2023届济南市历城第四中学物理高三第一学期期中达标检测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一质量为m的物块恰好静止在倾角为的斜面上.现对物块施加一个竖直向下的恒力F，如图所示.则物块( )A沿斜面加速下滑B仍处于静止状态C受到的摩擦力不变D受到的合外力

2、增大2、2012年2月25日我国成功地将第十一颗北斗导航卫星送入太空预定轨道地球静止轨道，使之成为地球同步卫星。关于该卫星下列说法正确的是A相对于地面静止，离地面高度为在R4R(R为地球半径)之间的任意值B运行速度大于7.9 km/sC向心加速度大于静止在地球赤道上物体的向心加速度D角速度大于静止在地球赤道上物体的角速度3、如图，光滑的四分之一圆弧轨道A、B固定在竖直平面内，A端与水平面相切，穿在轨道上的小球在拉力F的作用下，缓慢地由A向B运动，F始终沿轨道的切线方向，轨道对球的弹力为N在运动过程中AF增大，N减小BF减小，N减小CF增大，N增大DF减小，N增大4、一质点静止在光滑水平面上，现

3、对其施加水平外力F， F随时间t按正弦规律变化，如图所示，下列说法正确的是A第2s末，质点的动量为0B第2s末，质点距离出发点最远C在02s内，F的功率一直增大D在04s内，F的冲量为05、如图所示，长为L的轻杆，一端固定一个质量为m的小球，另一端固定在水平转轴O上，现让杆绕转轴O在竖直平面内匀速转动，角速度为，某时刻杆对球的作用力恰好与杆垂直，则此时杆与水平面的夹角满足（ ）ABCD6、如图所示，质量、初速度大小都相同的A、B、C三个小球，在同一水平面上，A球竖直上抛，B球以倾角斜向上抛，空气阻力不计，C球沿倾角也为的光滑斜面上滑，它们上升的最大高度分别为HA、HB、HC，则AHA=HB=H

4、CBHA=HBHCCHAHCHBDHAHB，HA HC二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一个质点沿x轴做匀加速直线运动其位置时间图象如图所示，则下列说法正确的是（）A该质点的加速度大小为4m/s2B该质点在t=1s时的速度大小为2m/sC该质点在t=0到t=2s时间内的位移大小为8mD该质点在t=0时速度为1m/s8、如图A、B两物体叠放在光滑水平桌面上，轻质细绳一端连接B，另一端绕过定滑轮连接C物体，已知A和C的质量都是1 kg，B的质量是2 kg，A、B间的动摩

5、擦因数是0.3，其它摩擦不计。由静止释放C，C下落一定高度的过程中(C未落地，B未撞到滑轮，g =10m/s2）。下列说法正确的是（ ）AA、B两物体发生相对滑动BA物体受到的摩擦力大小为3NCB物体的加速度大小是2.5m/s2D细绳的拉力大小等于7.5N9、将一物体水平抛出并开始计时，只受重力作用，下列说法正确的是A速度与时间成正比B重力的功率与时间成正比C动能的增量与时间成正比D动量的增量与时间成正比10、放置于固定斜面上的物块，在平行于斜面向上的拉力F作用下，沿斜面向上做直线运动拉力F和物块速度v随时间t变化的图象如图，则()A第1s内物块受到的合外力为0.5NB物块的质量为11kgC第

6、1s内拉力F的功率逐渐增大D前3s内物块机械能先增大后不变三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图所示为探究牛顿第二定律的实验装置该装置由气垫导轨、两个光电门、滑块和沙桶等组成光电门可以测出滑块通过光电门的时间，导轨标尺可以测出两个光电门间的距离，另用天平测出滑块(含遮光片）和沙桶（含沙子）的质量分别为M和m(1)在探究牛顿第二定律的实验中，使用气垫导轨的主要目的是_A减小噪声B减小滑块速度C减小摩擦力D增加摩擦力(2)如果滑块上的遮光板宽度为d，通过1、2两个光电门时的挡光时问分别为t1和t2，测量出两个光电门之间的距离s，那么

7、滑块运动的加速度a的计算式是a=_12（12分）为了验证碰撞中动量守恒和检验两个小球的碰撞是否为弹性碰撞(碰撞过程中没有机械能损失)，某同学选取了两个体积相同、质量不相等的小球，按下述步骤做了如下实验:(1)用天平测出两个小球的质量(分别为m1和m2，且m1m2)(2)按照如图所示的那样，安装好实验装置将斜槽AB固定在桌边，使槽的末端点的切线水平将一斜面BC连接在斜槽末端(3)先不放小球m2，让小球m1从斜槽顶端A处由静止开始滚下，记下小球在斜面上的落点位置(4)将小球m2放在斜槽前端边缘处，让小球m1从斜槽顶端A处滚下，使它们发生碰撞，记下小球m1和小球m2在斜面上的落点位置(5)用毫米刻度

8、尺量出各个落点位置到斜槽末端点B的距离图中D、E、F点是该同学记下的小球在斜面上的几个落点位置，到B点距离分别为L0、L1、L2根据该同学的实验，回答下列问题：(1)小球m1与m2发生碰撞后，m1的落点是图中的_点，m2的落点是图中的_点(2)用测得的物理量来表示，只要满足关系式_，则说明碰撞中动量是守恒的(3)用测得的物理量来表示，只要再满足关系式_，则说明两小球的碰撞是弹性碰撞四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，水平桌面上有一轻弹簧，左端固定在A点，弹簧处于自然状态时其右端位于B点。水平桌面右

9、侧有一竖直放置的内表面光滑、粗细可忽略不汁的圆管轨道MNP，其形状为半径R=18m的圆剪去了左上角的圆弧，MN为其竖直直径，P点到桌面的竖直距离也是R。用质量ml=12kg的物块将弹簧缓慢压缩到C点释放，物块过B点（B点为弹簧原长位置）时的速度为v1=6m/s，物块与桌面间的动摩擦因数=14，物块从桌面右边缘D点飞离桌面后，恰在P点无碰撞地进入圆管轨道。运动过程中，物块可视为质点，g=11m/s2（1）求m1运动至D点时的速度大小；（2）求BP间的水平距离；（3）计算分析m1经圆管轨道能否到达最高点M，若能则求到达最高点M时m1对轨道壁的压力.14（16分）如图所示，一平行玻璃砖ABCD长（A

10、、B间的距离）L1=9cm，宽（A、D间的距离）L2=3cm，折射率n=已知真空中光速c=3108m/s求：当细光束从AB边的中点E以入射角射玻璃砖时，从玻璃砖另一面射出的光线到入射光线的距离d当细光束从AD边的中点F以入射角射入玻璃砖时，光束通过玻璃砖所需的时间t15（12分）做匀加速直线运动的物体途中依次经过A、B、C三点，已知AB=BC=，AB段和BC段的平均速度分别为v1=3m/s，v2=6m/s，则： （1）物体经过B点的瞬时速度为多大？（2）若物体运动的加速度a=2 m/s2，则AC的距离为多少?参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，

11、只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】试题分析：质量为m的物块恰好静止在倾角为的斜面上，对其受力分析，可求出动摩擦因数，加力F后，根据共点力平衡条件，可以得到压力与最大静摩擦力同时变大，物体依然平衡解：由于质量为m的物块恰好静止在倾角为的斜面上，说明斜面对物块的摩擦力等于最大静摩擦力，对物体受力分析，如图根据共点力平衡条件，有f=mgsinN=mgcosf=N解得 =tan对物块施加一个竖直向下的恒力F，再次对物体受力分析，如图根据共点力平衡条件，有与斜面垂直方向依然平衡：N=（mg+F）cos因而最大静摩擦力为：f=N=（mg+F）cos=（mg+F）sin，故在斜面平行方向的合力为零，故

12、合力仍然为零，物块仍处于静止状态，A正确，B、D错误，摩擦力由mgsin增大到（F+mg）sin，C错误；故选A【点评】本题要善用等效的思想，可以设想将力F撤去，而换成用一个重力的大小等于F的物体叠放在原来的物块上！2、C【解析】A项，由万有引力提供向心力可得， 得： ， ，故卫星运行周期T与运行半径r是一一对应关系，即运动周期确定，轨道高度确定，因此不能是任意值，故A项错误。B项，7.9km/s为贴地运行卫星的线速度，同步卫星轨道半径大于地球半径，运行线速度小于第一宇宙速度，故B项错误。C项，由，同步卫星的角速度与地面上静止物体的角速度相同，但由于其轨道半径较大，故向心加速度较大，故C项正确

13、。D项，同步卫星周期与地球自转周期相同,等于静止在地球赤道上物体的周期，故角速度相同，故D项错误。综上所述本题答案是：C3、A【解析】对球受力分析，受重力、支持力和拉力，如图，根据共点力平衡条件，有N=mgcos F=mgsin其中为支持力N与竖直方向的夹角；当物体向上移动时，变大，故N变小，F变大；故A正确，BCD错误故选A注：此题答案应该是A.4、D【解析】由题意可知考查动量、功率、冲量的大小判断和计算，根据功率定义式、动量定理分析计算可得。【详解】A0-1s质点先做加速度逐渐增大的加速运动，1s-2s做加速度逐渐减小的加速运动，2s-3s做加速度逐渐增大的减速运动，3s-4s质点做加速度

14、逐渐减小的减速运动，4s末速度恰好减为零，前4s运动方向没有变化， 第2s末，质点的速度达到最大，其动量最大，故A错误；B前4s质点运动方向没有变化，一直向一个方向运动，第4s末质点距离出发点最远，故B错误；C在2s时F=0，F的功率为零，在02s内，F的功率先增大后减小，故C错误；D由动量定理可知，前2s和后2s冲量大小相等，方向相反，力F的总的冲量为0。【点睛】在F-t图象中，图象和时间轴所围面积表示冲量的大小，上方的面积表示正方向的冲量，下方的面积表示负方向的冲量，某段时间内上下面积相等时，该段时间内总的冲量为零。5、A【解析】小球所受重力和杆子的作用力的合力提供向心力，受力如图所示；根

15、据牛顿第二定律有：，解得：，AC，A正确C错误；BD求出来是的表达式，而并非的表达式，BD错误6、C【解析】对于A、C两个球，达到最高点时，A、C两个球的速度均为零，物体的动能全部转化为重力势能，所以A、C的最大高度相同；对于B球来说，由于B是斜抛运动，在水平方向上有一个速度，到达最高点时也有水平速度，所以B球在最高点时的重力势能要比AC两球的小，所以高度要比AC两球的高度小； AHA=HB=HC，与结论不相符，选项A错误；BHA=HBHC，与结论不相符，选项B错误；CHAHCHB，与结论相符，选项C正确；DHAHB，HA HC，与结论不相符，选项D错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5

16、分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】质点做匀加速直线运动，则x=v0t+12at2，由图可知，第1s内的位移为x1=0-（-2）=2m，前2s内的位移为x2=6-（-2）=8m，代入得：2=v0+12a，8=2v0+2a，联立解得：v0=0，a=4ms2，AD正确；该质点在t=1s时的速度大小为v=at=41ms=4ms，B错误；由上分析知，该质点在t=0到t=2s时间内的位移大小为8m，C错误选AD.8、CD【解析】试题分析：对A、B、C整体分析，根据牛顿第二定律求出整体加速度，隔离对A分析

17、，求出摩擦力的大小，与最大静摩擦力比较，判断是否发生相对滑动，再隔离分析，求出拉力的大小假设A、B不发生相对滑动，整体的加速度为，隔离对A分析，A受到的摩擦力为，可知假设成立，即A、B两物体不发生相对滑动，A所受的摩擦力为2.5N，加速度为2.5m/s2，故AB错误C正确；隔离对C分析，根据牛顿第二定律得，解得，D正确9、BD【解析】A、根据平抛运动的两分运动规律有，可知瞬时速度与时间不成正比；故A错误.B、根据瞬时功率的定义，有，则瞬时功率与时间成正比；B正确.C、平抛运动根据动能定理有：，故动能的增量与时间不成正比；则C错误.D、由动量定理可知，则动量的变化量与时间成正比；故D正确.故选B

18、D.【点睛】本题关键明确平抛运动的运动性质、研究方法，然后根据分位移公式和分速度公式列式分析10、AC【解析】由图可得，01s内物体的加速度为：；由牛顿第二定律可得：F-mgsin=ma；1s后有：F=mgsin；联立并将F=5.5N，F=5.0N代入解得：m=1.0kg，=30；第1s内物块受到的合外力为 F合=ma=10.5N=0.5N故A正确，B错误第1s内拉力F的功率 P=Fv，F不变，v增大，则P增大，故C正确前1s内物块的动能和重力势能均增大，则其机械能增大2-3s内，动能不变，重力势能增大，其机械能增大，所以物块的机械能一直增大故D错误故选AC点睛：本题的关键先由v-t图象确定运

19、动情况，然后求解出加速度，再根据牛顿第二定律和平衡条件列方程求解物体的质量和斜面的倾角三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C 【解析】(1) 在探究牛顿第二定律的传统实验装置中，我们需要抬高木板的一端，使得小车重力沿斜面得分力等于小车受到的摩擦力，即平衡小车受到的摩擦力使用气垫导轨后，可以大大减小滑块与导轨之间的摩擦力所以使用气垫导轨的主要目的是减小摩擦力，故C正确；(2) 因为较短时间内的平均速度可以表示瞬时速度，滑块经过光电门1时的速度表达式 同理得：根据运动学的公式：解得：12、D F 【解析】考查验证碰撞中动量守恒。【详解】（1）小球m1和小球m2相撞后，小球m2的速度增大，小球m1的速度减小，都做平抛运动，所以碰撞后m1球的落地点是D点，m2球的落地点是F点；（2）碰撞前，小于m1落在图中的E点，设其水平初速度为v1小球m1和m2发生碰撞后，m1的落点在图中的D点，设其水平初速度为v1，m2的落点是图中的F点，设其水平初速度为v2 设斜面BC与水平面的倾角为，由平抛运动规律得：解得： 同理可解得：，所以只要满足