2022-2023学年四川乐山市高三物理第一学期期中监测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，甲和他的冰车总质量为M =30kg，乙和他的冰车总质量也为M =30kg，

2、甲推着小木箱m和他一起以大小为v0 =2m/s的速度滑动，乙以同样大的速度迎面而来为了避免相撞，甲突然将小木箱沿冰面以v=5.2m/s的速度推给乙，木箱滑到乙处时乙迅速把它抓住，这样恰好避免了甲、乙相撞，若不计冰面的摩擦力，则小木箱的质量为A5kgB10kgC15kgD20kg2、（改编）一个单摆，如果摆球的质量增加为原来的4倍，摆球经过平衡位置时的速度减为原来的，则单摆的（ ）A频率不变，振幅不变B频率不变，振幅改变C频率改变，振幅不变D频率改变，振幅改变3、四颗人造卫星a、b、c、d在地球大气层外的圆形轨道上运行,其中a、c的轨道半径相同,b、d在同步卫星轨道上,b、c轨道在同一平面上.某

3、时刻四颗卫星的运行方向及位置如图示,则() A卫星a、c的加速度大小相等,且小于b的加速度B因为卫星c在赤道上方,所以卫星c为同步卫星C卫星b、d的线速度大小相等,且大于月球的线速度D若卫星c变轨后在轨道半轻较小的轨道上做匀速圆周运动,则其周期变大4、如图所示，水平桌面上有三个相同的物体叠放在一起，的左端通过一根轻绳与质量为的小球相连，绳与水平方向的夹角为，小球静止在光滑的半圆形器皿中.水平向右的力作用在上，三个物体保持静止状态取，下列说法正确的是（ ）A物体受到向右的静摩擦力B物体受到一个摩擦力，方向向左C桌面对物体的静摩擦力方向水平向右D撤去力的瞬间，三个物体将获得向左的加速度5、物理学中

4、有多种研究问题的方法，下列有关研究方法的叙述中，错误的是 ()A将实际的物体抽象为质点采用的是建立理想模型法B探究加速度a与力F、质量m之间的关系时，采用了控制变量法C定义加速度的概念，采用的是比值定义法D伽利略比萨斜塔上的落体实验，采用的是理想实验法6、如图窗口上、下沿间的高度差为H,墙厚为d建筑工人在距墙壁为L、窗口上沿为h处的P点,将一小重锤以一定的初速度垂直墙壁、水平抛给室内的同伴,重锤直接穿过窗口进入室内(不会同时触及上下沿)下列说法正确的是（）A重锤从上沿进入并穿过窗口,比从窗口下沿进入室内时抛出的初速度大B若增大h,同时减小抛出的初速度，重锤一定能直接穿过窗口C若只增大L,重锤可

5、能撞到窗口的上沿D若只减小L,重锤可能撞到窗口的下沿二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，水平光滑轨道宽度和轻质弹簧自然长度均为d两物体m1和m2与弹簧连接，m2的左边有一固定挡板m1由图示位置静止释放，当m1与m2相距最近时m1速度为v1，己知m1m2，则在以后的运动过程中（）Am1的最小速度是m1-m2m1+m2v1B存在某段时间m1向左运动Cm2的最大速度是v1Dm2的最大速度是2m1m1+m2v18、与嫦娥1号、2号月球探测器不同，嫦娥3号是一次性进入

6、距月球表面100km高的圆轨道（不计地球对探测器的影响），运行一段时间后再次变轨，从100km的环月圆轨道，降低到距月球15km的近月点B、距月球100km的远月点A的椭圆轨道，如图所示，为下一步月面软着陆做准备.关于嫦娥3号探测器下列说法正确的是 （ ） A探测器从轨道变轨到轨道，在A点应加速B探测器在轨道经过A点的速度小于经过B点的速度C探测器沿轨道运动过程中，探测器中的科考仪器对其支持面没有压力D探测器在轨道经过A点时的加速度小于在轨道经过A点时的加速度9、甲、乙两物体同时同地沿同一方向做直线运动的速度时间图像如图所示，则下列说法中正确的是（）A两物体两次相遇的时刻是末和末B末乙在甲前面

7、C在内，两物体相距最远的时刻是末D乙先向前运动，随后向后运动10、如图所示，相同的乒乓球1、2恰好在等高处水平越过球网，不计乒乓球的旋转和空气阻力，乒乓球自最高点到落台的过程中，正确的是（ ）A过网时球1的速度小于球2的速度B球1的飞行时间大于球2的飞行时间C球1的速度变化率等于球2的速度变化率D落台时，球1的速率大于球2的速率三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在用图甲所示的装置“验证牛顿第二定律”的实验中，保持小车质量一定时，验证小车加速度与合力F的关系 除了电火花计时器、小车、砝码、砝码盘、细线、附有定滑轮的长木板、垫木、导

8、线及开关外，在下列器材中必须使用的有_（选填选项前的字母）A220V、50Hz的交流电源B电压可调的直流电源C刻度尺D秒表E天平（附砝码）为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，以下操作正确的是_A调整长木板上滑轮的高度使细线与长木板平行B在调整长木板的倾斜度平衡摩擦力时，应当将砝码和砝码盘通过细线挂在小车上C在调整长木板的倾斜度平衡摩擦力时，应当将穿过打点计时器的纸带连在小车上某同学得到了图a所示的一条纸带，由此得到小车加速度的大小_m/s2（保留二位有效数字）在本实验中认为细线的拉力F等于砝码和砝码盘的总重力mg，己知三位同学利用实验数据做出的aF图像如图丙中的1、2、3所示下列分析正

9、确的是_（选填选项前的字母）A出现图线1的原因可能是没有平衡摩擦力B出现图线2的原因可能是砝码和砝码盘的质量不合适C出现图线3的原因可能是在平衡摩擦力时长木板的倾斜度过大在本实验中认为细线的拉力F等于砝码和砝码盘的总重力mg，由此造成的误差是_（选填“系统误差”或“偶然误差”）设拉力的真实值为F真，小车的质量为M，为了使，应当满足的条件是_12（12分）在“验证力的平行四边形定则”的实验中，下列叙述中正确的是（_）A实验中，弹簧测力计必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧测力计刻度B橡皮筋的拉力是合力，两弹簧测力计的拉力是分力C两次拉橡皮筋时需将橡皮筋结点拉到同一位罝这样做的目的是保证两次弹

10、簧测力计拉力的效果相同D若只增大某一只弹簧测力计的拉力大小而要保证橡皮筋结点位置不变，只需调整另一只弹簧测力计拉力的大小即可四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在高h130 m的光滑水平平台上，质量m1 kg的小物块压缩弹簧后被锁扣K锁住，储存了一定量的弹性势能Ep若打开锁扣K，物块将以一定的水平速度v1向右滑下平台，做平抛运动，并恰好能从光滑圆弧形轨道BC的B点的切线方向进入圆弧形轨道B点的高度h115 m，圆弧轨道的圆心O与平台等高，轨道最低点C的切线水平，并与地面上长为L70 m的水平粗糙轨

11、道CD平滑连接；小物块沿轨道BCD运动并与右边墙壁发生碰撞，取g10 m/s1(1)求小物块由A到B的运动时间；(1)求小物块原来压缩弹簧时储存的弹性势能Ep的大小；(3)若小物块与墙壁只发生一次碰撞，碰后速度等大反向，反向运动过程中没有冲出B点，最后停在轨道CD上的某点P(P点没画出)设小物块与轨道CD之间的动摩擦因数为，求的取值范围14（16分）汽车A在水平冰雪路面上行驶。驾驶员发现其正前方停有汽车B，立即采取制动措施，但仍然撞上了汽车B。两车碰撞时和两车都完全停止后的位置如图所示，碰撞后B车向前滑动了，A车向前滑动了。已知A和B的质量分别为和。两车与该冰雪路面间的动摩擦因数均为0.10，

12、两车碰撞时间极短，在碰撞后车轮均没有滚动，重力加速度大小，求(1)碰撞后的瞬间B车速度的大小；(2)碰撞前的瞬间A车速度的大小。15（12分）如图所示，半径为R的光滑圆形轨道固定在竖直面内。小球A、B质量分别为m、3m。A球从左边与圆心等高处由静止开始沿轨道下滑，与静止于轨道最低点的B球相撞，碰撞中无机械能损失。重力加速度为g。(1)求第一次与小球B碰前瞬间，小球A的速度大小；(2)求第一次碰撞过程中，小球A、B在碰撞刚结束时各自的速度；(3)请通过推理论证，说明小球A、B每次碰撞的地点，并讨论小球A、B在每次碰撞刚结束时各自的速度。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

13、在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】设推出箱子后甲的速度为，乙的速度为，取向右方向为正方向，根据动量守恒得：当甲与乙恰好不相撞时，则有：联立解得：A与分析不符，故A错误；B与分析不符，故B错误；C与分析相符，故C正确；D与分析不符，故D错误。2、B【解析】CD决定单摆周期的是摆长及当地重力加速度，即，单摆的周期与质量无关，与单摆的运动速度也无关当然，频率也与质量和速度无关，故C错误，D错误；AB决定振幅的是外来因素反映在单摆的运动中，可以从能量去观察，从上面分析我们知道，在平衡位置（即最低点）时的动能，当m增为原来的4倍，速度减为原来的时，动能不变，最高点的重力势

14、能也不变但是由于第二次摆的质量增大了（实际上单摆已经变成另一个摆动过程了），势能不变，m大了，h就一定变小了，也就是说，振幅减小了故A错误，B正确3、C【解析】A根据可知，卫星a、c的加速度大小相等，且大于b的加速度，选项A错误；B虽然卫星c在赤道上方，但是运行的高度小于同步卫星的高度，所以卫星c不是同步卫星，选项B错误；C根据，因为卫星b、d的运行半径相等且小于月球的轨道半径，则卫星b、d的线速度大小相等，且大于月球的线速度，选项C正确；D若卫星c变轨后在轨道半轻较小的轨道上做匀速圆周运动，根据 可知，其周期变小，选项D错误。4、B【解析】A由于C物体处于平衡状态，既不受拉力也不受摩擦力，A

15、错误；B由于b处于平衡状态，由于水平拉力F=40N，因此受到水平向左的摩擦力也为40N，B正确；C对小球m进行受力分析可知，可求出绳子拉力:因此桌面受到的静摩擦力方向水平向左，大小为:C错误；D撤去力F的瞬间，由于绳子拉力小于a与桌面间的摩擦力，因三个物体仍将静止不动，D错误5、D【解析】A质点是用来代替物体的有质量的点，是实际物体的简化，质点在现实生活中不存在，将实际的物体抽象为质点是一种理想化模型，故A正确；B探究加速度a与力F、质量m之间的关系时，保持m恒定的情况下，探究a与F的关系，采用的是控制变量法，故B正确； C加速度的定义式，采用的是比值法，故C正确；D伽利略理想实验是想象的实验

16、，而伽利略比萨斜塔上的落体实验，是真实的实验，故D错误。6、A【解析】若锤子从从窗口下沿进入室内，则经过墙壁内侧时的位移低于窗口的上沿，根据平抛运动水平位移相同时，竖直位移越小，时间越短，初速度越大，可知重锤从上沿进入并穿过窗口比从窗口下沿进入室内时抛出的初速度大，选项A正确；若增大h，同时减小抛出的初速度，可能水平位移减小，重锤可能落到墙内侧，不能穿过窗口，选项B错误；若只增大 L，重锤到达窗口时的时间变长，则到达窗口时下降的竖直高度变大，则锤子从窗口上沿的下方进入窗口，选项C错误；若只减小 L，重锤到达窗口时的时间变短，则到达窗口时下降的竖直高度变小，重锤撞到窗口上面的墙壁上，选项D错误；

17、故选A.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】从小球m1到达最近位置后继续前进，此后拉到m2前进，m1减速，m2加速，达到共同速度时两者相距最远，此后m1继续减速，m2加速，当两球再次相距最近时，m1达到最小速度，m2达最大速度：两小球水平方向动量守恒，速度相同时保持稳定，一直向右前进，选取向右为正方向，则：m1v1=m1v1+m2v212m1v12=12m1v12+12m2v22； 解得：v1=m1-m2m1+m2v1，v2=2m1m1+m2v1故m2的最

18、大速度为2m1m1+m2v1，此时m1的速度为m1-m2m1+m2v1，由于m1m2，可知当m2的速度最大时，m1的速度小于1，即m1的速度方向为向左，所以m1的最小速度等于1故AC错误，BD正确；故选BD8、BC【解析】探测器绕月球做匀速圆周运动过程中万有引力完全提供向心力，探测器中的物体处于完全失重状态，从轨道I变轨到轨道II要做近心运动，提供的向心力大于运动所需向心力，故从轨道I到轨道II上要减速；探测器在轨道上运动，万有引力产生加速度，根据万有引力大小判断加速度的大小，在不同轨道上经过同一点时卫星的加速度大小相同；【详解】A、探测器从轨道I变轨到轨道II的过程中探测器轨道半径要减小做近

19、心运动，提供的向心力大于所需向心力，又因在轨道I上运动时万有引力和向心力相等，故变轨时需在A点做减速运动，使得探测器满足GMmr2mv2r做近心运动，故A错误；B、探测器在椭圆轨道运行由A运动至B点的过程中，逐渐靠近地球，万有引力做功，故势能变小，动能变大，经过A点的线速度小于经过B点的线速度，故B正确；C、探测器沿轨道运动过程中，处于完全失重状态，探测器中的科考仪器对其支持面没有压力，故C正确；D、在A点探测器产生的加速度都是由万有引力产生的，因为同在A点万有引力大小相等，故不管在哪个轨道上运动，在A点时万有引力产生的加速度大小相等，故D错误。【点睛】解决本题是要知道探测器做圆周运动时万有引

20、力完全提供向心力，当万有引力大于需要的向心力时则探测器做向心运动，同时知道探测器中的物体处于失重状态以及探测器变轨的原理。9、AB【解析】At=2s时乙的位移为甲的位移为x=22=4m两者位移相同，又是从同一地面出发，故2s末时二者相遇，同理可判断6s末二者也是相遇，故A正确；B4s时甲的位移为x=42=8m乙的位移为甲的位移小于乙的位移，故甲在乙后面，故B正确；C1s末两物体相距的距离等于一个小三角形的面积，而4s末两物体相距的距离等于2-4之间三角形的面积，明显4s末二者的距离最大，故C错误；D乙的速度一直为正，说明其运动方向始终未发生变化，故D错误。故选AB。10、CD【解析】试题分析：

21、因两球从同一高度过网，根据h=12gt2可知两球过网后的运动时间相同，因1的水平射程大于2，根据s=vt可知过网时球1的速度大于球2的速度，选项AB错误；根据v=gt可知球1的速度变化率等于球2的速度变化率，选项C正确；根据v=v02+(gt)2可知，落台时，球1的速率大于球2的速率，选项D正确；故选CD.考点：平抛运动.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ACE AC 1.15 B 系统误差 5% 【解析】火花计时器需要220V、50Hz的交流电源，要用刻度尺测量纸带上点迹的距离，需要天平测量小车的质量，故需要ACE为了使细线对小车的

22、拉力等于小车所受的合外力，需要平衡摩擦力，平衡摩擦力时应当将穿过打点计时器的纸带连在小车上，调整长木板的倾斜度，让小车拖着纸带做匀速直线运动，同时要调整长木板上滑轮的高度使细线与长木板平行，故AC正确，B错误所以选AC从第一个点开始，每隔四个点取一个计数点，时间间隔T=0.1s，根据纸带可知，相邻计数点之间的距离依次为x1=2.61-0.90cm=1.71cm=0.0171m，x2=5.50-2.61cm=2.89cm=0.0289m，x3=9.50-5.50cm=4.00cm=0.0400m，根据逐差法得：，根据图象1可知，当没有挂砝码、砝码盘时，小车产生了加速度，因此说明平衡摩擦力时木板倾

23、角太大，故A错误；根据图象2可知，随着F的增大，即砝码、砝码盘的质量增大，不再满足砝码、砝码盘质量小于小车的质量，因此曲线上部出现弯曲现象，故B正确；根据图象3可知，当挂上砝码、砝码盘时，小车的加速度还是为零，说明没有平衡摩擦力或平衡的不够，故C错误所以选B.在本实验中认为细线的拉力F等于砝码和砝码盘的总重力mg，由此造成的误差是系统误差，对小车，根据牛顿第二定律得：，对整体根据牛顿第二定律得：，且，解得：12、AC【解析】解：A、本实验是通过在白纸上作力的图示来验证平行四边定则，为了减小实验误差，弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，否则，作出的是拉力在纸面上的分力，误差较大读数时视线必须与刻

24、度尺垂直，防止视觉误差故A正确；B、两弹簧测力计的拉力是分力，但橡皮筋的拉力不是合力，橡皮筋的拉力与合力大小相等，方向相反，故B错误；C、两次拉橡皮筋时需将橡皮筋结点拉到同一位罝这样做的目的是保证两次弹簧测力计拉力的效果相同故C正确；D、结点位置不变，合力不变，当一只弹簧测力计的拉力大小改变时，另一弹簧测力计的拉力的大小和方向必须都改变，故D错误故选：AC四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)s (1)50 J (3)【解析】(1)由于h130 m，h115 m，设从A运动到B的时间为t，则h1h1gt1解得(1)由RcosBOCh1h1，Rh1，所以BOC60.设小物块平抛的水平速度是v1，则解得：v110 m/s则Epmv150 J(3)设小物块在水平轨道CD上通过的总路程为s总根据题意，该路程的最大值是smax3L，路程的最小值是sminL路程最大时，动摩擦因数最小，路程最小时，动摩擦因数最大，即由能量守恒知：mgh1mv1mi