2022-2023学年山西省长治市沁县中学物理高三第一学期期中复习检测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,小车上固定着硬杆,杆的端点固定着一个质量为 m 的小球。当小车有水平向右的加速度且逐渐增大时,杆对小球的作用力的变化(用 F1 至 F4 变化表示)可能

2、是下图中的(OO沿杆方向)( )ABCD2、我国发射的“嫦娥一号”卫星经过多次加速、变轨后，最终成功进入环月工作轨道如图所示，卫星既可以在离月球比较近的圆轨道a上运动，也可以在离月球比较远的圆轨道b上运动下列说法正确的是A卫星在a上运行的线速度小于在b上运行的线速度B卫星在a上运行的周期大于在b上运行的周期C卫星在a上运行的角速度小于在b上运行的角速度D卫星在a上运行时受到的万有引力大于在b上运行时的万有引力3、太空中有一质量均匀分布的球形天体。已知该天体半径为R，表面重力加速度在两极的大小为g0，在赤道的大小为g。以下说法正确的是A该天体的第一宇宙速度为B该天体自转的角速度为C该天体的自转周

3、期为D若该天体的自转角速度，则天体会解体4、如图所示，物体A和B用轻绳相连后通过轻质弹簧悬挂在天花板上，物体A的质量为m，物体B的质量为M，当连接物体A、B的绳子突然断开后，物体A上升到某一位置时的速度大小为v，这时物体B的下落速度大小为u，在这一段时间里，弹簧的弹力对物体A的冲量为（ ）AmvBCD5、如图所示，晾晒衣服的绳子两端分别固定在两根竖直杆的等高点上，绳子的质量及绳与衣架挂钩间摩擦均忽略不计，原来保持静止一阵恒定的风吹来，衣服受到水平向右的恒力而发生滑动，并在新的位置保持静止(未画出)则（ ）A两绳子拉力不再相等 B两绳子的夹角变小C两绳对挂钩合力变小 D两绳对挂钩合力可能不变6、

4、2017年春晚，摩托车特技表演引爆上海分会场的气氛，称为史上最惊险刺激的八人环球飞车表演在舞台中固定一个直径为6.5 m的球形铁笼，八辆摩托车始终以70 km/h的速度在铁笼内旋转追逐，旋转轨道有时水平，有时竖直，有时倾斜，非常震撼关于摩托车的旋转运动，下列说法正确的是()A摩托车在铁笼的最低点时，对铁笼的压力最大B摩托车驾驶员始终处于失重状态C摩托车始终机械能守恒D摩托车的速度小于70 km/h，就会脱离铁笼二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，水平传送带A

5、、B两端相距x=4m，以v0=4m/s的速度（始终保持不变）顺时针运转，今将一小煤块（可视为质点）无初速度地轻放至A端，由于煤块与传送带之间有相对滑动，会在传送带上留下划痕已知煤块与传送带间的动摩擦因数=0.4，取重力加速度g=10m/s2，则煤块从A运动到B的过程中A煤块到A运动到B的时间是2.25 sB煤块从A运动到B的时间是1.5 sC划痕长度是2 mD划痕长度是0.5 m8、如图，质量为、长为的直导线用两绝缘细线悬挂于，并处于匀强磁场中当导线中通以沿正方向的电流，且导线保持静止时，悬线与竖直方向夹角为则磁感应强度方向和大小可能为A正向，B正向，C负向，D沿悬线向上，9、研究与平行板电容

6、器电容有关因素的实验装置如图所示，下列说法正确的是A实验中，只将电容器b板向左平移，静电计指针的张角变小B实验中，只将电容器b板向上平移，静电计指针的张角变大C实验中，只在极板间插入有机玻璃板，静电计指针的张角变小D实验中，只增加极板带电量，静电计指针的张角变大，表明电容增大10、如图所示，相同的乒乓球1、2恰好在等高处水平越过球网，不计乒乓球的旋转和空气阻力，乒乓球自最高点到落台的过程中，正确的是（ ）A过网时球1的速度小于球2的速度B球1的飞行时间大于球2的飞行时间C球1的速度变化率等于球2的速度变化率D落台时，球1的速率大于球2的速率三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中

7、指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图所示为利用气垫导轨（滑块在该导轨上运动时所受阻力可忽略）验证机械能守恒定律的实验装置，完成以下填空。实验步骤如下：将气垫导轨放在水平桌面上，桌面高度不低于1m，将导轨调至水平；测出挡光条的宽度l和两光电门中心之间的距离s；将滑块移至光电门1左侧某处，待托盘和砝码静止不动时，释放滑块，要求托盘和砝码落地前挡光条已通过光电门2；测出滑块分别通过光电门1和光电门2的挡光时间；用天平秤出滑块和挡光条的总质量M，再秤出托盘和砝码的总质量m回到下列问题：（1）用最小分度为1mm的刻度尺测量出光电门1和2之间的距离s，以下数据合理的是_。A50cm B50.

8、00cm C50.0cm D50.000cm（2）滑块通过光电门1和光电门2的速度分别为v1和v2，则v1=_。（3）若系统机械能守恒，则M、m、g、s、v1、v2的关系是_。12（12分）某实验小组利用如图所示装置，探究木块在木板上滑动至停止的过程中，摩擦力做的功与木块滑上木板时初速度的关系实验步骤如下：A将弹簧左端固定在平台上，右端自然伸长到平台右侧O点，木板紧靠平台，其上表面与P，Q在同一水平面上使木块压缩弹簧自由端至P点后由静止释放，木块最终停在木板上的B点，记下P点并测出OB间的距离LB去掉木板再使木块将弹簧压缩至P点并由静止释放，测出木块做平抛运动的水平位移xC改变由静止释放木块的

9、位置，以获取多组L，x数据D用作图象的办法，探求Lx关系，得出结论A，B两步中，均使弹簧压缩到同一点P的目的是_本实验中，是否必须测出图中h的具体数值_?(填“是”或“否”)实验小组根据测得数据，作出Lx2图象如右图所示，据此，实验小组便得出结论：摩擦力对木块做的功形与木块滑上木板时的初速度平方成正比请写出其推理过程_：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，水平面上放着一块质量为薄木板（厚度忽略不计），长为，木板处于静止状态。质量为的小物块可视为质点放在木板的最右端。已知物块与木板间的动摩擦因数，物

10、块与地面、木板与地面的动摩擦因数均为。可认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现对木板施加一个水平向右的恒力F（g取）。若要使木板开始运动，且物块相对木板不滑动，则求F的取值范围。若，求物块即将滑离木板时的速度大小。若，物块静止时离木板右端距离。14（16分）如图所示，传送带AB总长为l10 m，与一个半径为R0.4 m的光滑四分之一圆轨道BC相切于B点，传送带速度恒为v6 m/s，方向向右，现有一个滑块以一定初速度从A点水平滑上传送带，滑块质量为m10 kg，滑块与传送带间的动摩擦因数为0.1，已知滑块运动到B端时，刚好与传送带同速，求： (1)滑块的初速度；(2)滑块能上升的最大高度；(3)求滑

11、块第二次在传送带上滑行时，滑块和传送带系统产生的内能15（12分）雪橇运动在北方很受人们欢迎，其简化模型如图所示倾角=37的直线雪道AB与曲线雪道BCDE在B点平滑连接，其中A、E两点在同一水平面上，雪道最高点C所对应的圆弧半径R=10m，B、C两点距离水平面AE的高度分别为h1=18m、h2=18.1m，雪橇与雪道间的动摩擦因数=0.1游客可坐在电动雪橇上由A点从静止开始向上运动若电动雪橇以恒定功率P=1.03kW工作t=10s时间后自动关闭，则雪橇和游客（总质量M=50kg）到达C点时的速度vC=1m/s，到达E点时的速度vE=9m/s已知雪橇运动过程中不脱离雪道，sin37=0.6，重力

12、加速度g取10m/s2(1)求雪橇在C点时对雪道的压力；(2)求雪橇在BC段克服摩擦力做的功；(3)求雪橇从C点运动到E点过程中损失的机械能；(4)若仅将DE段改成与曲线雪道CD段平滑连接的倾斜直线轨道（如图中虚线所示），则雪橇从C点运动到E点过程中损失的机械能将如何变化（增加，减少还是不变）？请简要说明理由参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】小球与小车的运动情况保持一致，故小球的加速度也水平向右且逐渐增大，对小球进行受力分析，竖直方向受平衡力，所以杆子对小球的力的竖直向上的分量等于重力且不发生变化，水平

13、方向合力向右并逐渐增大，所以杆子对小球的作用力的水平分量逐渐增大。A.与分析不符，故A错误。B.与分析不符，故B错误。C.与分析相符，故C正确。D.与分析不符，故D错误。2、D【解析】A由，可知卫星在a上运行的线速度大于在b上运行的线速度，选项A错误；B由，可知卫星在a上运行的周期小于在b上运行的周期，选项B错误；C由，卫星在a上运行的角速度大于在b上运行的角速度，选项C错误；D根据可知，卫星在a上运行时受到的万有引力大于在b上运行时的万有引力，选项D正确。故选D。3、D【解析】A质量为m的物体在天体的两极所受到的引力等于其所受的重力，所以有：，所以天体质量为：根据万有引力提供向心力：联立可得

14、：故A错误。C在赤道，引力为重力和向心力的矢量和，故：联立可得：故C错误。BD当地球自转周期为时，赤道上物体恰好瓦解：解得：所以当加速度大于时，天体会解体。故B错误，D正确。4、D【解析】以向上为正方向，在这一段时间里，对物体B由动量定理得在这一段时间里，对物体A由动量定理得解得故D正确，ABC错误。故选D。5、B【解析】衣服原来是受重力和两个拉力而平衡，受到向右的风力后是四力平衡，两个绳子的拉力的合力与重力、风力的合力相平衡，故两个绳子的拉力的合力变大，即绳对挂钩作用力变大，则两个绳子的夹角变小，因为是光滑的钩子，则两个绳子的拉力仍相等，选项B正确，ACD错误，故选B。6、A【解析】在最低点

15、，即，对铁笼的压力最大，A正确；在最低点时，加速度向上，处于超重状态，B错误；过程中摩托车的高度在变化，即重力势能在变化，但是速度大小恒定，即动能恒定，所以摩托车的机械能不守恒，C错误；根据题中信息，不能说明摩托车速度小于70km/h会脱离铁笼，D错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】A、B、煤块在传送带上匀加速运动时，根据牛顿第二定律有mg=ma，得a=g=4 m/s2，当煤块速度和传送带速度相同时，位移，因此煤块先加速后匀速，匀加速运动的时间，匀速

16、运动的时间，煤块从A运动到B的总时间t=t1+t2=1.5 s，A错误，B正确；C、D、在加速阶段产生相对位移即产生划痕，则有x=v0t1x1=2 m，C正确，D错误故选BC.【点睛】对传送带问题，要注意区分划痕和产生热量的有效路程不同，对简单的过程，二者一般相等，但对复杂的过程，要注意前者为某段的最大位移，后者为总的相对路程.8、BC【解析】试题分析：磁感应强度方向为z正方向，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿y负方向，则导体不可能处于平衡状态，选项A错误；磁感应强度方向为y正向时，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿z正方向，此时细线的拉力为零，由平衡条件得：BIL=mg，解得：B=，选

17、项B正确；磁感应强度方向为z负向时，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿y正方向，由平衡条件得：BILcos=mgsin，解得：B=，选项C正确； 当沿悬线向上时，由左手定则可知，安培力垂直于导线斜向左下方，导体不可能处于平衡状态，选项D错误；故选BC.考点：物体的平衡；安培力；左手定则【名师点睛】此题是物体的平衡及安培力的方向判断问题；左手定则和右手定则一定要区分开，如果是和力有关的则全依靠左手定则，即关于力的用左手，其他的（一般用于判断感应电流方向）用右手定则；注意立体图形和平面图形的转化.9、BC【解析】静电计是测量电势差的装置，电势差越大，静电计指针的偏角越大由题，电容器的电量不变，根

18、据各选项的操作分析电容器电容的变化，再由电容的定义式C=QU分析电容器两板间电势差的变化【详解】A、将b板向左平移，板间距离增大，电容器电容C减小，而电容器的电量Q不变，由C=QU分析可知，电容器两板间电势差增大，则静电计指针偏角变大；故A错误.B、将b板向上平移，两板正对面积减小，电容C减小，而电容器的电量Q不变，由C=QU分析可知，电容器两板间电势差增大，则静电计指针偏角变大；故B正确.C、在a、b之间插入一块绝缘介质板，电容增大，而电容器的电量Q不变，由C=QU分析可知，电容器两板间电势差减小，则静电计指针偏角变小；故C正确.D、增大极板电量，而决定电容的几个量都不变则C不变，可知极板间

19、的电压增大，则静电计指针偏角变大；故D错误.故选BC.【点睛】本题是电容器动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是电容与哪些因素有什么关系10、CD【解析】试题分析：因两球从同一高度过网，根据h=12gt2可知两球过网后的运动时间相同，因1的水平射程大于2，根据s=vt可知过网时球1的速度大于球2的速度，选项AB错误；根据v=gt可知球1的速度变化率等于球2的速度变化率，选项C正确；根据v=v02+(gt)2可知，落台时，球1的速率大于球2的速率，选项D正确；故选CD.考点：平抛运动.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11

20、、 B 【解析】（1）最小分度为1mm的刻度尺，在读数的时候要估读一位，所以应该保留到mm后一位，故B正确。（2）利用光电门测速度的原理：由于挡光条比较窄，所以在处理数据得时候把平均速度当瞬时速度用了即 所以 （3）若系统机械能守恒，则系统内重力势能的减少量应该等于系统动能的增加量，即应该满足： 综上所述本题答案是：(1). B (2). (3). 12、保证木块做平抛运动的初速度与木块滑上木板时的初速度相等否设木块做平抛运动的初速度为v，运动时间为t，则木块的水平位移x=vt，木块在水平木板上运动时，由动能定理得：-fL=0-mv2，解得：L= x2，m，f，t是常数，设 =k，则L=kx2

21、，k是常数，则L与x2成正比【解析】实验要保证木块的初速度相等，A，B两步中，均使弹簧压缩到同一点P的目的是保证木块做平抛运动的初速度与木块滑上木板时的初速度相等木块离开平台后做平抛运动，由于抛出点的高度一定，木块在空中的运动时间相等，木块的水平位移与时间成正比，实验不需要测出平台的高度h设木块做平抛运动的初速度为v，运动时间为t，则木块的水平位移x=vt，木块在水平木板上运动时，由动能定理得：-fL=0-mv2，解得：L=x2，m，f，t是常数，设=k，则L=kx2，k是常数，则L与x2成正比四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和

22、演算步骤。13、（1）3NF9N；（2）2m/s；（3）18m【解析】（1）根据木板受到地面的最大静摩擦力求出F的最小值，根据牛顿第二定律求出m不发生相对滑动的最大加速度，对整体分析，根据牛顿第二定律求出最大拉力，从而得出F的范围；（2）当F=13N时，M和m发生相对滑动，根据牛顿第二定律分别求出m和M的加速度，结合位移关系，运用运动学公式求出滑离时经历的时间，根据速度时间公式求出物块滑离木板时的速度大小；（3）根据牛顿第二定律分别求出滑离木板后木块和木板的加速度，根据速度公式和速度位移关系求出木块速度减到零时木块的位移和所用的时间，根据位移时间关系求出木板的位移，根据几何关系求出物块静止时离

23、木板右端距离。【详解】(1)地面对木板的滑动摩擦力f=2(M+m)g=0.130N=3N物块的最大加速度am=1mg/m=1g=0.210m/s2=2m/s2，根据牛顿第二定律得，Fmf=(M+m)am，代入数据解得F的最大值Fm=9N，要使木板运动，且物块不滑动，则3N9N，所以物块与木板发生相对滑动。物块的加速a1=1mg/m=1g=2m/s2，木板的加速度a2=m/s2=4m/s2，设经t时间物块从木板滑离，则L=，代入数据解得t=1s，物块滑离木板时的速度v=a1t=21m/s=2m/s；（3）物块离开木板后，在地面上做减速运动，a3=-2mg/m=-2g=1m/s2，木板做加速运动，

24、根据牛顿第二定律F-2Mg=Ma4，代入数据得：a4=5.5m/s2，物块滑离木板时木板的速度：v2=a2t=4m/s，木块速度减到零经过的位移：x3=，所用时间t3=v/a3=2/1s=2s此过程木板的位移：m=19m物块静止时离木板右端距离：x=L+x4-x3=18m答：（1）F的取值范围为3NF9N.（2）物块即将滑离木板时的速度大小为2m/s.（3）物块静止时离木板右端距离18m14、 (1) m/s或4 m/s(2)1.8 m(3)220 J【解析】(1)以滑块为研究对象，滑块在传送带上运动过程中，当滑块初速度大于传送带速度时，有解得v02m/s；当滑块初速度小于传送带速度时，有解得v04 m/s.(2)由动能定理可得mgh0mv2解得h1.8 m.(3)以滑块为研究对象，由牛顿第二定律得mgma，滑块的加速度a1 m/s2，滑块减速到零的位移s18 m10 m则滑块第二次在传送带上滑行时，速度没有减小到零就离开传送带，由匀变速