位移与比荷无关，与速度无关

19、；则可三种粒子的偏转位移相同，则偏转电场对三种粒子做功一样多，故A正确，B错误；CD因三粒子由同一点射入偏转电场，且偏转位移相同，故三个粒子打在屏幕上的位置一定相同；因粒子到屏上的时间与横向速度成反比；因加速后的速度大小不同，故三种粒子运动到屏上所用时间不相同，故C错误，D正确。故选AD。【点睛】此题考查带电粒子在电场中的偏转，要注意偏转中的运动的合成与分解的正确应用；正确列出对应的表达式，根据表达式再去分析速度、位移及电场力的功。9、BCD【解析】A0t1时间段内甲、乙之间的距离等于两者位移之差，由图可知，两者间距先增大，后减小，故A项错误；B在x-t图象中，斜率代表速度，当斜率相等时，相距

20、最远，由图可知，距离相距最远的时刻大于，即0-时间段内，甲、乙之间的距离一直增大，故B正确；C平均速度为位移与时间的比值，0-t2时间段内，位移相等，时间相等，则乙的平均速度等于甲的平均速度，故C正确；Dt2时刻甲乙相遇，路程为物体运动轨迹的长度，由图可知，乙先向前运动，后反向，甲一直向前运动，故乙的路程大于甲的路程，故D正确。10、BD【解析】A、由v-t图象可知02 s速度先增大后减小，则合力先做正功后做负功，A错误B、由v-t图象的斜率可得，根据牛顿第二定律可知，解的，故恒力F的瞬时功率为，B项正确C、由动能定理可知，故C错误D、摩擦力做的功为，故D正确则选BD.【点睛】本题一要理解图象的意义，知道斜率等于加速度，面积表示位移，二要掌握牛顿第二定律和动能定理，并能熟练运用三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、F D 9.0(8.89.2之间均可) 【解析】(1)F在以F1与F2为邻边的平行四边形的对角线上，不是由弹簧测力计