西藏自治区拉萨中学2022-2023学年物理高三上期中达标检测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在粗糙的水平地面上放着一左侧截面是半圆的柱状物体B，在B与竖直墙之间放置一光滑小球A，整个装置处于静止状态。现用水平力F拉动B缓慢向右移动一小段距离后，它们仍处于静

2、止状态，在此过程中，下列判断正确的是（ ）A小球A对物体B的压力逐渐增大B小球A对物体B的压力逐渐减小C墙面对小球A的支持力逐渐减小D墙面对小球A的支持力先增大后减小2、下列说法正确的是A汽车速度越大越难停下，表明物体的速度越大其惯性越大B汽车转弯时速度方向改变，表明其惯性也随之改变C被抛出的小球尽管速度的大小和方向都改变了，但其惯性不变D物体保持匀速直线运动或静止状态时，一定不受其它外力的作用3、在距水平地面附近一定高度处将一物体水平抛出，物体最终落到水平地面上。若空气阻力可忽略不计，下列说法中正确的是A物体沿水平方向的分运动是匀变速直线运动B物体落至水平地面上的速度与抛出时的初速度无关C物

3、体在空中运动的时间与抛出时的初速度无关D物体在空中运动过程中的机械能不断增大4、如图所示，线段OA=2AB，A、B两球质量相等，当它们绕O点在光滑的水平面上以相同的角速度转动时，两线段拉力之比为（）A2 ：3B3 ：2C5 ：3D2 ：15、质量为m的小球P以大小为v的速度与质量为3m的静止小球Q发生正碰，碰后小球P以大小为v2的速度被反弹，则正碰后小球Q的速度大小是()A2v Bv2 Cv3 Dv66、如图所示，三条平行且等间距的虚线表示电场中的三个等势面，其电势分别为10V、20V、30V，实线是一带电粒子不计重力在该区域内运动的轨迹，轨迹上有a、b、c三点，已知带电粒子所带电荷量为，在a

4、点处的动能为，则该带电离子（ ）A可能带负电B在b点处的电势能为C在b点处的动能为零D在c点处的动能为二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一列沿x轴正方向传播的简谐横波，在t=0时刻的波形如图所示已知波的传播速度为1m/s，下列说法正确的是（）A此时P质点正向y轴正方向运动B经过0.1s，P、Q两质点的位移可能相同C经过0.2 s，Q质点运动的路程为30cmD经过0.4 s，P质点向x轴正方向移动了40 cm8、甲和乙两辆汽车在同一条平直公路同向行驶，它们的v-t图像

5、分别是a、b两条曲线，已知在时刻，两车相遇，下列说法正确的是（ ）A时刻甲车在前，乙车在后B时刻，两车相距最远C甲车速度最大时，两车相距最远D到的时间内，两车加速度均先减小后增大9、如图所示，内壁光滑的圆形轨道固定在竖直平面内，轨道内甲、乙两小球固定在轻杆的两端，已知甲乙两球的质量分别为M,m 且Mm，开始时乙球位于轨道的最低点，现由静止释放轻杆，下列说法正确的是()A甲球下滑至底部的过程中,系统的机械能守恒B甲球滑回时不一定能回到初始位置C甲球沿轨道下滑，第一次到最低点时具有向右的瞬时速度D在甲球滑回过程中杆对甲球做的功与杆对乙球做的功的代数和为零10、如图所示，物块B靠在竖直墙壁上，物块A

6、受到一水平推力F作用，两物块保持静止若逐渐增大F，并保持A、B两物块静止，下列说法正确的是（）A物块A受到的摩擦力减小B物块A受到的摩擦力可能增大C物块A受到物块B的弹力增大D物块A受到物块B的作用力增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图A为“用DIS研究物体的加速度与质量的关系”实验装置（1）实验中应保持轨道_且摩擦力足够小；为了研究小车的加速度与质量的关系，应保持_不变（2）若测得小车和发射器的总质量为0.3千克，则跨过滑轮的细绳下悬挂的钩码质量最适合用 （_）A20克 B50克 C100克 D200克（3）某同学用正确

7、的实验方法测得实验数据，作出a-m图线如图B他观察到a-m图线为曲线，于是得出物体的加速度与质量成反比你认为他的做法正确吗？如果认为正确，请说明理由如果认为不正确，请给出正确的处理方法_12（12分）用如图甲所示，实验装置验证m1、m2组成的系统机械能守恒，m2从高处由静止开始下落，m1上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。图乙给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两个计数点间还有4个点（图中未标出），计数点间的距离如图乙所示。已知、，则：（g取10m/s2，结果保留两位有效数字）(1)在纸带上打下计数点5时的速度_m/s；(2)在打点0

8、5过程中系统动能的增加量_J，系统势能的减少量_J，由此得出的结论是：_；(3)若某同学作出的h图象如图丙所示，则当地的实际重力加速度_m/s2。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在竖直平面内有一倾角=37的传送带，两皮带轮AB轴心之间的距离L=3.2 m，沿顺时针方向以v0=2 m/s匀速运动一质量m=2 kg的物块P从传送带顶端无初速度释放，物块P与传送带间的动摩擦因数=0.1物块P离开传送带后在C点沿切线方向无能量损失地进入半径为m的光滑圆弧形轨道CDF，并沿轨道运动至最低点F，与位于圆弧

9、轨道最低点的物块Q发生碰撞，碰撞时间极短，物块Q的质量M 1 kg，物块P和Q均可视为质点，重力加速度g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8，求：(1)物块P从传送带离开时的动量；(2)传送带对物块P做功为多少；(3)物块P与物块Q碰撞后瞬间，物块P对圆弧轨道压力大小的取值范围14（16分）在水平地面上有一质量为2kg的物体，在水平拉力F的作用下由静止开始运动，10s后拉力大小减为零，该物体的运动速度随时间t的变化规律如图所示(g取10m/s2)求：(1)前10s内物体的加速度和位移大小(2)物体与地面之间的动摩擦因数(3)物体受到的拉力F的大小15（12分） 许多相互作用力

10、做功，都与两物体间相对位置的变化有关，因此可以通过研究相互作用力做功得到物体能量变化的许多信息下面通过两个情景进行讨论（2）在光滑水平桌面上放着一块木板B，木块A以一定的速度（速度大小未知）冲上木板B木块A质量为m，木块A与木板B之间的滑动摩擦因数为，木板的长度为L已知下述两种情况下，木块A都从右端滑离了木板Ba. 若B用外力固定在地面上保持不动，求A、B之间的摩擦力对A、B做的功WA、WB；以及这一对摩擦力对A、B系统做的功W2b. 接（2）a，若B在桌面上无摩擦地滑动，A、B之间的一对摩擦力对A、B系统做的功为W2求（2）在光滑水平桌面上放着质量相等的A、B两个物块，两个物块用一根伸长的轻

11、弹簧连接在一起，用外力使两个物块都处于静止状态弹簧的劲度系数为k，弹簧的伸长量为xa. 若将A与地面固定，撤去B上外力，从功的定义角度求从撤去外力到弹簧恢复到原长的过程中弹簧弹力对B所做的功为W2b. 若A、B都不固定，同时撤去A、B上的外力，从功的定义角度求从撤去外力到弹簧恢复到原长的过程中弹簧弹力对A、B所做的功的和W2,及参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】对A球受力分析并建立直角坐标系如图由平衡条件得：竖直方向：N2cos=mg；水平方向：N1=N2sin；联立解得：；N1=mgtan；B缓慢向右

12、移动一小段距离，A缓慢下落，则增大。所以N2增大，N1增大，由牛顿第三定律知故小球A对物体B的压力逐渐增大，故A正确，BCD错误。故选A。2、C【解析】A物体的惯性只与物体的质量有关，与运动状态无关，选项A错误；B汽车转弯时速度方向改变，但是惯性不变，选项B错误；C惯性只与物体的质量有关，被抛出的小球尽管速度的大小和方向都改变了，但其惯性不变，选项C正确；D物体保持匀速直线运动或静止状态时，可能受合外力为零，选项D错误。3、C【解析】A物体沿水平方向的分运动是匀速直线运动，选项A错误；B物体落至水平地面上的速度为，可知落地速度与抛出时的初速度有关，选项B错误；C物体在空中运动的时间与竖直高度有

13、关，与抛出时的初速度无关，选项C正确；D物体在空中运动过程中,只有重力做功，则机械能不变，选项D错误。4、C【解析】设，则，角速度为，每个小球的质量为m。则根据牛顿第二定律，对B球对A球联立以上两式得故选C。5、B【解析】碰撞过程系统动量守恒，以P的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv=3mv+m-v2，则：32mv=3mv，得v=v2；B正确故选B6、D【解析】A根据电场线和等势线垂直，且由高电势处指向低电势处，得出场强方向向上，由带电粒子的运动轨迹可判定，粒子所受电场力向上，则粒子带正电荷，A错误；Bb点处的电势能：B错误；C由能量守恒，a点处动能和电势能总和：则b点处的动能为：C错

14、误；Dc点处的动能为：D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】波沿x轴正方向传播，由图示波形图可知，质点P沿y轴正方向运动，故A正确；由图示波形图可知，质点P向上运动，质点Q向下运动，经过0.1s它们的位移方向不同，位移不同，故B错误；由图示波形图可知，波长=40cm=0.4m，波的周期：T=v=0.41=0.4s，由图示波形图可知，质点的振幅为15cm，经过t=0.2s=12T，质点的路程为：152=30cm，故C正确；在波的传播过程中，质点

15、只在平衡位置附近振动并不随波的传播向外迁移，故D错误；故选AC点睛：本题考查了波的传播问题，由波形图求出波长、振幅、分析清楚波的传播过程是解题的前提与关键，应用波长、波速与周期的关系可以解题8、BD【解析】A、甲和乙两辆汽车的v-t图像分别是a、b两条曲线，已知在t2时刻，两车相遇，从时间内，a围成的面积大于b围成的面积，甲车位移大于乙车位移，在时刻，甲车在后，乙车在前，故A错误；BC、时刻，两车速度相等，甲车在后，乙车在前，时刻以后，甲车速度大于乙车速度，两车相距越来越近，则有在时刻，两车相距最远，故B正确；C错误；D、v-t图像中，加速度大小看图像的斜率的大小，时间内，两车斜率大小均先减小

16、后增大，所以两车加速度均先减小后增大，故D正确；故选BD9、ACD【解析】A.球甲、轻杆和乙球组成的系统在整个过程中只有重力做功，满足系统机械能守恒，故A正确；B.根据系统机械能守恒可知，甲球滑回时可以回到初始位置，故B错误；C.甲球第一次到最低点时，乙球上升的高度与甲球初始高度相同，由于甲的质量大于乙的质量，所以甲减小的重力势能大于乙增加的重力势能，根据系统机械能守恒可知，此时甲、乙两球都有速度，所以甲球此时有具有向右的瞬时速度，故C正确；D.因为甲、乙两球总的系统机械能守恒，故甲球滑回时甲增加的机械能等于杆对甲球做的功，乙球减小的机械能等于杆对乙球做的功，而在滑回过程中甲增加的机械能等于乙

17、减小的机械能，故杆对甲球做的功与杆对乙球做的功的代数和为零，故D正确。10、BCD【解析】对A物体受力分析，如图所示：将推力F和重力G均沿着平行斜面和垂直斜面的方向正交分解，如果F平行斜面的分力小于重力平行斜面的分力，则物体A有下滑趋势，故静摩擦力平行斜面向上；如果F平行斜面的分力大于重力平行斜面的分力，则物体A有上滑趋势，故静摩擦力平行斜面向下；如果推力F从零开始逐渐增加，则静摩擦力先减小后反向增加，支持力N不断增加，A错误，BC正确；根据牛顿第三定律，B对A的支持力等于A对B的压力，故A对B的压力也是不断增加，D正确；选BCD.【点睛】对木块A受力分析，受推力、重力、支持力，可能有静摩擦力

18、，根据平衡条件并结合正交分解法列示分析三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）水平； 小车所受拉力 （或钩码个数）； （2）A； （3）某同学做法不正确正确的处理方法是计算质量的倒数，然后作出a图线，如所得图线为过原点的直线，则a与m成反比否则则a与m不成反比（或正确的做法是检验这条曲线是否为反比例曲线，如每组数据的am的值都在误差范围内相等，则a与m成反比否则则a与m不成反比） 【解析】（1）实验中应保持轨道水平且摩擦力足够小；为了研究小车的加速度与质量的关系，应保持小车所受拉力 （或钩码个数）不变（2）要想使得小车受到的拉力等于钩

19、码的重力，则必须使得钩码的质量远小于小车的质量，则钩码质量最适合用20g，故选A.（3）这位同学做法不正确正确的处理方法是计算质量的倒数，然后作出a图线，如所得图线为过原点的直线，则a与m成反比否则则a与m不成反比（或正确的做法是检验这条曲线是否为反比例曲线，如每组数据的am的值都在误差范围内相等，则a与m成反比否则则a与m不成反比） 12、2.4 0.58 0.60 在误差允许的范围内，m1、m2 组成的系统机械能守恒 9.7 【解析】(1)1根据在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度，可知打第5个点时的速度为(2)2物体的初速度为零，所以动能的增加量为3重力势能的减

20、小量等于物体重力做功，故4在误差允许的范围内，m1、m2 组成的系统机械能守恒。(3)5本题中根据机械能守恒可知即有所以作出的图象中，斜率表示重力加速度，由图可知斜率故当地的实际重力加速度四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)8kgm/s，方向与水平方向成斜向右下；(2)-22.4J；(3)【解析】(1)物块在未到达与传送带共速之前,所受摩擦力方向沿传送带向下，由牛顿第二定律得： 解得所需时间沿斜面向下运动的位移当物块的速度与传送带共速后，由于 ，所以物块所受摩擦力方向沿传送带向上,由牛顿第定律得：解得a2=2m/s2物块以加速度以运动的距离为：设物块运动到传送带底端的速度为,由运动学公式得v12=v02+2a2x2解得则动量为P=mv1=，方向与水平方向成斜向右下(2)物块从顶端到底端,根据动能定理： 可知传送带对物块做功为：W=(3)设物块运动到点的速度为,由动能定理得解得若物块与物块发生完全弹性碰撞，并设物块碰撞后的速度为,物块Q碰撞后的速度为,则两物块的碰撞过程动量守恒，碰撞前后动能之和不变；解得若物块与物块发生完全非弹性碰撞,则解得所以物块的速度范围为：在点由牛顿第二定律