云南省富源县第六中学2022-2023学年物理高三第一学期期中质量跟踪监视试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、小明希望检验这样一个猜想：从斜面滑下的小车，装载物体的质量越大，到达斜面底部的速度越快图示为两种不同直径车轮（颜色不同），装有不同木块（每个木块的质量相同）从不同高度释放的

2、小车你认为小明应该选用哪3种情况进行比较（ ）AG O RBG S WCS T UDS W X2、如图所示，一滑块从半圆形光滑轨道上端由静止开始滑下，当滑到最低点时，关于滑块动能大小和对轨道最低点的压力，下列结论正确的是（ ）A轨道半径越大，滑块动能越大，对轨道的压力越大B轨道半径越大，滑块动能越大，对轨道的压力与半径无关C轨道半径越大，滑块动能越大，对轨道的压力越小D轨道半径变化时，滑块动能、对轨道的正压力都不变3、如图所示，一根轻绳跨过定滑轮，连接着质量分别为M和m的两个物体，滑轮左侧的绳和斜面平行，两物体都保持静止不动，已知斜面倾角为37(sin37=0.6,cos37=0.8)， 质量

3、为M的物体和静止斜面间的动摩擦因数为0.125，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计绳与定滑轮之间的摩擦，则M与m的比值范围是ABCD4、如图所示，在某次排球比赛中，一运动员将排球从A点水平击出，排球击中D点：另一运动员将该排球从位于A点正下方且与D点等高的B点斜向上击出，最高点为C，排球也击中D点，A、C高度相同。不计空气阻力下列说法正确的有（）A两个过程中，排球的飞行时间相等B后一个过程中，排球击中D点时速度较大C两个过程中，运动员对排球所做功可能相等D后一个过程中，排球击中D点时重力做功的瞬时功率较大5、一物体的v-t图象如图所示，在05s内图象为四分之一圆弧且恰好与两坐标轴相切，切点分别

4、为(5，0)、(0，5)，则由图中信息可以得出在05s内A物体作曲线运动B物体的位移大于12.5mC物体的加速度大小随时间逐渐减小D物体做匀变速直线运动6、建筑工人用简单的定滑轮装置将工件从地面提升并运送到楼顶如图所示，设当重物提升到一定高度后，工人甲拉紧绳索不动，乙通过一始终保持水平的轻绳将工件缓慢拉到楼顶，不计滑轮的摩擦力，则工件在向左移动过程中（ ）A楼顶对乙的摩擦力不变B绳索对甲的拉力不断减小C楼顶对甲的支持力不变D楼顶对甲的摩擦力大于楼顶对乙的摩擦力二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的

5、得3分，有选错的得0分。7、地球静止轨道卫星的轨道面与地球赤道共面，倾斜地球同步轨道卫星的轨道面与地球赤道面有一定的夹角，它的运转周期是24小时2011年12月2日，中国在西昌卫星发射中心用“长征三号甲”运载火箭成功发射的第10颗北斗导航卫星就是一颗倾斜地球同步轨道卫星2012年l0月25日，中国在西昌卫星发射中心用“长征三号丙，运载火箭成功发射的第16颗北斗导航卫星是一颗地球静止轨道卫星，它与先期发射的15颗北斗导航卫星组网运行，北斗导航工程区域组网顺利完成现在已向亚太大部分地区提供正式服务关于这两颗卫旱下列说法正确是（ ）A这两颗卫星离地面的高度一样，约为16万千米B第10颗北斗导航卫星的

6、运行速度一定比第一宇宙速度小C发射第10颗北斗导航卫星要比发射同等质量的近地卫星少消耗能量D第10颗北斗导航卫星比第16颗北斗导航卫星运行加速度大8、如图，小球套在光滑的竖直杆上，轻弹簧一端固定于点，另一端与小球相连，小球在点时弹簧处于原长。现将小球从点由静止释放，小球能够到达的最低点为点。，在小球从点运动到点的过程中A小球与点等高时弹簧的弹性势能最大B小球到达点时弹簧的弹性势能最大C小球速度最大时弹簧的弹性势能最小D除点和点外还有两个位置弹力对小球做功的功率为零9、如图所示，质量为m的小球(可视为质点)用长为L的细线悬挂于O点，自由静止在A位置现用水平力F缓慢地将小球从A拉到B位置而静止，细

7、线与竖直方向夹角为60，此时细线的拉力为T1，然后撤去水平力F，小球从B返回到A点时细线的拉力为T2，则() AT1T22mgB从A到B，拉力F做功为mgLC从B到A的过程中，小球受到的合外力大小不变D从B到A的过程中，小球重力的瞬时功率先增大后减小10、我国高铁技术处于世界领先水平，和谐号动车组由动车和拖车编组而成，提供动力的车厢叫动车，不提供动力的车厢叫拖车假设动车组各车厢质量均相等，运行中各动车的输出功率相同，动车组运行过程中阻力与车重成正比某列动车组由8节车厢组成，其中第2、4、5、7节车厢为动车，其余为拖车，该动车组在水平直轨道上运行，下列说法正确的是A做匀速运动时，各车厢间的作用力

8、均为零B做匀加速运动时，各车厢间的作用力均不为零C不管是匀速还是加速运动，第2、3节车厢间的作用力一定为零D不管是匀速还是加速运动，第1、2节车厢间与5、6节车厢间的作用力之比是1：1三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用电流表和电压表测定某一电阻丝的阻值，实验时提供下列可选用的器材：待测电阻Rx（阻值约为6K）电压表V（量程3V，内阻约50K）电流表A1（量程500A，内阻约200）电流表A2（量程5mA，内阻约20）电流表A3（量程0.6A，内阻约1）滑动变阻器R（最大阻值1K）电源E（电源电动势4V）开关S、导线(1)在所提

9、供的电流表中应选用 _ （填字母代号）；(2)在虚线框中画出测电阻的实验电路图_；(3)分别用L、d、Rx表示电阻丝的长度、直径和阻值，则电阻率表达式为= _ 12（12分）在做“研究平抛运动”的实验中，为了测量小球平抛运动的初速度，实验用如图所示的装置实验操作的主要步骤如下：()在一块平木板上钉上复写纸和白纸，将其竖直立于斜槽轨道末端槽口前，木板与槽口之间有一段初始距离d，并保持板面与轨道末端的水平段垂直()使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，小球撞到木板在白纸上留下痕迹A() 将木板沿水平方向向右平移一段动距离x，再使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，小球撞到木板在白纸上留下痕迹B()将木

10、板再水平向右平移相同距离x，使小球仍从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，再在白纸上得到痕迹C()测得A、B、C三点距地面的高度为y1、y2、y1，已知当地的重力加速度为g请回答下列问题(1)关于该实验，下列说法中正确的是_A斜槽轨道必须尽可能光滑B每次小球均须由静止释放C每次释放小球的位置可以不同D步骤() 初始距离d必须与步骤()中距离x相等(2)根据上述直接测量的量和已知的物理量可以得到小球平抛的初速度大小的表达式为v0_(用题中所给字母表示)(1)某同学做进一步的研究，改变小球释放的初始位置的高度h，每改变一次高度，重复上述步骤()-()(其它条件不变)，并记录每次的h、y1、y2、y1在同一

11、坐标系中画出、图象根据你的分析，下列哪个图最接近该同学的实验结果_（图中直线a表示图象，直线b表示图象，直线c表示图象）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图甲所示，质量为m的物体处于静止状态，现对物体施加一个随距离均匀减小的水平拉力作用，拉力减小到零时撤去，物体继续运动一段距离后停止拉力与距离间的关系如图乙所示，第二、三、四次力的初始值为第一次的2、3、4倍（1）求物体第一、二次运动的位移之比；（2）已知第一次撤去拉力时物体速度为，第二次撤去拉力时物体速度为求第三次刚撤去拉力时物体的动能；（3）已知第一

12、次力作用时物体的最大速度为，第二次力作用时物体的最大速度为；求第 n 次力作用时物体的最大速度14（16分）如图1所示，质量为M的长木板，静止放置在粗糙水平地面上，有一个质量为m、可视为质点的物块，以某一水平初速度v0从左端冲上木板。从物块冲上木板到物块和木板达到共同速度的过程中，物块和木板的v-t图象分别如图2中的折线acd和bcd所示，a、b、c、d的坐标为a（0，10）、b（0，0）、c（4，4）、d（12，0），根据v-t图象，求：（1）物块相对长木板滑行的距离s；（2）物块质量m与长木板质量M之比。15（12分）如图所示，摩托车做腾跃特技表演，沿曲面冲上高0.8m顶部水平高台，接着以

13、v=3m/s水平速度离开平台，落至地面时，恰能无碰撞地沿圆弧切线从A点切入竖直圆弧轨道，并沿轨道下滑。A、B为圆弧两端点，其连线水平。已知圆弧半径为R=1.0m，人和车的总质量为160kg，特技表演的全过程中，空气阻力忽略不计。（重力加速度g=10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6）。求：（1）从平台飞出到A点，人和车运动的水平距离s；（2）从平台飞出到达A点时速度及圆弧对应圆心角；（3）若竖直圆弧轨道是光滑的，人和车运动至轨道最低点O时，人和车对轨道的压力；（4）若竖直圆弧轨道是不光滑的，已知人和车运动到圆弧轨道最低点O速度v=m/s，此过程圆弧轨道对人和车摩擦力所做的功。参考

14、答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】试题分析：猜想的是“从斜面滑下的小车，装载物体的质量越大，到达斜面底部的速度越快”，故要求小车释放点的高度相同，还需相同的小车A项中高度相同，小车不同，A错；B项中，小车相同，高度不同，B错；D项中，高度、小车均不相同，D错；C项满足要求，C对考点：控制变量法【名师点睛】略2、B【解析】设滑块滑到最低点时的速度为v,由机械能守恒定律得mgR=,故轨道半径越大,滑块在最低点时的动能越大;滑块对轨道的压力 N=mg+=3mg,与半径的大小无关.故B对；ACD错故选B3、A【解析

15、】依题意，对物体m受力分析，根据平衡条件，绳子的拉力：F=mg 若F较小，物块A有沿着斜面向下滑的趋势，此时物块A受力分析如图所示：由力的平衡条件得：FN=Mgcos37 F+Ff=Mgsin37 FfFN 联立可解得得：m0.5M；若F较大，A物块有沿着斜面向上滑动的趋势，此时物块A受力分析如图所示：由平衡条件得：FN=Mgcos37 F=Ff+Mgsin37 FfFN 代入数据解得：m0.7M物块m的质量的取值范围是：0.5Mm0.7M，故：故A正确，B、C、D错误；故选A。4、C【解析】AB由于从AB两点发出的球都能到达D点，B球从C到地面竖直方向做自由落体运动，根据竖直方向的运动可知t

16、B=2tAvyA=vyB由于水平方向的位移相同，根据可知vA水vB水根据速度的合成可知，A抛出时的速度vA0=vA水，A落到D点时的速度B落到D点时的速度故两过程中，后一个过程中，排球击中D点时速度较小，故AB错误；C第一个过程中对排球做功第二个过程中对排球做功 因为vA水vB水，可知W1可能等于W2，选项C正确；D由于竖直方向做的是自由落体运动，下落的高度相同，故落地时竖直方向的速度相同，vyA=vyB则重力的瞬时功率P=mgvy相同，故D错误；故选C。5、C【解析】0-5s内物体的速度均为正值，速度方向不变，可知物体做直线运动，选项A错误；v-t图像与坐标轴围成的面积等于位移，若物体在0-

17、5s内做匀减速直线运动，则位移为1255m=12.5m，由图可知物体的位移小于12.5m ，选项B错误；图像的斜率等于加速度，可知物体的加速度大小随时间逐渐减小，物体做变加速直线运动，选项C正确，D错误；故选C.【点睛】此题关键抓住速度图象的斜率表示加速度、“面积”表示位移来理解图象的物理意义，并能结合几何关系求解6、D【解析】当乙把工件拉开一个小角度后，工件的受力如图：A. 绳子与竖直方向夹角为，则有，当角增大，则F1增大，绳子对乙的拉力增大，则乙受到楼顶的摩擦力也增大，故A错误；B. 开始的时候绳子对甲的拉力大小等于物体重力,后来当角增大，绳子对甲的拉力，增大，故B错误；C. 甲在楼顶受到

18、重力、楼顶的支持力和摩擦力、以及绳子的拉力，竖直方向楼顶对甲的支持力加上绳子对甲的拉力在竖直方向的分力与重力大小相等方向相反，由于绳子对甲的拉力增大，楼顶对甲的支持力减小，故C错误；D. 可用极端法,先分析乙在图上位置f=0,再分析乙在甲位置f乙=f甲,所以在移动的过程中,是始终小于f甲的故D正确；故选D点睛：对工件进行受力分析，然后根据受力平衡，及平行四边形定则即可求解两个绳子拉力的变化，然后分别对甲和乙进行受力分析即可二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析

19、】A、根据题意可知这两颗卫星运动的周期都是24h，根据万有引力提供向心力可知，周期相同则高度相同，故这两颗卫星离地面的高度一样，约为1.6万千米，故A正确；B、根据万有引力提供向心力得：，则运行高度越大，速度越小，当r最小等于地球半径时，速度最大等于第一宇宙速度，故第10颗北斗导航卫星的运行速度一定比第一宇宙速度小，故B正确；C、同等质量的卫星，发射高度越高，克服地球引力做功越多，故发射第10颗北斗导航卫星要比发射同等质量的近地卫星多消耗能量，故C错误；D、根据万有引力提供向心力得：所以高度相同，则加速度相同，故第10颗北斗导航卫星与第16颗北斗导航卫星运行加速度相等，故D错误点睛：本题要知道

20、倾斜地球同步轨道卫星和地球静止轨道卫星的周期都是24h，要掌握万有引力提供向心力，要能够根据题意正确选择恰当的向心力的表达式8、BD【解析】弹簧的形变量越大，弹性势能越大，故在N点时弹簧的弹性势能最大，A错误B正确；过程中小球与弹簧组成的系统恒定，所以速度最大时，即动能最大时，重力势能与弹性势能之和最小，C错误；在与O点等高时，弹力与小球的速度垂直，弹力的功率为零；在小球下滑过程中，弹簧是先被压缩，后又伸长的，故下滑过程中，除了M点还有一个位置弹簧的弹力为零，即M关于O点所在水平线对称的点处，此时弹力为零，弹力的功率为零，故D正确9、AD【解析】小球在B位置时受到向下的重力mg、水平向左的拉力

21、F、沿BO方向的拉力T1，根据平衡条件应有T1=mgcos60=2mg；小球返回到A时，根据牛顿第二定律应有T2-mg=mvA2L从B到A由动能定理可得mgL（1-cos60）=12mvA20；联立可得T2=2mg，即T1=T2=2mg，所以A正确；根据动能定理应有WF-mgL（1-cos60）=0，解得WF=12mgL，所以B错误；从B到A小球做圆周运动，在B点时所受的合力为FB=mgsin，在A点时所受的合力为FA=mvA2L ，再由动能定理mgL（1-cos）=12mvA2，解得FA=2mg（1-cos），显然FAFB，所以C错误；根据P=Fvcos，小球在B点时的速度为0，所以重力的瞬

22、时功率也为0，尽管小球在A点时的速度最大，但此时在竖直方向的速度为0，所以重力的瞬时功率也为0，所以小球从B到A的过程中重力的瞬时功率应先增大后减小，D正确；故选AD点睛：解答时应明确：物体缓慢运动过程即为动态平衡过程；瞬时功率表达式为P=FVcos，其中是力F与速度v的正向夹角10、CD【解析】设每节动车的功率为P，牵引力为F，每一节车厢的质量是m，阻力为kmg.A、当动车组匀速运动时合力为零，对整体由平衡条件知，则，依次对各个动车和车厢分析可知：，.；故A错误.B、C、当动车组匀加速运动时，由整体的牛顿第二定律有，可得，对前两节车厢由牛顿第二定律，得；故B错误，C正确.D、匀加速运动时，对

23、第一节车厢由牛顿第二定律：，得；对前5节车厢的整体由牛顿第二定律：，解得；综上故；故D正确.故选CD.【点睛】当机车做匀速运动受力平衡状态，当机车做匀加速运动时有加速度，根据整体法和隔离法求解三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A1 【解析】（1）电阻丝的电流大约为，远小于电流表A2A3的量程，接近A1的量程，故选A1；（2）由于，电流表采用内接法，滑动变阻器R小于待测电阻Rx，滑动变阻器采用分压式，电路图为；（3）电阻丝的电阻，电阻率表达式为；12、B C 【解析】（1）为了保证小球的初速度相等，每次让小球从斜槽的同一位置由静止释放，斜槽轨道不需要光滑，故A错误，C错误，B正确，步骤() 初始距离d必须与步骤()中距离x无关，只要保证，连续水平移动的位移x相等即可，故D错误（2）在竖直方向上， ；水平方向上 ，可得小球平抛的初速度（1）设小球离地高度为，小球平抛运动阶段水平位移为 ，距离地面高度为，小球从斜槽的由h处静止释放，忽略摩擦力的影响，由以上分析