2019年内蒙古通辽市中考物理试题(解析版)

1、2019年内蒙古通辽市中考物理试卷一、选择题1.下列关于声现象的说法正确的是A.通常情况下声音在空气中传播最快B.“教学楼内请轻声慢行”，其中“轻声”是指声音的音调C.倒车雷达利用了次声波传递信息D.摩托车上装有消声器，这是在声处减弱噪声的【答案】D【解析】【详解】A通常情况下，声音在固体中传播最快，故A错误；B“教学楼内请轻声慢行”，其中“轻声”是指声音的响度，故B错误；C“倒车雷达”利用了超声波传递信息，故C错误；D摩托车加消声器能防止噪声的产生，属于在声处减弱噪声，故D正确。2.关于光现象及其应用，下列说法正确的是站在河边会发现自己的倒影，这是光的折射现象用手机照相时，镜头相当于凹透镜，

2、成倒立、缩小、实像大雨过后，看到的彩虹是光的色散现象近视眼成像在视网膜后方，需要戴凹透镜矫正【答案】C【解析】【详解】A倒影是平面镜成像现象，其实质是由于光的反射形成的，故A错误；B用手机照相时，镜头相当于凸透镜，成倒立、缩小、实像，故B错误；C雨后在空气中有若干的小水滴，太阳光经过小水滴后能色散成七种色光，由此而产生的彩虹现象，故C正确；D近视眼成像在视网膜前方，需要戴凹透镜矫正，故D错误。3.下列物理现象及其原因分析错误的是春天，冰雪消融是熔化现象，这个过程要吸热夏天，常用干冰给食品保鲜，利用了干冰升华吸热秋天，草木的叶子上有露珠，这是水蒸气液化吸热形成的冬天，窗玻璃上会出现冰花，这是水蒸

3、气凝华放热形成的【答案】C【解析】【详解】A春天，冰雪消融，物质由固态变成液态，这熔化现象，这个过程中冰要吸收热量，故A正确；B夏天，常用干冰给食品保鲜，干冰由固态直接变成气态，是升华现象，干冰升华吸热，故B正确；C秋天，草木的叶子上有露珠是水蒸气遇冷液化形成的小水珠，液化放热，故C错误；D冬天，窗玻璃的内侧出现冰花，是水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，故D正确。4.有一种电动烤地瓜机，将地瓜放在托盘上，盖上锅盖相当于闭合开关是S1，托盘旋转，再将温控开关S2闭合，开始加热；若只闭合开关S2，则不能加热。下图M是托盘电动机，R加热电阻，对其内部电路设计合理的是？A.B.C.D.【答案】B【

4、解析】【详解】由于“自动烤地瓜机当闭合开关S1，托盘旋转；再将温控开关闭合，开始加热；若只闭合开关，则不能加热”。因此，托盘电动机和加热电阻R是并联，S1要控制电动机和R，即串接在干路上，S2控制R，即串接在加热电阻R的支路上。故图ACD不符合题意，图B符合题意。5.自行车是常见的交通工具，骑车出行既健康又环保。周末小华骑自行车去森林公园，下列说法正确的是以正在骑行的小华为参照物，路边的树木是静止的上坡前，小华用力蹬脚踏板，是为了增大惯性自行车把手上凹凸不平的花纹是为了增大摩擦匀速转弯时，自行车和人构成的整体处于平衡状态【答案】C【解析】【分析】1）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物

5、，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。2）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。3）增大摩擦的方法：从压力大小和接触面的粗糙程度考虑，增大压力，增大接触面的粗糙程度，用滑动代替滚动摩擦。4）平衡状态是指物体处于静止和匀速直线运动。【详解】A.以正在骑行的小华为参照物，路边的树木是运动的，故A错误；B.惯性大小只与物体的质量有关，用力蹬车不能增大惯性，是为了增大车的速度增大动能，故B错误；C.自行车把手上凹凸不平的花纹是为了在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦力。故C正确；D.匀速转弯时，由于自行车和

6、人构成的整体运动状态发生变化，处于非平衡状态，故D错误。故选C.6.如图为撑杆跳运动员跃过横杆前的一个情景，下列说法中正确的是人对杆的力改变了杆的形状杆对人没有力的作用杆发生了塑性形变人在上升时，如果所受外力全部消失，将处于静止状态【答案】A【解析】【详解】A人对杆施加了力，从而改变了物体的形状，故A正确；B物体间力的作用是相互的，故杆对人也有力的作用，故B错误；C杆所发生的形变，撤去外力后能恢复原的形状，故是弹性形变，故C错误；D人在上升时，如果所受外力全部消失，将向上做匀速直线运动，故D错误；7.有关家庭电路及安全用电的说法正确的是漏电保护器和空气开关作用相同可以相互替代不同时触摸到火线和

7、零线也可能触电电灯开关短路时，可引起空气开关跳闸使用试电笔时手必须接触笔尖金属体【答案】B【解析】【详解】A空气开关是防止线路短路或者超负荷用的，而漏电保护器只有漏电的时候会跳闸，所以漏电保护器和空气开关作用不相同，在电路中要同时安装，但不可以相互替代；故A错误；B站在地上人手接触火线，电流会从火线经过人体流到大地，发生单线触电；所以，不同时触摸到火线和零线也会发生触电事故，故B正确；C电灯开关短路时，相当于开关闭合，灯泡一直发光，但不会引起空气开关跳闸，故C错误；D正确使用测电笔的方法：笔尖接触检测的导线，手必须接触笔尾金属体，这样才能检测导线是零线还是火线，故D错的误。8.厨房中涉及很多物

8、理知识，下列分析正确是A.电饭锅对水平桌面压力和地面对桌子支持力是一对平衡力B.菜刀的刀刃很薄是为了增大压力C.炒菜时主要是通过热传递方式增加菜内能D.吸油烟机是利用在气体中流速越大位置压强越大原理工作【答案】C【解析】【详解】A电饭锅对水平桌面的压力和地面对桌子的支持力大小不相等，不是一对平衡力，故A错误；B菜刀的刀刃很薄是为了减小受力面积，增大压强，故B错误；C炒菜时对菜进行加热，主要是通过热传递的方式增加菜的内能，故C正确；D吸油烟机是利用在气体中流速越大的位置压强越小的原理工作的，故D错误。9.以下是对电与磁部分四幅图的分析，其中错误的是A.如图装置闭合电路后磁针会偏转，说明电流能产生

9、磁场B.如图装置说明通电导线在磁场中受到力的作用C.如图装置所揭示的原理可制造发电机D.图中动圈式话筒应用了磁场对电流的作用【答案】D【解析】【详解】A图中是奥斯特实验,说明了电流周围存在磁场,故A正确.B图中是闭合电路的导体在磁场中受到力的作用,故B正确;C图中是电磁感应现象,是发电机的原理,故C正确;D图是动感线圈式话筒，当人对话筒说话时，引起膜片的振动，膜片的振动会引起线圈的运动，切割永磁铁的磁感线而产生相对应的变化的电流，从而在扬声器产生与说话者相同的声音。动圈式话筒是根据电磁感应原理工作的。故D错误。下列生活现象中，说法正确的是家里鱼缸中的鱼吐出的气泡上升时越越大一瓶氧气用掉一半后，

10、质量变为原一半密度不变塑料吸盘能贴在光滑墙上，是因为墙和吸盘之间的分子引力作用瓶盖起子应用了杠杆知识，使用时是为了省距离【答案】A【解析】【详解】A气泡在水中上浮过程中，气泡所处的深度减小，受到水的压强减小，体积变大，故A正确；B一瓶氧气用掉一半后,氧气质量减半,因为剩余氧气还充满整个氧气瓶,所以剩余氧气的体积不变,根据=m可知，瓶中的氧气密度减小，故B错误；VC使用塑料吸盘时，先挤出里边空气，使其内都气体压强减小，在外界大气压作用就把它压在了光滑的墙面上；故C错误；D瓶盖起子应用了杠杆知识，使用时是为了省力，故D错误11.如图所示，利用滑轮组在2s内将重400N的物体匀速提升了1m，所用拉力

11、F为150N不计绳重和摩擦下列说法正确的是的A.绳子自由端移动的速度为2m/sB.动滑轮的总重为100NC.滑轮组的机械效率为83.3%提升更重的物体，滑轮组的机械效率会变小【答案】A【解析】【详解】A由图知，n=4，绳子自由端移动距离s=4h=41m=4m，绳子自由端移动速度s=4mv=2m/s，故A正确；t2sB不计绳重及摩擦拉力F=1轮可得动滑轮所受的重力G动=4F-G=4150N-400N=200N，故,(G+G),4错误；C拉力做的功W总=Fs=150N4m=600J，有用功：W有用=Gh=400N1m=400J，滑轮组的机械效率：W有用400J=W总600J100%66.7%，故C

12、错误；若用该滑轮组提升所受重力更重的物体，额外功不变，有用功增加，有用功在总功中所占的比例增加，机械效率增加，故D错误。对下列四幅图的分析正确的是A.图中蓝牙耳机是通过超声波与手机进行信号传输的B.如图装置可用探究电流产生的热量与通电时间的关系C.图中电路能探究电磁铁磁性强弱与电流大小关系D.图中电路可以探究导体电阻与导体材料的关系【答案】B【解析】【详解】A图中蓝牙耳机是通过电磁波与手机进行信号传输的，故A错误B在装置中，只看其中一个可以用探究电流通过导体产生的热量跟通电时间的关系，B正确；C图中两个电磁铁串联，电流相等，不能探究电磁铁磁性强弱与电流大小关系，故C错误；D的关系应探究导体电阻

13、与导体材料的关系应控制长度和横截面积一定，导体材料不同，故D错误。13.某建筑工地需要架设临时供电线路，实现照明和电加热功能，其简化电路如图所示，供电处电压U不变，从供电处到工地用长导线（有电阻）连接。闭合开关S1、S2时加热器和照明灯同时工作。断开S2后与断开S2前相比较，下列说法正确的是照明灯亮度不变照明灯亮度变暗相同时间内长导线上消耗的电能不变相同时间内整个供电线路消耗的电能减少【答案】D【解析】【详解】AB由题图可知，断开S2前，照明灯与加热器是并联的；开关S2断开后，只有照明灯与长导线串联，电路中总电阻变大，电流变小，长导线两端的电压变小，照明灯两端分得的电压变大，亮度变亮，A、两项

14、均错误；C由公式P=I2R可知，长导线消耗的功率变小，即相同时间内消耗的电能减少，C项错误；D根据公式P=UI，电路中的总电压不变，电流变小，则电路的总功率变小，即相同时间内消耗的总电能变小，D正确。14.水平桌面上两个相同的烧杯中分别装有甲、乙两种不同液体，将两个不同材料制成的正方体A、B（VAVB），按如图两种方式放入两种液体中，待静止后B刚好浸没在甲液体中，A刚好浸没在乙液体中，两杯中液面恰好相平。下列说法正确的是甲液体密度小于乙液体密度甲液体对杯底的压强等于乙液体对杯底的压强C.甲液体对B下表面的压强小于乙液体对A下表面的压强装甲液体的容器对水平桌面的压力小于装乙液体的容器对水平桌面的

15、压力【答案】ACD【解析】【详解】A.由图可知，正方体A、B在甲、乙两种液体中均为漂浮，根据漂浮条件知，它们在甲、乙两种液体中受到的浮力相等，已知VAVB，根据阿基米德原理F浮=液gV排得，甲乙，故A说法正确，符合题意；B.已知两杯中液面相平，根据公式p=gh得，p甲p乙，故B说法错误，不符合题意；C.由于正方体A、B在甲、乙两种液体中漂浮，受到的浮力相等，根据浮力产生的原因F浮=F向上-F向下得，甲液体对B下表面的压力等于乙液体对A下表面的压力，又由于BSA，根据公式得，甲液体对B下表面的压强小于乙液体对A下表面的压强，故C说法正确，符合题意；SF的体积小于乙液体的体积，又，根据公式mD.由

16、图可知，甲液体p=甲乙得，甲液体的质量SV小于乙液体的质量，则装甲液体容器的总重小于装乙液体容器的总重，因此装甲液体的容器对水平桌面的压力小于装乙液体的容器对水平桌面的压力，故D说法正确，符合题意。15.如图甲所示，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片滑片从最右端滑至最左端时，小灯泡恰好正常发光。电流表示数与两电压表示数的关系图象如图乙。下列说法中正确的是A.电电压为9VB.滑动变阻器的最大阻值为14C.小灯泡的额定功率为8WD.电路总功率的变化范围为8W12W【答案】B【解析】【详解】由电路图可知,灯泡L与定值电阻R0、滑动变阻器R,V1测L与R两端的电压之和,串联电压表0电压表V2测R0两端的

17、电压，电流表测电路中的电流。A当滑片位于最左端时,接入电路中的电阻为零,此时电路中的电路中的电流最大,电路的总功率最大,两电压表的示数最大且电压表V1测电两端的电压，由图乙可知,电路中的最大电流I大=1.0A,电压表V2的示数U0=6V,电压表V1的示数为12V，即电的电压U=12V，故A错误；B电路的最大总功率：P大=UI大=12V1.0A=12W；当滑片位于最右端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，电路的总功率最小，由图象可知电路中的最小电流I小=0.5A,电压表V1的示数UV1=5V，,此时滑动变阻器两端的电压：UR=U-UV1=12V-5V=7V，由I=U可得，滑动变阻器的

18、最大阻值：RUR7VR=14，故B正确；小0.5AC因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，此时灯泡两端的电压：UL=U-U0=12V-6V=6V，因此时小灯泡恰好正常发光，所以，灯泡的额定功率：PL=ULI大=6V1.0A=6W，故C错误；电路的最小总功率：P小=UI小=12V0.5A=6W，则电路总功率的变化范围是6W12W，故D错误。二、作圈题如图所示，一束光线经凹透镜折射后，射向与凹透镜主光轴平行的平面镜上，请画出：（1）射向凹透镜的入射光线；（2）经平面镜的反射光线。（）【答案】【解析】【详解】平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，据此画出入射光线；过平面

19、镜的入射点垂直于镜面作出法线，然后根据反射角等于入射角，在法线右侧作出反射光线，如下图：请在图中画出：1）重物所受重力的示意图；（2）拉力F的力臂l。）【答案】【解析】【详解】重物受到的重力作用在它的重心（几何中心），由重心开始画一条竖直向下的有向线段，并标出符号G，即为其重力示意图；定滑轮可以绕中间轴转动，所以支点O为定滑轮的轴；图中拉力F是斜向下的，过支点O作拉力F作用线的垂线段，即为拉力F的力臂l。如图所示：18.如图所示，在电磁铁上方用弹簧挂着一个条形磁体，开关闭合后，滑片P向右滑动时弹簧伸长。请标出电磁铁上端的极性及电正负极。（）【答案】【解析】【详解】当滑片P向右移动时，滑动变阻器

20、接入的电阻变小，电路中的电流变大，电磁铁磁性变强，弹簧伸长，可以判断，电磁铁的上端为S极；根据右手螺旋定则知，通电螺线管的上端是S极，下端是N极，在磁体外部，磁感线是N极发出，回到S极；电流由下端流入，上端流出，故电的左端为正极，右端为负极，如下图所示：三、实验探究题对冰加热，冰化成水直至沸腾，这一过程绘制成如图所示的温度随时间变化的图象。由图可知：1）冰的熔化过程是_段，水沸腾过程的特点是_。2）冰升温比水_（选填“快”或“慢”），这是因为_。【答案】(1).BC(2).继续吸热但温度不变(3).快(4).冰的比热容比水小【解析】【详解】第一空冰的熔点是0，冰熔化时不断吸收热量，但温度保持不

21、变，第二空由图象可知冰的熔化过程为BC段；水沸腾时继续吸热，温度不变；第三空由图象可知，AB段表示冰还没有熔化，CD段表示冰已经全部熔化为水，AB段比CD段温度升高的要快些，即冰升温比水快；第四空这是因为冰的比热容比水小，在质量和吸收的热量均相同时，由Q吸=cmt可知，冰升温较快。菜同学为了探究“平面镜成像时，像与物到平面镜的距离的关系”，所用的实验器材有：单面镀膜的玻璃板、支架、两个相同的跳棋、白纸和刻度尺。实验装置如图（甲）所示。1）在白纸上画一条直线，将玻璃板竖直立在白纸上，使玻璃板_那一面的下边线与直线重合（选填“有膜”或“无膜”）。（2）用镀膜玻璃板和跳棋做实验，实验环境有：几乎无光

22、的实验室，有阳光的实验窒，在_中进行实验效果好（选填“”或“”）。（3）在同样的实验环境下，用镀膜玻璃板实验比用普通玻璃板实验成像更清楚，主要原因是：_。（4）在白纸上沿跳棋A和B的边缘画圆，测出物距u和像距v的值如下表：实验次数123物距u/cm3.395.116.39像距v/cm5.226.51如图（乙）所示，第1次实验测量的物距是A的右端到直线的距离，则像距v1_cm。该同学发现三次实验的像距都比物距略大一些，原因是：_（只有一个正确选项，将正确选项的字母填在横线上）A刻度尺测量像距时存在误差B玻璃板有一定厚度C物和像的标记点不对应D玻璃板没有竖直放置【答案】(1).有膜(2).(3).

23、镀膜增强了对光的反射(4).3.50(5).B【解析】【分析】1）有膜的一面作为反射面；2）物体射出的光线对人眼刺激越强，人眼感觉物体越亮，物体经过平面镜反射，反射光线进入人眼的光线越多，人眼感到物体的像越亮。3）用镀膜玻璃板实验比用普通玻璃板实验成像更清楚，是反射能力更强；（4）刻度尺的分度值是刻度尺相邻两刻度线表示的长度。使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；玻璃板有一定厚度，有两个反射面。【详解】（1）在白纸上画一条直线

24、，将玻璃板竖直立在白纸上，有镀膜的一面因为成像更清晰，所以使玻璃板有膜那一面的下边线与直线重合。（2）用镀膜玻璃板和跳棋做实验，因为跳棋本身不会发光，要靠反射的光线成像，所以应该在光线较好的环境中实验，即在有阳光的实验室实验。（3）在同样的实验环境下，用镀膜玻璃板实验比用普通玻璃板实验成像更清楚，因为平面镜是反射成像的，所以镀膜后一定是增强了镜面对光的反射。（4）如图（乙）所示，第1次实验测量的物距是A的右端到直线的距离，因为像与物关于镜面对称，所以像距应为B的左端到直线的距离，刻度尺的分度值为1mm，则像距v1=3.50cm。该同学发现三次实验的像距都比物距略大一些，且去除误差因素后，每次像

25、距与物距的差值相等，说明是同一原因引起的，考虑实验装置，原因只能是：玻璃板有一定厚度造成的。故选B。【点睛】平面镜成像的实验中有很多细节问题要注意，如要用薄的玻璃板，要保证玻璃板与桌面垂直等，要注意多总结，用时则手到擒。另外要牢记平面镜成等大的虚像，像与物到镜面的距离相等，像与物的连线与镜面垂直，即像和物关于平面镜对称。在探究“滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验中：（1）此实验是根据_原理测出摩擦力大小的。（2）小明刚开始拉木块时，他的水平拉力逐渐增大，但木块仍静止，木块所受的摩擦力（选填“变大”、“变小”或“不变”）；木块被拉动，且越越快，小明读出某一时刻弹簧测力计的示数为3N，他认为这时

26、摩擦力的大小为3N，他操作中的错误是_。3_。（）改正错误后，小明完成了探究过程，比较乙、丙两次实验可得出的结论是（4）在图甲、图乙实验中，假如把木板换成海绵，拿掉弹簧测力计，会发现（选填“甲”或“乙”）_图中海绵凹陷得更深。说明在受力面积一定时，压力作用效果与_有关。【答案】(1).二力平衡(2).变大(3).没有使物体做匀速直线运动(4).压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大(5).乙(6).压力【解析】【详解】第一空在实验中匀速拉动木块运动时，木块处于平衡状态，根据二力平衡条件，木块受到的摩擦力与拉力是一对平衡力，所以拉力与摩擦力的大小相等；第二空虽然水平拉力逐渐增大，但是木块始终处

27、于静止状态，所以在水平方向受到的拉力与摩擦力相互平衡，大小相等；第三空由于拉力在增大，所以摩擦力也在增大；木块未做匀速直线运动，所以此时拉力与摩擦力不相等；第四空甲、丙两次实验，压力大小相等，丙的接触面粗糙程度大于甲的接触面粗糙程度，拉力大于甲的压力，说明丙的摩擦力大于甲的摩擦力，可得压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；第五空在图甲、图乙实验中,假如把木板换成海绵,拿掉弹簧测力计,木块放在海绵上,受力面积相同,而乙中压力大,根据p=F，乙中压强大，即会发现乙图中海绵凹陷得更深，S第六空由此说明：在受力面积一定时，压力作用效果与压力大小有关。22.小明在“探究电流与电阻关系”的实验中，准备

28、了如下实验器材：干电池，标有“151A动变阻器，阻值分别为5、10、20的定值电阻。1）小明连接了下面的电路，其中有一条导线连接有误，请将连接错误的导线打“”并画出正确连线。）（2）排除故障后，小明将5定值电阻连入电路，将滑动变阻器的滑片移动到_（选填a”或“b”）端，再闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为某一定值，此时电流表的示数如图乙，示数为_A。（3）接下断开开关，取下5的定值电阻，分别把它换成10、20的定值电阻，闭合开关，调节滑动变阻器，控制_（选填“电流表”或“电压表”）示数不变，分别读取相应的电流表示数，记录在表中：实验次数123电阻R/51020电流I/A0.20.

29、1（4）由数据可知：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成_。5）小明想用一块电流表和一个定值电阻R0测未知电阻R的阻值，于是他和同组同学设计了如图丙所示的电路图，并进行如下实验操作：闭合S、S1，此时电流表的示数为I；闭合S、断开S1，此时电流表的示数为I1；RR_R0II1【答案】(1).（1）(2).（2）b；(3).0.4；(4).（3）电压表；(5).（4）反比；II1R1(6).（5）I1【解析】【分析】1）电压表与定值电阻并联且正进负出；2）为保护电路，变阻器连入电路中电阻最大；根据电流表小量程计读数；3）研究电流与电阻的关系时，要控制电压表示数不变，由欧姆定律的变

30、形公式，求出电压表示数；连接电路过程中，应该断开开关，并且将滑动变阻器阻值调到最大；4）由表中数据得出结论；5）在没有电压表时，使定值电阻与待测电阻并联，根据电流表和定值电阻的示数计算出电压，然后根据公式RU计算出其电阻。I【详解】(1)如图的电路中，电压表与滑动变阻器并联了，是错误的，将电压表与定值电阻并联，即电压表的中间接线柱应连接到定值电阻的左端，如图：(2)排除故障后小明将5定值电阻连入电路根据保户电路的原则，应将滑动变阻器的滑片移动到b端，,即阻值最大端,再闭合开关；调节滑动变阻器的滑片,使电压表的示数为某一定值,此时电流表的示数如图乙，由电路图知电流表使用小量程，分度值为0.02A

31、,指针在第二大格处，所以示数为0.4A。接下断开开关,取下5的定值电阻,分别把它换成10、20的定值电阻，闭合开关；因为研究电流与电阻关系时，应控制电阻两端的电压不变，所以调节滑动变阻器控制电压表的示数不变。,(4)由数据可知，每一次的电流与电阻的乘积都相等，即0.4A50.2A100.1A20；所以可得结论：当导体两端的电压一定时,通过导体的电流与导体的电阻成反比。(5)闭合S、S1，此时电流表的示数为I，由图知，此电流为干路电流，即干路电流为I；闭合S、断开S1,此时电流表的示数为11；I，即未知电阻的电流为I根据并联电路的干路电流等于各支路电流之和知，R0电流为：II1；则电电压为：UI

32、0R0II1R0；根据RU表达式为：得未知电阻IRXUII1R0IXI1【点睛】研究欧姆定律的实验中注意控制变量法应用，即分别控制电阻不变和电压不变，据此分析滑动变阻器滑片的调整方向；在没有电压表测量未知电阻时，关键得出未知电阻两端的电压，所以要根据并联电路电压相等的特点设计并联电路。四、解答题23.2018年5月13日，中国首艘国产航母001A型航空母舰离开大连港码头，开始海试。（水=1.0103g/m3，g取10N/g）请问：1）航母001A设计排水量6.7104t，那么它满载时受到的浮力是多少？2）海面下8m处的压强是多少？（3）一位体重为600N的歼15舰载机飞行员，每只脚与水平甲板的接触面积是200cm2，则他双脚站立时对甲板的压强是多少？【答案】（1）6.7108N（2）8104Pa（3）1.5104Pa【解析】【详解】(1)航母满载时的排水量：m排=6.7104t=6.7107g，航母满载时受到的浮力：F浮=G排=m排g=6.7107g10N/g=6.7108N；海面下8m处的压强：p=gh=1.0103