安徽省滁州市定远县西片区2022-2023学年高三物理第一学期期中学业质量监测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、假设将來一艘飞船靠近火星时，经历如图所示的变轨过程，则下列说法正确的是（）A飞船在轨道上运动到P点的速度小于在轨道轨道上运动到P点的速度B若轨道I贴近火星表面，测出飞船在轨

2、道I上运动的周期，就可以推知火星的密度C飞船在轨道I上运动到P点时的加速度大于飞船在轨道上运动到P点时的加速度D飞船在轨道上运动时的周期小于在轨道I上运动时的周期2、在人类对物体运动规律认识过程中,许多物理学家大胆猜想、勇于质疑,取得了辉煌的成就,下列有关科学家和他们的贡献描述中正确的是( )A开普勒潜心研究第谷的天文观测数据,提出“万有引力定律”B牛顿最早证明了行星所受的引力大小跟行星到太阳距离的二次方成反比,测出了万有引力常量G的数值C亚里士多德对运动的研究,确立了许多用于描述运动的基本概念,比如平均速度、瞬时速度以及加速度D伽利略探究物体下落规律的过程中使用的科学方法是：问题猜想数学推理

3、实验验证合理外推得出结论3、如图，小球质量为m，通过长度为L的无伸缩性轻质条状物与水平转轴O相连，并能绕转轴O在竖直平面做完整的圆周运动。小球运动过程中受到的空气阻力可以忽略不计，下列关于小球运动的说法正确的是（ ）A当轻质条状物为绳子且转轴O不受摩擦时，小球经过最低点的速度应不小于5gLB当轻质条状物为杆且转轴O不受摩擦时，小球经过最低点的速度应不小于5gLC当轻质条状物为绳子时，可通过控制转轴O的转动让小球做匀速圆周运动D当轻质条状物为杆时，不可能通过控制转轴O的转动让小球做匀速圆周运动4、竖直墙壁上固定有一个光滑的半圆形支架，AB为其直径，支架上套着一个小球，细线的一端悬于P点，另一端与

4、小球相连。已知半圆形支架的半径为R，细线长度为L，且R L 2R。现将细线的上端点P从图示实线位置沿墙壁缓慢下移至A点（虚线位置），在此过程中细线对小球的拉力FT及支架对小球的支持力FN的大小变化情况为（ ） AFT和FN均增大BFT和FN均减小CFT先减小后增大，FN先增大后减小DFT先增大后减小，FN先减小后增大5、如图所示,质量m=5kg的物体在水平面上向左运动,物体与水平面间的动摩擦因数为0.3，同时受到F=20N水平向右的力作用,则物体受到的摩擦力的大小和方向是（ ）A15N,水平向左B15N,水平向右C20N,水平向左D20N,水平向右6、真空中两个点电荷Q1、Q2分别固定于x轴上

5、x10和x24a的两点，在它们的连线上场强E与x关系如图所示(取x轴正方向为场强正方向，无穷远处为电势零点)，以下判断正确的是( )AQ1、Q2都带正电BQ1与Q2的电荷量之比是1:3Cx轴上a处的电势小于零D正点电荷q在x轴上2a处的电势能比在3a处的小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，质量分别是m和2m的两个球P、Q穿在水平光滑杆上，不计一切摩擦，两球之间用一条轻绳连接，当整个装置绕中心轴以角速度匀速旋转时，两球离转轴的距离保持不变，两球的轴的距离用r

6、P rQ表示，则此时（ ）A两球均受到重力、支持力、绳的拉力和向心力四个力的作用BP球受到的向心力大小等于Q球受到的向心力大小CrP一定等于2rQD当增大时， P球将向外运动8、如图所示，一根细线下端拴一个金属小球P，细线的上端固定在金属块Q上，Q放在带小孔的水平桌面上小球在某一水平面内做匀速圆周运动（圆锥摆）现使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动（图上未画出），两次金属块Q都保持在桌面上静止则后一种情况与原来相比较，下面的判断中正确的是（ ）AQ受到桌面的支持力变大BQ受到桌面的静摩擦力变大C小球P运动的角速度变大D小球P运动的周期变大9、如图所示，质量分别为M、m物体A、B用细绳

7、连接后跨过光滑的定滑轮，A静止在倾角为的斜面上，已知M2m，现将斜面倾角由增大到，系统仍保持静止此过程中，下列说法正确的是 （ ）A细绳对A的拉力将增大B物体A受到的静摩擦力先减小后增大C物体A对斜面的压力将减小D滑轮受到的绳的作用力将增大10、对于实际的气体，下列说法正确的是_A气体的内能包括气体分子的重力势能B气体的内能包括分子之间相互作用的势能C气体的内能包括气体整体运动的动能D气体体积变化时，其内能可能不变E.气体的内能包括气体分子热运动的动能三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图甲所示是某同学探究加速度与力的关系的实验

8、装置。他在气垫导轨上B处安装了一个光电门，滑块上固定一遮光条，滑块用细线绕过气垫导轨左端的定滑轮与力传感器相连，传感器下方悬挂钩码，每次滑块都从A处由静止释放。(1)该同学用游标卡尺测量遮光条的宽度d，如图乙所示，则d_ mm。(2)下列实验要求不必要的是_。A应使滑块质量远大于钩码和力传感器的总质量B应使A位置与光电门间的距离适当大些C应将气垫导轨调节水平D应使细线与气垫导轨平行(3)改变钩码的质量，测出对应的力传感器的示数F和遮光条通过光电门的时间t，通过描点作出线性图像，研究滑块的加速度与力的关系，处理数据时应作出_(选填“t2 F”“ 1t F”或“1t2 F”)图像。12（12分）如

9、图1所示为用光电门测定钢球下落时受到的阻力的实验装置。直径为d、质量为m的钢球自由下落的过程中，先后通过光电门A、B，计时装置测出钢球通过A、B的时间分别为tA、tB用钢球通过光电门的平均速度表示钢球球心通过光电门的瞬时速度，测出两光电门间的距离为h，当地的重力加速度为g。（1）如图2用螺旋测微器测量钢球的直径，读数为_mm。（2）钢球下落过程中受到的空气平均阻力Ff=_（用题中所给物理量符号来表示）。（3）本题用钢球通过光电门的平均速度表示钢球球心通过光电门的瞬时速度，但从严格意义上讲是不准确的，实际上钢球通过光电门的平均速度_（选填“”或“”）钢球球心通过光电门的瞬时速度。四、计算题：本题

10、共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图甲所示，质量为m1kg的物体置于倾角为37固定斜面上（斜面足够长），对物体施加平行于斜面向上的恒力F，作用时间t11s时撤去拉力，物体运动的部分vt图像如图乙所示，取g=10m/s2，试求：（1）在0到1s内，拉力F的平均功率；（2）t4s时物体的速度v14（16分）如图所示，一质量m0.10kg的滑块（可视为质点）从固定的粗糙斜面的顶端由静止开始下滑，滑到斜面底端时速度大小v4.0m/s已知斜面的倾角37，斜面长度L4.0m，sin370.60，cos370.80，若空气阻力可忽略

11、不计，取重力加速度g10m/s1求：（1）滑块沿斜面下滑的加速度大小；（1）滑块与斜面间的动摩擦因数；（3）在整个下滑过程中重力对滑块的冲量大小15（12分）如图一长木板置于光滑水平地面上，木板左端放置一小物块；在木板右方有一墙壁，如图所示。小物块与木板一起以的共同速度向右运动，直至时木板与墙壁碰撞,碰撞时间极短。碰撞前后木板速度大小不变，方向相反；小物块与木板间的动摩擦因数.运动过程中小物块始终未离开木板。木板的质量M是小物块质量m的15倍，重力加速度大小g=10m/s2。求：（1）以撞墙后瞬间为起点，小木块相对地面向右运动的最远距离；（2）撞墙后经历多长时间系统进入稳定状态?（3）木板的最

12、小长度参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A飞船从轨道到轨道I时做向心运动，所以要减速，所以飞船在轨道上运动到P点的速度大于在轨道轨道上运动到P点的速度，故A错误；B由公式，解得：密度故B正确；C不管在那个轨道上飞船在P点受到的万有引力是相等的，为飞船提供加速度，所以加速度相等，故C错误；D由开普勒第三定律可知，可知，由于轨道上半长轴大于轨道的半径，所以飞船在轨道上运动时的周期大于在轨道I上运动时的周期，故D错误2、D【解析】A开普勒潜心研究第谷的天文观测数据，提出行星运动定律，选项A错误；B牛顿最早证明

13、了行星所受的引力大小跟行星到太阳距离的二次方成反比，卡文迪许测出了万有引力常量G的数值，选项B错误；C伽利略对运动的研究，确立了许多用于描述运动的基本概念，比如平均速度、瞬时速度以及加速度，选项C错误；D伽利略探究物体下落规律的过程中使用的科学方法是：问题猜想数学推理实验验证合理外推得出结论，选项D正确。3、A【解析】当轻质条状物为绳子，恰好过过最高点的临界条件时：只有重力提供向心力；当轻质条状物为杆时，恰好过过最高点的临界条件是速度为零，然后根据机械能守恒和牛顿第二定律即可分析；【详解】A、当轻质条状物为绳子，恰好过过最高点的临界条件是：只有重力提供向心力，即为：mg=v2L设最低点速度为v

14、，由机械能守恒定律得：2mgL=12mv2-12mv2联立解得：v=5gL；因为绳子不可以通过转轴控制，所以小球不可能做匀速圆周运动，故A正确，C错误；B、当轻质条状物为杆时，恰好过过最高点的时速度为零，设最低点速度为v，根据机械能守恒定律得：2mgL=12mv2,解得：v=2gL,可以控制转轴O的转动，让小球做匀速圆周运动，故BD错误；【点睛】本题考查竖直面内圆周运动两种模型，关键是要掌握两种模型能做完整圆周运动的最高点的临界条件，绳模型是在最高点只有重力提供向心力，杆模型是到最高点速度恰好为零。4、A【解析】小球受重力、细线的拉力和支持力，由于平衡，三个力可以构成矢量三角形，如图所示：根据

15、平衡条件，该矢量三角形与几何三角形POC相似，故有：GPO=FTL=FNR，解得：FT=LPOG，FN=RPOG；当P点下移时，PO减小，L、R不变，故FT增大，FN增大；故选A.【点睛】本题的关键是对小球进行受力分析，然后根据矢量三角形与几何三角形相似，列式分析各力的变化这是非直角三角形的情况下是常用的方法5、B【解析】先正确对物体进行受力分析，根据滑动摩擦力的性质可确定摩擦力大小和方向.【详解】物体在水平地面上向左运动，故受到的是滑动摩擦力，方向与运动方向相反，故滑动摩擦力向右；滑动摩擦力大小为f=N=mg=0.3510N=15N.故选B.【点睛】本题中容易出错的是滑动摩擦力方向的判断，很

16、多同学容易受外力方向的影响，认为摩擦力方向向左，要明确滑动摩擦力方向与相对运动方向相反，而不是与拉力方向相反.6、C【解析】A.根据图像可知，0-a为x轴负向，a-4a为x轴正向，所以Q1、Q2都带负电，故A错误；B.因为x=a处场强为零，根据可知Q1与Q2的电荷量之比是1:9，故B错误；C.由于两个电荷都带负电，取无穷远处为电势零点时，电场中各点的电势都小于零，所以x轴上a处的电势小于零，故C正确；D.正点电荷从2a处运动到3a处电场力做正功，电势能减小，故D错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但

17、不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】A、两球受重力、支持力和绳的拉力，故A错误；B、球转动的向心力由绳子的拉力提供，同一条绳受力应该处处相等，所以P球受到的向心力大小等于Q球受到的向心力大小，故B正确；C、由F=m2r 知：rP 一定等于2rQ 故C正确；D、当增大时，两球都有向外运动的趋势，但由于是同一条绳连着，AB球的相对位置不会发生变化，故D错误；综上所述本题答案是：BC8、BC【解析】试题分析：对小球分析，设绳子拉力为F，绳子与竖直方向夹角为，绳子长度为l，则有Fcos=mg，Fsin=m（2/T）2r,r=lsin，解得T2=42lcos/g,当小球位置升高时，周期减小，角

18、速度增大，C正确，D错误Q物块处于平衡状态，有N=Mg+Fcos=（M+m）g，支持力不变，A错误；f=Fsin=mgtan，物块位置升高，增大，f增大，B正确考点：本题考查圆周运动向心力分析和物体平衡9、CD【解析】ABC对物体B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到：T=mg再对物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，如图：根据平衡条件得：由两式解得：当不断变大时，T不变，f不断增大，N不断减小，所以物体A对斜面的压力将减小，AB错误，C正确；D绳子拉力大小不变，但夹角减小，两绳的合力增大，则滑轮受到的绳的作用力增大，D正确。故选CD。10、BDE【解析】ABCE气体的内能包括，气

19、体所有分子势能和分子动能之和；其中分子势能是由分子间的相对位置和相互作用决定的能量，与重力势能无关；分子动能是分子运动的动能，与气体的整体运动的动能无关，故BE正确，AC错误；D由于是非理想气体，气体的体积发生变化，若温度相应变化时，气体的内能可能不变，故D正确；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、2.25 A 1t2-F 【解析】（1）由图知第5条刻度线与主尺对齐，d=2mm+50.05mm=2.25mm；（2）拉力是直接通过传感器测量的，故与小车质量和钩码质量大小关系无关，故A正确；应使A位置与光电门间的距离适当大些，有利于减小误差

20、，故B错误；应将气垫导轨调节水平，使拉力才等于合力，故C错误；要保持拉线方向与木板平面平行，拉力才等于合力，故D正确；此题选择不必要的，故选A（3）由题意可知，该实验中保持小车质量M不变，因此有：v2=2as，其中：v=dt，a=FM，解得：d2t22FML，整理得：FMd22L1t2，所以研究滑块的加速度与力的关系，处理数据时应作出1t2F图象【点睛】常用仪器的读数要掌握，这是物理实验的基础处理实验时一定要找出实验原理，根据实验原理我们可以寻找需要测量的物理量和需要注意的事项12、12.985 mg-m 【解析】（1）1固定刻度读数为：12.5mm，可动刻度上读数为48.50.01=0.485mm，所以最终读数为：12.985mm；（2）2根据平均速度公式可得，小球经过两光电门的速度分别为：vA=vB=则对下落h过程分析，由速度和位移关系可知：=2ah再由牛顿第二定律可知：mg-Ff=ma解得阻力：Ff=mg-m（3）3由匀变速直线运动的规律，钢球通过光电门的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，而球心通过光电门的中间位移的速度大于中间时刻