果洛市重点中学2022-2023学年物理高三上期中统考试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、小球在光滑水平面上以速度v0做匀速直线运动某时刻开始小球受到水平恒力F的作用，速度先减小后增大，最小速度v的大小为0.5v0，则小球A可能做圆周运动B速度变化越来越快C初速

2、度v0与F的夹角为60D速度最小时，v与F垂直2、如图所示，弹簧秤一端固定在墙壁上，另一端与小木块A相连，当用力匀速抽出长木板B的过程中，观察到弹簧秤的示数为4.0N，若以a=g匀加速抽出木板B，弹簧秤的示数大小( )A一定大于4.0NB一定等于4.0NC一定小于4.0ND一定为零3、如图所示，A物体的质量为m，B物体的质量为2m，用轻弹簧连接，B放在水平地面上。用竖直向下的大小为F=mg的力作用在A上，待系统平衡后突然撤去力F，忽略空气阻力。下列说法正确的是（g表示重力加速度）A撤去力F的瞬间，A物体的加速度大小为gB撤去力F的瞬间，B物体的加速度大小为2gC撤去力F的瞬间，B对地面的压力大

3、小为3mgD撤去力F后，弹簧对A的支持力大于A对弹簧的压力4、如图所示，质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上，用水平向左的力F拉着绳的中点O，使AO与竖直方向的夹角为，物体处于平衡状态，则拉力F的大小为AF=mgsinBF=mgtanCF=mg/cosDF=mg/tan5、如图所示，A、B是绕地球做圆周运动的两颗卫星，A、B两卫星与地心的连线在相等时间内扫过的面积之比为k：1，则A、B两卫星的周期的比值为()AkBkCk2Dk36、下列关于核反应的说法中正确的是（ ）A铀核裂变的核反应是：92235U56141Ba+3692Kr+201nB组成92235U核的核子中任何两个核子间都存在不可忽

4、略的核力作用C压力、温度对放射性元素衰变的快慢具有一定的影响D在粒子散射的实验中，绝大多数粒子几乎直线穿过金箔，这可以说明金原子内部绝大部分是空的二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，水平地面上一物体在F1=10N,F2=2N的水平外力作用下做匀速直线运动，则( )A物体运动方向向右B物体所受滑动摩擦力大小为6NC撤去F1后物体最终会停下D撤去F2后物体最终会停下8、如图所示，质量相同的两物体从同一高度由静止开始运动，A沿着固定在地面上的光滑斜面下滑，B做自由

5、落体运动，两物体分别到达地面，下列说法正确的是（ ）A运动过程中重力的平均功率BB运动过程中重力的平均功率=BC到达地面时重力的瞬时功率BD到达地面时重力的瞬时功率=B9、汽车以恒定功率P、初速度冲上倾角一定的斜坡时，汽车受到地面的阻力恒定不变，则汽车上坡过程中的v-t图可能是图中的（）ABCD10、用细绳拴一个质量为m的小球，小球将一固定在墙上的水平轻质弹簧压缩了x(小球与弹簧不拴连)，如图所示将细绳剪断后()A小球立即获得的加速度B小球落地的速度大于C小球落地的时间等于 D小球在细绳剪断瞬间起开始做平抛运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过

6、程。11（6分）用如图甲所示，实验装置验证m1、m2组成的系统机械能守恒，m2从高处由静止开始下落，m1上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。图乙给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两个计数点间还有4个点（图中未标出），计数点间的距离如图乙所示。已知、，则：（g取10m/s2，结果保留两位有效数字）(1)在纸带上打下计数点5时的速度_m/s；(2)在打点05过程中系统动能的增加量_J，系统势能的减少量_J，由此得出的结论是：_；(3)若某同学作出的h图象如图丙所示，则当地的实际重力加速度_m/s2。12（12分）用如图甲所示的实验装置做

7、探究加速度与力、质量关系的实验（1）某同学通过实验得到如图乙所示的a-F图象，造成这一结果的原因是：在平衡摩擦力时木板与水平桌面间的倾角_（填“偏大”或“偏小”）（2）该同学在平衡摩擦力后进行实验，实际小车在运动过程中所受的拉力_砝码和盘的总重力（填“大于”、“小于”或“等于”），为了便于探究、减小误差，应使小车质量M与砝码和盘的总质量m满足_的条件（3）某同学得到如图所示的纸带已知打点计时器电源频率为50 HzA、B、C、D、E、F、G是纸带上7个连续的点ssDGsAD_ cm由此可算出小车的加速度a_ m/s2（保留两位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的

8、答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一足够长的固定斜面倾角，两物块A、B的质量、分别为1kg和2kg，它们与斜面之间的动摩擦因数均为两物块之间的轻绳长，作用在B上沿斜面向上的力F逐渐增大，使A、B一起由静止开始沿斜面向上运动，g取(1)当作用在物块B桑的拉力F达到42N时，连接物块A、B之间的轻绳恰好被拉断，求该轻绳能承受的最大拉力；(2)若连接物块A、B之间的轻绳恰好被拉断瞬间A、B的速度均为，轻绳断裂后作用在B物块上的外力不变，求当A运动到最高点时，物块A、B之间的距离。14（16分）如图所示，一轨道由半径为2 m的四分之一竖直圆弧轨道AB和长度可以调

9、节的水平直轨道BC在B点平滑连接而成现有一质量为0.2 kg的小球从A点无初速度释放，经过圆弧上的B点时，传感器测得轨道所受压力大小为3.6 N，小球经过BC段所受阻力为其重力的0.2倍，然后从C点水平飞离轨道，落到水平面上的P点，P、C两点间的高度差为3.2 m小球运动过程中可以视为质点，且不计空气阻力（1）求小球运动至B点的速度大小；（2）求小球在圆弧轨道上克服摩擦力所做的功；（3）为使小球落点P与B点的水平距离最大，求BC段的长度；（4）小球落到P点后弹起，与地面多次碰撞后静止假设小球每次碰撞机械能损失75%，碰撞前后速度方向与地面的夹角相等求小球从C点飞出后静止所需的时间15（12分）

10、如图所示，在倾角的斜面下端固定一轻弹簧，当弹簧处于原长时，其上端在Q点位置处，质量的滑块A从与Q点相距处的导轨上的P点静止开始下滑，滑块A与斜面间的动摩擦因数，运动过程中弹簧相对于初始状态的最大形变量为滑块的厚度不计，重力加速度g取求：（1）滑块A从P点下滑至Q点的时间；（2）弹簧的最大弹性势能；（3）滑块第一次碰后返回时相对Q沿斜面向上能到达的最远距离参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A小球受水平恒力作用，不可能做圆周运动，故A错误；B根据牛顿第二定律，F=ma，加速度恒定，速度变化快慢恒定，故B错误

11、；C速度先减小后增大，F与v0的夹角大于90，故C错误；D速度最小时，初速度沿F方向的分速度减为零，v与F垂直，故D正确故选D。2、B【解析】根据滑动摩擦力的影响因素可知摩擦力的大小与运动状态无关，则可由平衡条件可知弹簧弹力的变化。【详解】当用力加速抽出木板B时，A物体保持静止，故可知A受B的摩擦力，因A对B物体的压力不变，故A、B间的摩擦力不会发生变化，故匀速拉动时摩擦力也为4.0N；物体A在弹簧秤的作用下仍保持静止，故弹簧秤对A的拉力仍为4.0N，即弹簧秤的示数大小仍等于4.0N，B正确。【点睛】考察对滑动摩擦力的理解。3、A【解析】撤去力F的瞬间，F立刻消失，但是弹簧的弹力不变，先以A为

12、研究对象，由牛顿第二定律求出其加速度，再由B分析受力情况，求得加速度以及B对地面的压力；【详解】A、由于开始A处于平衡状态，在撤去F的瞬间，弹簧的弹力不变，则A物体的合力大小等于F，则A物体的加速度大小为a=Fm=mgm=g，故A正确；B、撤去F的瞬间，由于弹簧的弹力不变，则B的受力情况不变，合力仍为零，加速度为零，故B错误；C、有力F作用时A、B都处于平衡状态，地面对B的支持力等于3mg+F=4mg，撤去F的瞬间，弹簧的弹力不变，B的受力情况不变，地面对B的支持力仍为4mg，根据牛顿第三定律可知，此时B对地面的压力大小为4mg，故C错误；D、弹簧对A的支持力和A对弹簧的压力是一对相互作用力，

13、根据牛顿第三定律可知，二者大小相等，方向相反，故选项D错误。【点睛】解决本题的关键是抓住弹簧的弹力不能瞬间发生改变，通过分析物体的受力情况来求解其加速度，同时要注意牛顿第三定律的应用情况。4、B【解析】分析小球的受力情况，运用合成法或正交分解法进行求解，得到F的表达式；【详解】以结点O为研究对象受力分析如下图所示：由题可知，竖直绳的张力等于mg，保持不变；根据平衡条件可知：，由此两式可得：，故B正确，ACD错误【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用合成方法求解即可，也可运用正交分解5、D【解析】卫星A的线速度为vA，轨道半径为RA；卫星B的线速度为vB，轨道半径为RB；设经过时间t，卫

14、星A扫过的面积，卫星B扫过的面积；根据题意A、B两卫星与地心的连线在相等时间内扫过的面积之比为k，所以，得，根据v，得；联立得；根据开普勒第三定律：，则，故D正确，ABC错误；故选D【点睛】解题的关键是掌握开普勒行星运动第二及第三定律，并能用表达式表示出一定时间扫过的面积以及运动半径等物理量.6、D【解析】核裂变中反应物中应该有多个中子参与，选项A错误；核力是核子间强相互作用力，核力是短程力，作用范围在1.510-15m，原子核的半径数量级在10-15m，所以核力只存在于相邻的核子之间，故B错误；压力、温度对放射性元素衰变的快慢没有影响，选项C错误；在粒子散射的实验中，绝大多数粒子几乎直线穿过

15、金箔，这可以说明金原子内部绝大部分是空的，选项D正确；故选D.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】由题意可知，物体受F1=10N，F2=2N和摩擦力处于平衡，可知摩擦力的大小f=8N，方向水平向左，可知物体的运动方向向右，故AB错误；物体开始向右运动，撤去F1后，物体受到的合力方向向左，所以物体向右做减速运动，速度减到零后，因为F2f，即不再运动，所以撤去F1后物体最终会停下，故C正确；因为F1f，所以撤去F2后物体不会停下，故D错误。所以AC正确，BD错

16、误。8、AC【解析】AB、B做自由落体运动，运动时间，A做匀加速直线运动，a=gsin，根据得：，重力做功相等，根据知,PAPB，故A正确、B错误；CD、根据动能定理：得，物块到达底端时的速度，A物体重力的瞬时功率PA=mgvsin，B物体重力的瞬时功率PB=mgv，则PAPB，故C正确、D错误故选AC【名师点睛】根据动能定理求出到达地面时的速度，根据瞬时功率的公式求出重力的瞬时功率结合牛顿第二定律和运动学公式比较运动的时间，通过平均功率的公式求出重力的平均功率9、BCD【解析】A汽车受到地面的阻力恒定不变，假如速度均匀增大，则根据牛顿第二定律可知汽车的牵引力不变，根据汽车的功率将不断的增大，

17、这不符合题目的要求汽车的功率是恒定，故A错误；B对汽车受力分析可知，在车上坡时，汽车受到地面的阻力和汽车的重力沿着斜面向下的分力都是不变的，当汽车的牵引力的大小等于汽车受到地面的阻力和汽车的重力沿着斜面向下的分力之和的时候，汽车恰好做匀速直线运动，故B正确；C汽车的功率一定，当汽车的牵引力大于汽车受到的阻力和汽车的重力沿着斜面向下的分力的时候，汽车的速度先要增加，在速度增大的同时，根据汽车的牵引力要减小，根据牛顿第二定律则加速度变小，当牵引力和汽车受到的沿斜面向下的力相等时，汽车的速度到达最大值，之后匀速运动，故C正确；D汽车的功率一定，若汽车一开始的牵引力就小于汽车受到的沿斜面向下的力，汽车

18、做减速运动，根据则汽车的牵引了变大，当牵引力和汽车受到的沿斜面向下的力相等时，汽车的速度减小到最小，之后汽车做匀速运动，故D正确。故选BCD。10、BC【解析】A初态小球平衡，剪断绳后，小球合外力与绳中拉力等大反向：，所以加速度：，A错误B设初态弹簧的弹性势能为，根据机械能守恒得：，速度大于，B正确C小球被水平弹出后，只受重力做平抛运动，竖直方向：，运动时间，C正确D小球在细绳剪断瞬间，仍受弹簧弹力，所以不是平抛运动，D错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、2.4 0.58 0.60 在误差允许的范围内，m1、m2 组成的系统机械能守

19、恒 9.7 【解析】(1)1根据在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度，可知打第5个点时的速度为(2)2物体的初速度为零，所以动能的增加量为3重力势能的减小量等于物体重力做功，故4在误差允许的范围内，m1、m2 组成的系统机械能守恒。(3)5本题中根据机械能守恒可知即有所以作出的图象中，斜率表示重力加速度，由图可知斜率故当地的实际重力加速度12、偏大 小于 Mm 1.80 5.0 【解析】（1）1 当拉力F等于0时，小车已经产生力加速度，故原因是平衡摩擦力时平衡摩擦力过大，在平衡摩擦力时木板与水平桌面间的倾角偏大（2）2 小车运动过程中，砝码和盘向下做加速运动处于失重状

20、态，砝码和盘对细线的拉力小于其重力，小车在运动过程中受到的拉力小于砝码和盘的总重力；3 对整体分析，根据牛顿第二定律得解得则绳子的拉力当，即砝码和盘的总质量远小于小车和小车上砝码的总质量时，砝码和盘的总重力在数值上近似等于小车运动时受到的拉力，所以为了便于探究、减小误差，应使小车质量M与砝码和盘的总质量m满足的条件（3）4 刻度尺上读出A、D、E三点的位置，算出5 计数点间的时间间隔为T，由匀变速直线运动的推论x=aT2可知，加速度：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) 14N (2) 11m【解析】(1)

21、对整体，根据牛顿第二定律求出加速度大小，再隔离对B分析，根据牛顿第二定律求出绳子的承受力.(2)根据牛顿第二定律求出绳断后A、B的加速度，结合速度时间公式求出A速度减为零的时间，从而求出这段时间内A、B的位移，根据位移关系求出A、B间的距离.【详解】(1)对AB整体受力分析，由牛顿第二定律得：代入数据解得:对B物体受力分析，由牛顿第二定律得：代入数据解得：细线断裂后，对A物体受力分析，由牛顿第二定律得：代入数据解得：由运动学公式有：解得：由运动学有：细线断裂后，对B物体受力分析，由牛顿第二定律得：代入数据解得：由运动学公式有：代入数据解得：由题意可知，当A运动到最高点时，物体AB间的距离为：【点睛】本题应用牛顿定律解决两类基本问题为命题背景考查学生的推理能力和分析综合能力，关键理清物体的运动情况，再结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解.14、（1）4m/s（2）2.4J（3）3.36m（4）2.4s【解析】试题分析：（1）小球在B点受到的重力与支持力的合力提供向心力，由此即可求出B点的速度；（2）根据动能定理即可求出小球在圆弧轨道上克服摩擦力所做的功；（3）结合平抛运动的公式，即可