2023届江西省南昌市第八中学高三物理第一学期期中复习检测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图甲所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度

2、后再下落，如此反复，通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F随时间t的变化图象如图乙所示，则（ ）At1时刻小球速度最大Bt2至t3时间内，小球速度一直增大Ct3时刻小球处于超重状态Dt2至t3时间内，小球速度先增大后减小2、一小物块放置在固定斜面上，在沿平行斜面向下的拉力F作用下沿斜面向下运动，F的大小在0t1、t1t2和t2t3时间内分别为F1、F2和F3，物块的v-t图象如图所示。已知小物块与斜面间的动摩擦因数处处相等，则（）ABC时,若,此时小物块的加速度一定不为零D仅将F的方向变成竖直向下,小物块一定能沿斜面下滑3、两个振幅相同的波源S1、S2在水槽中形成如图所示的波形

3、，其中实线表示波峰，虚线表示波谷，则 A在两波相遇的区域中会产生干涉Ba点此时位移最大Ca点的振动始终加强Da点的振动始终减弱4、电梯内的弹簧测力计上挂着一个质量为5kg的物体，电梯在运动时，测力计示数为35.2N，若测力计示数突然变为58.8N，则电梯运动的可能情况是A运动速度突然增大B运动加速度突然增大C运动速度突然改变方向D运动加速度突然改变方向5、质量为2m的物块A和质量为m的物块B相互接触放在水平面上，如图所示。若对A施加水平推力F，则两物块沿水平方向作加速运动。关于A对B的作用力，下列说法正确的是（ ）A若水平面光滑，物块A对B的作用力大小为FB若水平面光滑，物块A对B的作用力大小

4、为C若物块A与地面无摩擦，B与地面的动摩擦因数为，则物块A对B的作用力大小为D若物块A与地面无摩擦，B与地面的动摩擦因数为，则物块A对B的作用力大小为6、如图所示，在光滑的水平面上，有一质量为M=3kg的足够长薄板和一质量为m的物块分别以大小v=4m/s的初速度向左、向右运动，它们之间有摩擦。当薄板的速度大小为2.4m/s且方向向左时，物块的速度大小为v=0.8m/s，方向向左，则物块的质量为A1 kgB2 kgC0.8 kgD1.6k二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

5、7、如图，在同一平面内固定有一长直导线PQ和一导线框R，R在PQ的右侧导线PQ中通有正弦交流电i，i的变化如图所示，规定从Q到P为电流正方向导线框R中的感应电动势A在时为零B在时改变方向C在时最大，且沿顺时针方向D在时最大，且沿顺时针方向8、入冬以来,雾霾天气频发,发生交通事故的概率比平常高出许多,保证雾霾中行车安全显得尤为重要;在雾天的平直公路上,甲、乙两汽车同向匀速行驶,乙在前,甲在后.某时刻两车司机听到警笛提示,同时开始刹车,结果两车刚好没有发生碰撞.图示为两车刹车后匀减速运动的v-t 图象,以下分析正确的是( ) A甲刹车的加速度的大小为0.5m/s2B两车刹车后间距一直在减小C两车开

6、始刹车时的距离为100mD两车都停下来后相距12.5m9、质量为m的小球由轻绳a和b分别系于一轻质细杆的A点和B点，如右图所示，绳a与水平方向成角，绳b在水平方向且长为l，当轻杆绕轴AB以角速度匀速转动时，小球在水平面内做匀速圆周运动，则下列说法正确的是()Aa绳的张力不可能为零Ba绳的张力随角速度的增大而增大C当角速度，b绳将出现弹力D若b绳突然被剪断，则a绳的弹力一定发生变化10、静止在水平地面上的物体，在竖直向上的拉力作用下开始竖直上升，不计空气阻力，物体机械能E与物体升高的高度h之间的关系图象如图所示，其中图线在A点处的切线的斜率最大，在B点处的切线水平， 的图线为平行于横轴的直线，则

7、下列说法正确的是()A物体在处物体的速度最大B物体在处的加速度最大C过程中拉力的功率为零D0过程中物体所受拉力始终大于重力三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）请按下列要求作答（1）图1是某多用电表的表盘示意图，当用“050V”量程测直流电压时，指针位置如图中所示，其示数为_V；当用“100”欧姆挡测量某定值电阻的阻值时，其指针位置如图中所示，其示数为：_。（2）图2中游标卡尺的示数为_mm。12（12分）用如图a所示装置做“验证动能定理”的实验。实验时，通过电磁铁控制小铁球从P处自由下落，小铁球依次通过两个光电门甲、乙，测得遮光时

8、间分别为和，两光电门中心点间的高度差为h。(1)用游标卡尺测得小铁球直径如图b所示，则小铁球的直径d =_mm；(2)为验证动能定理，还需知道的物理量是_（填物理量名称及符号），验证动能定理的表达式为：_；(3)由于光电门甲出现故障，某同学实验时只改变光电门乙的高度，进行多次实验获得多组数据，分别计算出各次小铁球通过光电门乙时的速度v，并作出并作出v2-h图像。图(c)中给出了a、b、c三条直线，他作出的图像应该是直线_；由图像得出，小铁球到光电门甲中心点的高度差为_cm，小铁球通过光电门甲时的速度为_m/s。（计算结果保留三位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指

9、定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一长木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物块，在木板右方有一墙壁，木板右端与墙壁的距离为4.5m，如图（a）所示时刻开始，小物块与木板一起以共同速度向右运动，直至时木板与墙壁碰撞（碰撞时间极短）碰撞前后木板速度大小不变，方向相反；运动过程中小物块始终未离开木板已知碰撞后1s时间内小物块的图线如图（b）所示木板的质量是小物块质量的15倍，重力加速度大小g取10m/s1求（1）木板与地面间的动摩擦因数及小物块与木板间的动摩擦因数；（1）木板的最小长度；（3）木板右端离墙壁的最终距离14（16分）如图所示，两气缸AB粗细均匀，等

10、高且内壁光滑，其下部由体积可忽略的细管连通；A的直径为B的2倍，A上端封闭，B上端与大气连通；两气缸除A顶部导热外，其余部分均绝热。两气缸中各有一厚度可忽略的绝热轻活塞a、b，活塞下方充有氮气，活塞a上方充有氧气；当大气压为P0，外界和气缸内气体温度均为7且平衡时，活塞a离气缸顶的距离是气缸高度的，活塞b在气缸的正中央。现通过电阻丝缓慢加热氮气，当活塞b恰好升至顶部时，求氮气的温度；继续缓慢加热，使活塞a上升，当活塞a上升的距离是气缸高度的时，求氧气的压强。15（12分）某舰载机在航母上进行飞行训练，当航母保持静止时，舰载机由静止开始加速，沿甲板运动x0距离时达到起飞速度v0；当航母以速度v1

11、匀速运动时，舰载机相对甲板由静止沿航母运动方向开始加速，在甲板上通过距离x1时达到起飞速度v0。设甲板水平，舰载机做匀加速运动，且两次的加速度相等。求的值。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A、t1时刻小球刚与弹簧接触；当弹簧弹力与重力平衡时速度最大，故A错误；B、D、t2时刻小球受到的弹力最大，处于最低点，合力向上，速度为零，故先加速向上运动，当重力与弹力平衡时，速度最大，之后做减速运动，故B错误，D正确；C、t3时刻弹力为零，合力向下，故小球处于失重状态，重物C错误故选D【点睛】关键要将小球的运动分

12、为自由下落过程、向下的加速和减速过程、向上的加速和减速过程进行分析处理，同时要能结合图象分析2、B【解析】AB.根据图象可知，0-t1时间内做匀加速直线运动，根据受力情况及牛顿第二定律得：F1+mgsin-mgcos=ma1t1-t2时间内做匀速直线运动，可知：F2+mgsin-mgcos=0t2-t3时间内做匀减速直线运动，斜率与0-t1成相反数，可知：F3+mgsin-mgcos=-ma1综合以上所述，解得：F1F2F3故A错误，B正确。C.t=0时，若F=0，此时mgsin可能等于mgcos，加速度可能为0，故C错误；D.当F的方向变成竖直向下，则：（F+mg）sin-（F+mg）cos

13、=ma其中可能恰好平衡，故D错误。3、B【解析】A从图中看出，两列波的波长不同，而在同一介质中不同的机械波的波速相等，根据v=f，所以两列水波的频率不同，而只有两列波的频率相同时才能发生干涉现象，所以在两波相遇的区域中不会产生干涉，故A错误；B此时a点为波峰与波峰叠加，a点的位移为这两列波引起位移的矢量和，则此时a点位移最大，故B正确；CD从图上可以看成，两列波的波长不同，波速相等，则频率不等，则不会发生干涉现象，不会出现振动始终加强点和减弱点，故CD错误。故选B。4、D【解析】物体的重力为开始时测力计示数35.2N小于物体的重力，即处于失重状态，若测力计示数变为58.8N大于物体的重力，即物

14、体处于超重状态，所以电梯运动的加速度方向发生改变，故D正确。故选D。5、D【解析】AB根据牛顿第二定律，对整体对B：物块A对B的作用力大小为故AB项错误；CD对整体由牛顿第二定律有对B由牛顿第二定律得代入解得：故C项错误，D项正确。6、A【解析】设向左为正方向，根据动量守恒定律列式求解.【详解】设向左为正方向，由动量守恒定律可知： ，即，解得m=1kg，故选A.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】本题考查交变电流图象、法拉第电磁感应定律、楞次定律及其相关的

15、知识点解析 由图（b）可知，导线PQ中电流在t=T/4时达到最大值，变化率为零，导线框R中磁通量变化率为零，根据法拉第电磁感应定律，在t=T/4时导线框中产生的感应电动势为零，选项A正确；在t=T/2时，导线PQ中电流图象斜率方向不变，导致导线框R中磁通量变化率的正负不变，根据楞次定律，所以在t=T/2时，导线框中产生的感应电动势方向不变，选项B错误；由于在t=T/2时，导线PQ中电流图象斜率最大，电流变化率最大，导致导线框R中磁通量变化率最大，根据法拉第电磁感应定律，在t=T/2时导线框中产生的感应电动势最大，由楞次定律可判断出感应电动势的方向为顺时针方向，选项C正确；由楞次定律可判断出在t

16、=T时感应电动势的方向为逆时针方向，选项D错误8、CD【解析】甲车的加速度，加速度大小为1m/s1故A错误。在0-10s内，甲的速度大于乙的速度，甲在乙的后面，两者间距减小。10s后，甲的速度小于乙的速度，两者距离增大，故B错误。乙车的加速度，两车刚好没有发生碰撞，此时两车速度相等，所经历的时间为10s，此时甲车的位移 x甲=v甲t+a甲t1=1510-1400m=300m，乙车的位移x乙=v乙t+a乙t1=1510-0.5400m=100m，所以两车开始刹车时的距离为 S=x甲-x乙=100m，故C正确。10s时，甲乙的速度都为v=v甲+a1t=15-10=5m/s，根据图象与坐标轴围成的面

17、积表示位移可知，两车都停下来后相距x=（30-15）5=11.5m，故D正确。故选CD。9、AC【解析】小球做匀速圆周运动，在竖直方向上的合力为零，水平方向上的合力提供向心力，所以a绳在竖直方向上的分力与重力相等，可知a绳的张力不可能为零，故A正确；根据竖直方向上平衡得，Fasin=mg，解得，可知a绳的拉力不变，故B错误；当b绳拉力为零时，有：，解得，可知当角速度时，b绳出现弹力，故C正确；由于b绳可能没有弹力，故b绳突然被剪断，a绳的弹力可能不变，故D错误10、BC【解析】D、物体机械能E与物体升高的高度h之间的关系图象的斜率表示竖直向上的拉力的大小，图象的斜率先增大后减小，再不变且为0，

18、 过程中物体所受拉力大小先增大后减小为0，故D错误；A、在过程中拉力先大于重力，后小于重力，所以先加速后减速，故有物体在处物体的速度不是最大，故A错误；B、在h1处斜率最大，竖直向上的拉力最大，加速度最大，故B正确；C、在过程中斜率为0，则有拉力为0，功率为0，故C正确；故选BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、33.0 1400 7.5 【解析】（1）1当用“050V”量程测直流电压时，最小刻度为1V，则示数为33.0V；2当用“100”欧姆挡测量某定值电阻的阻值时，其示数为：14100=1400；（2）3图中游标卡尺的示数为：7

19、mm+0.1mm5=7.5mm12、6.30 重力加速度g a 10.0 1.41(1.341.41) 【解析】(1)1小铁球的主尺读数为6mm，游标读数为，则小铁球的直径为6.30mm；(2)23根据动能定理则有：而则验证的动能定理表达式为：可知还需要测量的物理量是重力加速度；(3)4改变光电门乙的高度，根据知：知正确的图线为直线；5当时，小铁球到光电门甲中心点的高度差为；6小铁球通过光电门甲时的速度：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（1）（3）【解析】（1）根据图像可以判定碰撞前木块与木板共同速度为碰撞后木板速度水平向左，大小也是木块受到滑动摩擦力而向右做匀减速，根据牛顿第二定律有解得木板与墙壁碰撞前，匀减速运动时间，位移，末速度其逆运动则为匀加速直线运动可得带入可得木块和木板整体受力分析，滑动摩擦力提供合外力，即可得（1）碰撞后，木板向左匀减速，依据牛顿第二定律有可得对滑块，则有加速度滑块速度先减小到0，此时碰后时间为此时，木板向左的位移为末速度滑块向右位移此后，木块开始向左加速，加速度仍为木块继续减速，加速度仍为假设又经历二者速度相等，则有解得此过程，木板位移末速度滑块位移此后木块和木板一起匀减速二者的相对位移最大为滑块始终没有离开木板，所以木