2023届天津市五校高三物理第一学期期中调研模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，人向右匀速推动水平桌面上的长木板，在木板翻离桌面以前，则（ ）A木板露出桌面后，推力将逐渐减小B木板露出桌面后，木板对桌面的压力将减小C木板露出桌面后，桌面对木板摩擦力将减小D推力、压力、摩擦力均不变2、如图所示，一

2、轻质橡皮筋的一端系在竖直放置的半径为0.5m的圆环顶点P，另一端系一质量为0.1kg的小球，小球穿在圆环上可做无摩擦的运动，设开始时小球置于A点，橡皮筋处于刚好无形变状态，A点与圆心O位于同一水平线上，当小球运动到最低点B时速率为1m/s，此时小球对圆环恰好没有压力（取g=10m/s2）下列说法正确的是A从A到B的过程中，小球的机械能守恒B从A到B的过程中，橡皮筋的弹性势能增加了0.5JC小球过B点时，橡皮筋上的弹力为0.2ND小球过B点时，橡皮筋上的弹力为1.2N3、测定运动员体能的一种装置如图所示，运动员质量m1，绳拴在腰间沿水平方向跨过滑轮（不计滑轮摩擦、质量），悬挂重物m2，人用力蹬传

3、送带而人的重心不动，使传送带上侧以速率v向右运动，下面是人对传送带做功的四种说法：人对传送带做功；人对传送带不做功；人对传送带做功的功率为m2gv；人对传送带做功的功率为（m1m2）gv以上说法正确的是（ ）A B C只有 D只有4、质量为4kg的物体，原来以的速度做匀速直线运动，现受到跟运动方向相同的冲量的作用，历时5s，物体的动量大小变为ABCD5、如图所示,在光滑绝缘的水平面上方有两个方向相反的沿水平方向的匀强磁场，PQ为两磁场的边界，磁场范围足够大，磁感应强度的大小分别为B1=B和B2=2B，一个竖直放置的边长为l、质量为m、电阻为R的正方形金属线框以初速度v垂直于磁场方向从图中实线位

4、置开始向右运动,当线框运动到在每个磁场中各有一半的面积时,线框的速度为则下列判断错误的是 A此过程中通过线框截面的电荷量为B此过程中线框克服安培力做的功为mv2C此时线框的加速度为D此时线框中的电功率为6、将一质点从静止开始做匀加速直线运动的总时间分成相等的三段，按从开始到最后的顺序，则质点经过这三段时间内的平均速度之比是 （ ）A1:4:9B1:3:5C1: : D1:( +1):( + )二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示,倾角为37的白色传送带以10m

5、/s的速率顺时针运行,将一块质量为1kg的煤块(可视为质点)无初速地放到传送带上端.已知煤块与传送带间的动摩擦因数为0.5，传送带上端到下端的距离为16m，sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s2，则煤块从传送带上端运动到下端的过程中A所用的时间为2sB煤块对传送带做的总功为零C煤块在传送带上留下黑色印记的长度为6mD因煤块与传送带之间的摩擦而产生的内能为24J8、如图所示，带电小球A、B的电荷量分别为QA、QB，都用长为L的丝线悬挂在O点。静止时A、B相距为d。为使平衡时A、B间距离减为，可采用以下哪些方法（ ）A将小球A、B的质量都增加到原来的2倍B将小球B的质量增加到原来

6、的8倍C将小球A、B的电荷量都减小到原来的一半D将小球A、B的电荷量都减小到原来的一半，同时将小球B的质量增加到原来的2倍9、2019年9月的女排世界杯在东京举行，最终中国女排以11战全胜且只丢3局的成绩成功卫冕世界杯冠军，这也是中国女排第五次夺冠。如图所示，在一次比赛中，中国女排运动员朱婷将球在边界处正上方正对球网水平向前击出，球刚好过网落在图中位置（不计空气阻力），相关数据如图所示，下列说法中正确的是（）A击球点高度与球网高度之间的关系为B若保持击球高度不变，球的初速度满足，一定落在对方界内C任意降低击球高度（仍大于），只要击球初速度合适，球一定能落在对方界内D任意增加击球高度，只要击球初

7、速度合适，球一定能落在对方界内10、如图所示，小物块在竖直平面内的恒力F作用下，沿倾角=30的固定斜面向上运动的过程中，恒力F做功与物块克服重力做的功相等，下列说法正确的是A若斜面光滑，则小物块一定匀速上滑B若斜面粗糙，则小物块一定减速上滑C若斜面光滑，当F最小时，F与斜面的夹角为零D若斜面粗糙，当摩擦力做功最小时，F与斜面的夹角为60三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学在研究性学习中用如图装置来验证机械能守恒定律，轻绳两端系着质量相等的物体A、B，物体B上放一金属片C，铁架台上固定一金属圆环，圆环处在物体B的正下方，系统静

8、止时，金属片C与圆环间的高度差为h，由静止释放后，系统开始运动，当物体B穿过圆环时，金属片C被搁置在圆环上，两光电门固定在铁架台P1、P2处，通过数字计时器可测出物体B通过P1、P2这段距离的时间。（1）若测得P1、P2之间的距离为d，物体B通过这段距离的时间为t，则物体B刚穿过圆环后的速度v=_。（2）若物体A、B的质量均用M表示，金属片C的质量用m表示，该实验中验证下面_（填正确选项的序号）等式成立，即可验证牛顿第二定律。Amgh=12Mv2 Bmgh=Mv2Cmgh=12(2M+m)v2 Dmgh=12(M+m)v2 （3）本实验中的测量仪器除了刻度尺、数字计时器外，还需要_。（4）若M

9、m，改变金属片C的质量m，使物体B由同一高度落下穿过圆环，记录各次的金属片C的质量m，以及物体B通过P1、P2这段距离的时间t，以mg为横轴，以_（选填“t2”或“1t2”）为纵轴，通过描点作出的图线是一条过原点的直线。12（12分）某同学欲采用下列器材研究一个额定电压为2.5 V的小灯泡(内阻约为6 )的伏安特性曲线。A直流电源(3 V,内阻不计);B电流表(0-0.6 A,内阻约为0.13 );C电压表(0-3 V,内阻约为3 k);D电压表(0-15 V,内阻约为15 k);E.滑动变阻器(0-20 ,额定电流为2 A);F.滑动变阻器(0-1000 ,额定电流为0.5 A);G.开关、

10、导线若干。(1)为了减小测量误差,电压表应选用_,滑动变阻器应选用_。(填序号A、B、C等) (2)该同学连接电路的实物图如图丙所示,请指出他的电路接线中的错误:_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示为四旋翼无人机，它是一种能够垂直起降的小型遥控飞行器，目前正得到越来越广泛的应用一架质量m=1 kg的无人机，其动力系统所能提供的最大升力F=36 N，运动过程中所受空气阻力大小恒为f=4 N取g=10 m/s1求：（1）无人机以最大升力在地面上从静止开始竖直向上起飞，在t1=5 s时离地面的高度h；

11、（1）某次表演时，当无人机悬停在距离地面高度H=45m处，让无人机突然失去升力而坠落，要保证无人机不与地面相撞，求最迟在多高处恢复升力；(认为无人机的运动在同一竖直线上)14（16分）从地面斜向上抛出一个质量为m的小球，当小球到达最高点时，小球具有的动能与势能之比是9：16，选地面为重力势能参考面，不计空气阻力，现在此空间加上一个平行于小球运动平面的水平电场，以相同的初速度抛出带上正电荷量为q的原小球，小球到达最高点时的动能与抛出时动能相等已知重力加速度大小为g试求：(1)无电场时，小球升到最高点的时间；(2)后来所加电场的场强大小15（12分）某校一课外活动小组自制一枚火箭，设火箭从地面发射

12、后，始终在垂直于地面的方向上运动。火箭点火后可认为做匀加速直线运动，经过4s到达离地面40 m高处时燃料恰好用完，若不计空气阻力，取g=10 m/s2，求：(1)燃料恰好用完时火箭的速度；(2)火箭上升离地面的最大高度；(3)火箭从发射到残骸落回地面过程的总时间。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】木块的受力情况，重力G、推力F、桌面对木板的支持力N和摩擦力f，根据平衡条件得，又，由于不变，G不变，则得到N和f均不变，F不变即推力、压力、摩擦力均不变，D正确2、D【解析】由题意可知考查功能关系和牛顿第二定

13、律应用，根据动能定理、牛顿第二定律分析计算可得。【详解】A从A到B的过程中，橡皮筋的弹力对小球做负功，小球的机械能守恒减少，转化为弹性势能。B从A到B的过程中，取小球为研究对象，由动能定理可得代入数值可求得 即橡皮筋的弹性势能增加了0.45J，故B错误。C D小球过B点时，代入数值可得FN=1.2N橡皮筋上的弹力为1.2N，故D正确，C错误。【点睛】小球下落过程中弹力对其做负功，小球机械能减少，根据动能定理可求出弹力做功多少，由牛顿第二定律可求得弹力的大小。3、A【解析】人对传送带的摩擦力方向向右,传送带在力的方向上有位移,所以人对传送带做功、人的重心不动,绳对人的拉力和人与传送带间的摩擦力平

14、衡,而拉力又等于m2g.所以人对传送带做功的功率为m2gv.故A对，BCD错故选A【点睛】通过在力的方向上有无位移判断力是否做功.人的重心不动知人处于平衡状态,摩擦力与拉力平衡.4、C【解析】根据动量定理合外力对物体的冲量等于物体动量的变化量即可求解.【详解】根据动量定理得： ，故C正确，ABD错误。【点睛】本题主要考查了动量定理的直接应用。5、D【解析】A. 感应电动势为：感应电流为：电荷量为：解得此过程中通过线框截面的电荷量为：故A不符题意；B. 由能量守恒定律得，此过程中回路产生的电能为：此过程中线框克服安培力做的功为，故B不符合题意；C. 此时感应电动势：线框电流为：由牛顿第二定律得：

15、解得此时线框的加速度为：故C不符合题意；D. 此时线框的电功率为：故D符合题意。6、B【解析】质点从静止开始做匀加速直线运动，设每段时间为T，则有：第一个T末的速度为：v1=aT； 第二个T末的速度为：v2=a2T；第三个T末的速度为：v3=a3T，由匀变速直线运动的推论，可知，可得这三段时间内的平均速度之比是1：3：5，故选B【点睛】熟练掌握匀变速直线运动的三个速度公式和四个位移公式，并灵活运用二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】A、开始阶段，由牛顿第二

16、定律得：mgsin+mgcos=ma1，所以：a1=gsin+gcos=10m/s2，物体加速至与传送带速度相等时需要的时间为：t1=va1=1010s=1s,通过的位移为：x1=12a2t12=121012m=5m,由于mgsin37mgcos37，可知物体与传送带不能保持相对静止。速度相等后，物体所受的摩擦力沿斜面向上。根据牛顿第二定律得：a2=mgsin-mgcosm=gsin37-gcos37=2m/s2,根据l-x1=vt1+12a2t22，代入数据得：t2=1s.则t=t1+t2=2s；故A正确；B、由A的分析可知，煤块受到的摩擦力的方向始终向上，皮带向下运动，煤块对皮带做负功;故

17、B错误.C、第一秒内传送带的速度大于煤块的速度，煤块相对于传送带先后运动，相对位移：x1=vt1-x1=101-5=5m，第二秒煤块的速度大于传送带的速度，煤块相对于传送带向前运动，相对位移：x2=(L-x1)-vt2=(16-5)-101=1m，物块相对于传送带的位移：x=x1-x2=5-1=4m；而小煤块在白色皮带上留下黑色印记的长度为5m；故C错误.D、物块相对于传送带的路程：L=x1+x2=5+1=6m，因煤块和皮带之间的摩擦而产生的内能为：Q=fL=mgcosL=0.5110cos376=24J；故D正确.故选AD.【点睛】解决本题的关键理清物体的运动规律，知道物体先做匀加速直线运动

18、，速度相等后继续做匀加速直线运动，两次匀加速直线运动的加速度不同，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解8、BD【解析】AB如图所示，B受重力、绳子的拉力及库仑力；将拉力及库仑力合成，其合力应与重力大小相等方向相反；由几何关系可知，；而库仑力；即： ；要使d变为，可以使质量增大到原来的8倍而保证上式成立；故A错误，B正确；CD或将小球A、B的电荷量都减小到原来的一半，同时小球B的质量增加到原来的2倍，也可保证等式成立；故选项C错误，D正确；9、AD【解析】A 平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，水平位移为s和的时间比2：3，则竖直方向上，根据则有解得h1=1.8h2，故A正确；B若保持击球高度不

19、变，要想球落在对方界内，要既不能出界，又不能触网，根据得，则平抛运动的最大速度根据得，则平抛运动的最小速度故B错误；C任意降低击球高度（仍大于h2），会有一临界情况，此时球刚好触网又刚好压界，若小于该临界高度，速度大会出界，速度小会触网，所以不是高度比网高，就一定能将球发到界内，故C错误；D增加击球高度，只有速度合适，球一定能发到对方界内。故D正确。故选AD。10、ACD【解析】应用动能定理判断物体的运动情况，根据临界条件判断外力的方向。【详解】A若斜面光滑，对物体应用动能定理：可知：，又因为外力F为恒力，所以物体做匀速直线运动，故A正确；B若斜面粗糙，物体可能和斜面无弹力，摩擦力仍然不做功，

20、物体可能做匀速直线运动，故B错误；C若斜面光滑，物体向上运动位移为x，对物体应用动能定理：要使F最小，则cos最大为1，所以应为零，故C正确；D若斜面粗糙，摩擦力最小为0，物体与斜面的弹力为0，受力分析可知：又因为恒力F做功与物块克服重力做的功相等：两式相比解得：，故D正确。【点睛】本题主要考察动能定理和正交分解，合理运用方程分析和解决问题。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、dt C 天平 1t2 【解析】（1）1B通过圆环后将匀速通过光电门，则B刚穿过圆环后的速度为：v=dt。（2）2选C。设绳子拉力大小为F，对A由牛顿第二定律得：

21、F-Mg=Ma对B与C整体下落h的过程，由牛顿第二定律得：(M+m)g-F=(M+m)a再由运动学公式应有：v2=2ah，联立以上各式可得：mg=（2M+m）v22h所以C正确。（3）3根据上面的表达式可知需要已知金属片C的质量，所以还需要的器材是天平。（4）4在释放至金属片C被搁置在圆环上的过程中，分别对A和B、C由牛顿第二定律可得：对A有F-Mg=Ma对B和C有(M+m)g-F=(M+m)a再由匀变速直线运动公式应有v2=2ah，v=dt联立解得：1t2=2h(2M+m)d2mg因为Mm，则1t2=hMd2mg所以，以mg为横轴，以1t2为纵轴的图线是一条过原点的直线。12、 ( 1 )

22、C E( 2 ) 应用外接法【解析】（1）灯泡额定电压为2.5V，电压表应选C，为方便实验操作，滑动变阻器总阻值较小的E（2）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡正常发光时的电阻约为几欧姆，电流表内阻约为0.13，电压表内阻约为3k，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，而实物图中电流表采用了内接法，则根据原理可知，本实验应采用电流表外接法；【点睛】本题考查了实验器材的选择、设计实验电路图、连接实物电路图，要正确实验器材的选择原则，确定滑动变阻器与电流表的接法是正确设计电路的关键四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处

23、，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）75m ; ( 1 ) 10m【解析】（1）由牛顿第二定律有：F-mg-f=ma代入数据计算得出:a=6m/s2 ,上升高度为:h=12at2=12625=75m （1）下落过程中有:mg-f=ma 代入数据计算得出:a=8m/s2设离地h时恢复升力，此时无人飞机的速度是v ，在下降过程中恢复升力时的加速度为a 由牛顿第二定律得：F+f-mg=ma ，解得：a=10m/s2 H=v22a+v22a h=v22a 代入数据得：h=20m 综上所述本题答案是：（1）75m ; ( 1 ) 10m14、 (1)(2)或【解析】试题分析：（1）无电场时，当小球到达最高点时，小球具有的动能与势能之比是将小球的运动分解为水平方向和竖直方向，则