2023届内蒙古自治区包头市三十三中高三物理第一学期期中监测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，a、b为竖直正对放置的平行金属板构成的偏转电场，其中a板带正电，两板间的电压为U，在金属板下方存在一有界的匀强磁场，磁场的上边界为与两金属板下端重合的水

2、平面PQ，PQ下方的磁场范围足够大，磁场的磁感应强度大小为B，一带正电粒子以速度v0从两板中间位置与a、b平行方向射入偏转电场，不计粒子重力，粒子通过偏转电场后从PQ边界上的M点进入磁场，运动一段时间后又从PQ边界上的N点射出磁场，设M、N两点距离为x（M、N点图中未画出），从N点射出的速度为v，则以下说法中正确的是A只增大带电粒子的比荷大小，则v减小B只增大偏转电场的电压U的大小，则v减小C只减小初速度v0的大小，则x不变D只减小偏转电场的电压U的大小，则x不变2、在真空中的光滑水平绝缘面上有一带电小滑块开始时滑块静止若在滑块所在空间加一水平匀强电场E1，持续一段时间后立即换成与E1相反方向

3、的匀强电场E1当电场E1与电场E1持续时间相同时，滑块恰好回到初始位置，且具有动能在上述过程中，E1对滑块的电场力做功为W1，冲量大小为I1；E1对滑块的电场力做功为W1，冲量大小为I1则AI1= I1B4I1= I1CW1= 0.15W1=0.75DW1= 0.10W1=0.803、用一根细线悬挂一个重物，把重物拿到一定高度后突然释放，重物可将线拉断，如果在细线上端拴一段橡皮筋，再从同样高度释放重物，细线不再被拉断，这是因为拴上橡皮筋后在细线绷直时与不拴橡皮筋相比较( )A重物的动量减小 B重物动量改变量减小C重物所受冲量减小 D重物动量的变化率减小4、如图所示，甲、乙两个高度相同的固定斜面

4、，倾角分别为和，且。质量为的物体（可视为质点）分别从这两个斜面的顶端由静止沿斜面滑到底端，物体与这两个斜面的动摩擦因数均为。关于物体两次下滑的全过程，下列说法中正确的是（）A重力所做的功相同B重力的平均功率相同C动能的变化量相同D机械能的变化量相同5、如图甲所示，静止在水平地面上的物块A，受到水平拉力F的作用，F与时间t的关系如图乙所示，设物块与地面之间的静摩擦力最大值fm，与滑动摩擦力大小相等。则下列说法中正确的是（）At1时刻物块的速度最大Bt2时刻物块的速度最大C0t0时间内物块加速运动Dt1t2时间内物块减速运动6、汽车已成为人们广泛使用的代步工具，而车辆平稳加速（即加速度基本不变）使

5、人感到舒服，否则感到不舒服，关于“加速度的变化率”，下列说法正确的是（ ）A加速度的变化率为0的运动是匀速直线运动B加速度的变化率越大则速度变化越快C在如图所示的at图象中，表示的是物体的速度随时间在均匀减小D在如图所示的at图象中，若物体在t=0时速度为5 m/s，则2 s末的速度大小可能为8 m/s二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图甲所示，截面为直角三角形的木块A质量为m0，放在倾角为的固定斜面上，当37时，木块A恰能静止在斜面上。现将 改为30，在A与斜面

6、间放一质量为m的光滑圆柱体B，如图乙所示，sin 370.6，cos 370.8，重力加速度为g，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。则AA与斜面之间的动摩擦因数为0.75BA、B仍一定静止于斜面上C若m0m，则A受到的摩擦力大小为mgD若m04m，则A受到斜面的摩擦力大小为2.5mg8、在冰壶比赛中，某队员利用红壶去碰撞对方的蓝壶，两者在大本营中心发生对心碰撞如图(a)所示，碰后运动员用冰壶刷摩擦蓝壶前进方向的冰面来减小阻力，碰撞前后两壶运动的v-t图线如图(b)中实线所示，其中红壶碰撞前后的图线平行，两冰壶质量均为19 kg，则A碰后蓝壶速度为0.8msB碰后蓝壶移动的距离为2.4mC碰撞过程两

7、壶损失的动能为7.22JD碰后红、蓝两壶所受摩擦力之比为5：49、如图所示，光滑的轻滑轮通过支架固定在天花板上，一足够长的细绳跨过滑 轮，一端悬挂小球b，另一端与套在水平细杆上的小球a连接。在水平拉力F作用下小球a 从图示虚线位置开始缓慢向右移动(细绳中张力大小视为不变)。已知小球b的质量是小球a的2倍，滑动摩擦力等于最大静摩擦力，小球a与细杆间的动摩擦因数为33，则下列说法正确的是（ ）A拉力F的大小一直增大B拉力F的大小先减小后增大C支架对轻滑轮的作用力大小逐渐增大D当细绳与细杆的夹角为60时，拉力F的大小为(2-33) mg10、下列几幅图的有关说法中正确的是图甲 图乙 图丙 图丁A甲图

8、中少数粒子发生了较大角度偏转，是由于原子的全部正电荷和绝大部分质量集中在一个很小的核上B乙图中射线丙由 粒子组成，每个粒子带两个单位正电荷，射线乙不带电，是高速运动的中子流C丙图中强黄光和弱黄光曲线交于 U 轴同一点，说明发生光电效应时最大初动能与光的强度无关D丁图为粒子通过气泡室时的照片，通过照片可以分析粒子的动量、能量及带电情况三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）为了验证机械能守恒定律，某同学使用如图所示的气垫导轨装置进行实验其中G1、G2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器M通过G1、G2光电门时，光束被滑行器M上的

9、挡光片遮挡的时间t1、t2都可以被测量并记录，滑行器连同挡光片的总质量为M，挡光片宽度为D，两光电门中心间的距离为x，牵引砝码的质量为m，细绳不可伸长且其质量可以忽略，重力加速度为g该同学想在水平的气垫导轨上，只利用以上仪器，在滑行器通过G1、G2光电门的过程中验证机械能守恒定律，请回答下列问题：（1）实验开始应先调节气垫导轨下面的螺母，使气垫导轨水平请在以下空白处填写实验要求在不增加其他测量器材的情况下，调水平的步骤是：取下牵引砝码m，接通气垫导轨装置的电源，调节导轨下面的螺母，若滑行器M放在气垫导轨上的任意位置都能保持静止，或者轻推滑行器M，M分别通过光电门G1、G2的时间 ，则导轨水平；

10、（2）当气垫导轨调水平后，在接下来的实验操作中，以下操作合理的是 ；A挡光片的宽度D应尽可能选较小的B选用的牵引砝码的质量m应远小于滑行器和挡光片的总质量MC为了减小实验误差，光电门G1、G2的间距x应该尽可能大一些D用来牵引滑行器M的细绳可以与导轨不平行（3）在每次实验中，若表达式 （用M、g、m、t1、t2、D、x表示）在误差允许的范围内成立，则机械能守恒定律成立12（12分）某同学“验证平行四边形定则”实验时，把橡皮条的一端用图钉固定于A点，同时用两个弹簧测力计将橡皮条的另一端拉到位置O，如图甲所示，记录相关数据；再用一个弹簧测力计把它拉到同一位置O，记录相关数据在白纸上根据实验数据做出

11、力的图示，画出的实验结果如图乙所示（1）本实验采用的研究方法是_A理想实验法B等效替代法C控制变量法D建立物理模型法（2）如果没有操作失误，图乙中的F与F两力中，方向一定沿AO的是_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图是一个用折射率的透明介质做成的四棱柱镜的截面图，其中A=C=90，B=60，AD=DC=L棱镜放在真空中，真空中的光速为c，一束平行光垂直入射到棱镜的AB面，求：从棱镜中射出的光与出射镜面间的夹角多大？（本问题只写出结论）光在棱镜中运动的最短时间为多少？14（16分）如图所示，一个质量为6

12、0 kg滑板运动员，以v 0=43 m/s初速度从某一高台的A点水平飞出，恰好从光滑竖直圆轨道的D点的切线方向进入圆弧（不计空气阻力，进入圆弧时无机械能损失）。已知圆弧的半径R=3 m，=60，取g=10 m/s2，求：（1）滑板运动员在空中的飞行时间。（2）滑板运动员运动到圆弧轨道最高点B时轨道对他的作用力。15（12分）如图所示，区域内有电场强度为E=2104N/C、方向竖直向上的匀强电场；区域II中有一光滑绝缘圆弧轨道，轨道半径为R=2m，轨道在A点的切线与水平方向成60角，在B点的切线与竖直线CD垂直；在区域有一宽为d=3m的有界匀强电场，电场强度大小未知，方向水平向右一质量为m=0.

13、4kg、带电荷量为q= -210-4C的小球（质点）从左边界O点正上方的M点以速度v0=2m/s水平射入区域I，恰好从A点沿圆弧轨道切线进入轨道且恰好不能从区域中电场的右边界穿出，（取g=10m/s2）求：（1）OM的长L（2）区域中电场的电场强度大小E参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】粒子在电场中，水平方向；竖直方向， ； ，解得 ，则只增大带电粒子的比荷大小，则v增大，选项A错误；只增大偏转电场的电压U的大小，则E变大，v变大，选项B错误；减小初速度v0的大小，则导致进入磁场的速度减小，由半径公式R

14、=，可知，导致半径减小，则x也减小，故C错误；减小偏转电场的电压U的大小，设速度与磁场边界的夹角为，则由半径公式 ，结合几何关系，可得：x=2Rsin= ，则会导致x不变，故D正确；故选D点睛：考查粒子做类平抛运动与匀速圆周运动的处理规律，掌握圆周运动的半径公式，注意运动的合成与分解的方法2、C【解析】设第一过程末速度为v2，第二过程末速度大小为v2根据上面的分析知两过程的平均速度大小相等，根据匀变速直线运动规律有，所以有v2=2v2 根据动能定理有：， ，而，所以，故C正确，D错误；又因为位移大小相等，所以两个过程中电场力的大小之比为2：3，根据冲量定义得：I2=F2t，I2=F2t，所以I

15、2=3I2，故AB错误3、D【解析】两次从相同的高度释放重物，直到细线绷直的一瞬间，重物都是做自由落体运动，由动能定理可知：mgh=12mv2，解得v=2gh，则两次重物的末速度都相等，由p=mv以及p=mv-mv0=mv可知，重物的动量没有减小，动量改变量也没有减小，故AB错误。根据动量定理I=p，重物所受冲量等于自身动量改变量，故两次重物所受冲量相等，故C错误。动量变化率为pt=F，第一次释放，重物在很短的时间内减速到0，而第二次释放过程中重物减速到0的时间更长，两次减速过程动量变化值相等，故重物动量的变化率减小。【点睛】本题考查动量定理和动能定理。4、A【解析】A重力做功只与始末位置有关

16、，两种轨道上滑下，物体下滑的距离相等，故重力做功相同，A正确；B物体沿斜面下滑时由牛顿第二定律有可得物体下滑时的加速度因为，所以物体下滑时的加速度，物体下滑高度相同，可知，沿倾角下滑的距离大于沿倾角下滑的距离，结合，可知，沿倾角下滑的时间大于沿倾角下滑的时间，又因为重力做功相等，故重力做功的平均功率不等，B错误；C由B分析知，沿斜面下滑时的摩擦力沿倾角的摩擦力大于沿斜角下滑时的摩擦力，而沿倾角下滑的距离大，故克服摩擦力做功大于沿倾角下滑时克服摩擦力做的功，根据动能定理可知，沿倾角下滑时物体获得的动能大，C错误；D由C分析知，两种情况下摩擦力做的功不同，故机械能的变化量不等，D错误。故选A。5、

17、B【解析】AB由图可知t0t2时间内拉力大于等于最大静摩擦力，物块始终做加速运动，所以t2时刻物块速度最大，故A错误，B正确；C在0t0时间内水平拉力小于最大静摩擦力，物体保持不动，故C错误；Dt1t2时间内拉力大于等于最大静摩擦力，则物块做加速运动，故D错误。故选B。6、D【解析】A加速度变化率为0是指加速度保持不变，如果加速度为0，则物体做匀速直线运动，如果加速度不为0，则物体做匀变速运动，故A错误；B加速度的变化率越大则加速度变化越快，选项B错误；C若加速度与速度同向，则物体作加速运动，如图示加速度减小，则物体速度增加得变慢了，但仍是加速运动，故C错误；D根据v-t图象可知，图象与时间轴

18、所围图形面积表示物体的位移，同理在a-t图象中可知图象与时间轴所围图形的面积表示物体速度的变化量即v，则得：v=23m/s=3m/s由于加速度与速度同向，故物体做变加速直线运动，已知初速度为5m/s，则小球在2s末的速度为8m/s，故D正确【点睛】本题要加速度的物理意义，掌握其定义方法和单位，知道在a-t图象中图象与时间轴所围图形的面积表示物体速度的变化量，能理解加速运动与减速运动由加速度与速度方向决定而不是由加速度的大小变化决定二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、A

19、D【解析】A由题意可知，当=37时，木块恰能静止在斜面上，则有：m0gcos37=m0gsin37解得：=0.75，故A正确；B现将改为30，在A与斜面间放一质量为m的光滑圆柱体B，对A受力分析，则有：f=N，N=Mgcos30；而F=mgsin30当fmgsin30+Mgsin30，则A相对斜面向下滑动当fmgsin30+Mgsin30，则A相对斜面不滑动因此A、B是否静止在斜面上，由B对A弹力决定，故B错误；C若m0=m，则mgsin30+m0gsin30=mg；f=N=0.75m0gcos30=mg；因fmgsin30+Mgsin30，A滑动，A受到斜面的滑动摩擦力，大小为mg，故C错误

20、；D若m0=4m，则mgsin30+m0gsin30=mg；而f=N=0.75m0gcos30=mg；因fmgsin30+Mgsin30，A不滑动，A受到斜面的静摩擦力，大小为mgsin30+m0gsin30=mg，故D正确。8、AD【解析】由图可知碰撞前后红壶的速度为和，由动量守恒可得，解得碰后蓝壶速度为，由数学关系可得红冰壶如果不发生碰撞有，故蓝色冰壶停止运动得时间为t=5s，碰后蓝壶移动的距离为，碰撞过程两壶损失的动能为，红壶所受摩擦力，蓝壶所受摩擦力，. 碰后红、蓝两壶所受摩擦力之比为，故AD正确，BC错误；故选AD【点睛】由动量守恒可得碰后蓝壶速度大小，碰撞过程两壶损失的动能为初末动能之差，碰后红、蓝两壶所受摩擦力之比由牛顿运动定律求出9、AD【解析】AB、设a的质量为m，则b的质量为2m；以b为研究对象，竖直方向受力平衡，可得绳子拉力始终等于b的重力，即T=2mg，保持不变；以a为研究对象，受力如图所示，设绳子与水平方向夹角为，支持力FN=2mgsin-mg，向右缓慢拉动的过程中，角逐渐减小；300时，水平方向：F=2mgcos+f=2mgcos+(2mgsin-mg)=2mg(cos+sin)-mg，由于：cos+si