2020年初三中考物理模拟题及答案

1、初三中考物理一模试卷及答案一、单项选择题（本题有10个小题，共20分.每个小题给出的四个选项中，只有一个是正确的，选对的每小题得2分，多选、不选、错选均不得分）1（2分）下列估测值最接近生活实际的是（）A一名中学生的质量约为200kgB人感觉舒适的环境温度约37C初中物理课本的宽度约为18cmD日光灯正常工作的电流约为4.5A2（2分）关于声现象，下列说法正确的是（）A声音在真空中传播速度是340m/sB禁止鸣笛属于在传播过程中减弱噪声C吹口琴时，对着不同气孔吹气是为了改变声音的响度D我们能区分钢琴和二胡的声音是因为它们声音的音色不同3（2分）关于物态变化，下列判断正确的是（）A擦在皮肤上的水

2、变干，是升华现象B夏天冰棒周围冒“白气”，是汽化现象C冬天驾车时挡风玻璃上起雾，是液化现象D冬天室外飘起的雪花，是凝固现象4（2分）如图所示，下列关于物理实验表述正确的是（）A图甲实验揭示了电流的周围存在磁场，应用电磁铁B图乙实验揭示了通电导体在磁场中受力运动，应用发电机C图丙实验是电磁感应现象，应用电动机D图丁实验电源的左端是正极，小磁针A端是S极5（2分）下列关于温度、内能和热量的说法，正确的是（）A0的冰没有内能第1页（共65页）B物体吸收热量，温度不一定升高C物体温度越高，所含热量越多D物体的机械能越多，其内能就越多6（2分）如图所示，长1.6m、粗细均匀的金属杆可以绕O点在竖直平面内

3、自由转动，一拉力位移传感器竖直作用在杆上，并能使杆始终保持水平平衡。该传感器显示其拉力F与作用点到O点距离x的变化关系如图所示。据图可知金属杆重（）A5NB10NC20ND40N7（2分）有关生活用电知识，下列说法正确的是（）A正常情况下火线与大地间的电压为零B使用测电笔时，手要接触笔尾金属体C发生触电事故时，应先把触电的人拉开D空气开关“跳闸”是因为电路发生了短路8（2分）压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小。在下列电路中，当压敏电阻受到的压力减小时，电表示数增大的是（）ABCDF9（2分）如图所示，叠放在水平桌面上的A、B两物体在水平拉力F1和F2的作用下保持静止，已知F15N，23N则A

4、对B的摩擦力和地面对B的摩擦力的大小分别是（）第2页（共65页）A5N、3NB5N、2NC2N、3ND3N、5N10（2分）甲、乙两车在一平直公路上沿同一方向运动，其中甲车做匀速直线运动。甲、乙两车的位置x随时间t变化的图象如图所示。下列说法中正确的是（）A在t0时刻，甲、乙两车在同一位置B在0到t1时间内，甲、乙两车的速度相等C在t1到t2时间内，甲、乙两车通过的路程相等D在0到t2时间内，乙车做匀速直线运动二、多项选择题（本题有5个小题，共20分每个小题给出的四个选项中，至少有两个是正确的，选对的每小题得4分，选对但不全的得2分，选错或不选的得0分）11（4分）如图所示，在“探究凸透镜成像

5、规律”的实验中，光屏上呈现了烛焰倒立清晰的像。下列说法中正确的有（）A投影仪的成像与图中成像的原理相同B蜡烛远离透镜时，要想在光屏上出现清晰的像，透镜要向左移C如果将蜡烛与光屏位置对调，在光屏上依然能看到清晰的像D如果去掉光屏，眼睛在A处仍能看到蜡烛的像12（4分）如图所示为小球在地面弹跳的频闪照片。根据此图，以下分析正确的是（）第3页（共65页）A小球在下落时，它的重力势能减小，动能不变B小球在上升时，它的重力势能增大，动能减小C小球弹起的最大高度在下降，机械能在减小D小球弹起的最大高度在下降，机械能不变13（4分）如图是海波和蜡烛的熔化实验图象，下列从图象中获取的信息正确的是（）A甲是晶体

6、，其熔点是48B甲在ab段不吸热，温度保持不变C甲在第2min时处于固体状态D乙是蜡烛的熔化图象14（4分）如图所示装置，蓄水槽与一根粗细不均匀的管道相连，在管道的不同部位分别装有底部连通的竖直管A、B，管道的另一端是一个阀门。若在蓄水槽中装入一定量的水，则下列说法正确的是（）A当阀门关闭，水处于静止状态时，A、B管中的水柱高度相同B当阀门关闭，水处于静止状态时，A、B管中的水柱高度不相同C当阀门打开水流动时A管中水柱比B管中水柱要高一些D当阀门打开水流动时，A、B管底部水流的速度相同第4页（共65页）15（4分）如图电路，电源电压不变，闭合S，当滑片P从a端向b端滑动时（）A电流表A示数变大

7、，电压表V2不变B电压表V1示数与电流表A示数比值不变C电压表V2示数与电流表A示数之比变大D电压表V1示数与电流表A示数的乘积增大三、作图题（本题有2个小题、共5分）16（3分）如图所示，MM为空气与水的界面，设水下装有一盏电灯S，射出的一条光线SA，经平面镜反射后沿BO方向射到界面上的O点，再从O点射出水面。请你在图中画出平面镜的准确位置和光线射出水面后在空气中传播的大致方向。17（2分）一个木块随着水平传送带匀速向右运动，画出木块所受到的力的示意图。四、科普阅读题（本题有1个、小题，共计5分）18（5分）电饭锅中的磁钢限温器电饭锅是生活中常见的用电器，磁钢限温器是它的温度控制装置，利用了

8、感温磁钢（软磁体）的磁性随温度的变化而变化的特性来设计的，这样可以限制煮饭过程中的最高温度。感温磁钢的磁性随着本身温度作非线性变化，其特性曲线如图甲所示；磁钢限温器结构如图乙所示，它主要由感温磁钢、永磁体和弹簧构成，感温磁钢及其外套、内锅由弹簧支撑。感温磁钢与受热面固定在一起，受热面直接把热量传递给锅底。煮饭时用手按按钮开关，通过杠杆AOC使永磁体和感温磁钢吸合，在吸力作用下永磁体不会落下，金属触点闭合，电路接通，加热元件开始发热，当饭煮熟后，温度继续上升，当升高到某一温度时，永磁体落下，通过杠杆CBO使触点分开，加热元件停止发热，同第5页（共65页）时按钮开关跳起。请根据上述材料，回答下列问

9、题：（1）电饭锅煮饭过程中能量的转化情况是。（2）煮饭时用手按按钮开关，由图可知，杠杆AOC属于杠杆（选填“省力”、“费力”或“等臂”）。（3）在磁钢限温器工作过程中，感温磁钢的磁性急剧减弱是在。A按下按钮开关时B按钮开关跳起后C加热升温到103时D降温过程中（4）与铜导线相比，制作电饭锅加热元件的材料应具备的特性是。A电阻较大，熔点较低B电阻较大，熔点较高C电阻较小，熔点较低D电阻较小，熔点较高（5）小明发现用该电饭锅烧水，当水沸腾时电饭锅的按钮开关没有跳起，原因是。五、实验题（本题有5个小题，共25分）19（3分）如图，小红同学在“测量盐水的密度”实验中，操作步骤如下：第6页（共65页）（

10、1）把天平放在水平桌面上，游码放在零刻度线，发现指针位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向（填“左”或“右”）调节，直到横梁水平平衡。（2）已知空烧杯的质量为28g，现将适量盐水装入烧杯，并放在天平的左盘，测量其质量，待天平平衡时，如图乙所示。然后将烧杯中的盐水全部倒入量筒中，如图丙所示由此计算出盐水的密度为kg/m3。（3）小红同学此次实验操作测得的盐水密度将偏（填“大”或“小”）。20（4分）在探究“水沸腾时温度变化的特点”的实验中。（1）某小组安装的实验装置如图甲所示，其中有一处明显的错误，正确的操作是适当将（选填“A处向上”或者“B处向下”）调整；（2）实验前，向烧杯中倒入热水而不是冷水，

11、这样做是为了；（3）有两个实验小组选用的实验装置完全相同，却绘制了a、b两条不同的温度随时间变化的图象，如图乙所示。经分析可知：两个实验小组所加水的相同，不同。21（4分）小明在做测量滑轮组的机械效率的实验中，用同一滑轮组进行了3次实验，如图所示，实验数据记录如表。第7页（共65页）次数钩码重/N钩码上升距离/cm弹簧测力计示数/N弹簧测力计上升距离/cm机械效率1232461010100.81.530303083.8%90.9%（1）在实验中，小明拉动弹簧测力计，使钩码升高，读出拉力的值。（2）第2次实验中滑轮组的机械效率为（结果保留一位小数）。（3）如图丙所示，第3次实验中弹簧测力计的示数

12、为N。（4）分析表格中的数据得出结论：同一滑轮组，。22（6分）小明用茶色玻璃板和两个相同的棋子做探究像与物到平面镜距离关系的实验。（1）将玻璃板立在水平桌面上，在白纸上沿玻璃板前后两表面画线MM和NN。（2）在玻璃板前放棋子A，将棋子B放到玻璃板后，使它与重合。（3）在白纸上沿棋子A和B的边缘画图，测量A的右端到MM的距离lA4.30cm；测量B的左端到NN的距离如图所示，其值为lBcm。（4）改变A的位置，将数据记录在表中，表中有一个数据异常，该数据是cm，它最有可能测量的是距离。次数12345第8页（共65页）lA/cmlB/cm4.305.705.407.106.508.808.509

13、.909.60（5）修正（4）中异常数据后，比较lB和lA，发现lB总是小于lA，为准确获得实验结论，请你对小明实验中的错误操作进行纠正，答：。23（8分）某实验小组的同学在进行“测量小灯泡的额定功率”的实验中，现有器材：电源（电压恒为6V）、开关、电压表、电流表各一个，导线若干，额定电压为3.8V的待测小灯泡（电阻约为12），滑动变阻器两个（A：“52A“；B：“200.5A”）。（1）该实验的实验原理是；实验中，应选用的滑动变阻器是（选填“A”或“B”）。（2）如图甲所示是小田同学连接的实物电路图，图中只有一根导线连接错误，请你在图中用“”标出这根错接的导线，只改接一根导线使电路成为正确的

14、电路（不能与其他导线交叉）。（3）小田确认电路连接无误后闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡始终不发光且电压表的示数都接近电源电压，则电路的故障是。（4）排除故障后，移动滑动变阻器的滑片，并绘制出了小灯泡的电流随电压变化的图象如图乙所示，则该小灯泡的额定功率为W。（5）该组的另一同学接着实验时，发现电压表015V量程已经损坏，03V量程还可以正常使用，在不添加器材的情况下，为了测出该小灯泡的额定功率，请你在丙图中的虚线框内画出正确的电路图。（6）由图乙推知：小灯泡的实际电压是额定电压一半时的电功率为P1，小灯泡的实际电流是额定电流一半时的电功率为P2，则P1P2（选填“大于”、“小于

15、或“等于”）。六、计算题（本题有4个小题，共25分.解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的计算第9页（共65页）步骤，只写出最后答案的不能得分）24（4分）小华用如图所示的滑轮组拉动货箱，已知货箱重为600N，地面对货箱的滑动摩擦力f为货箱重的0.2倍。在F50N的拉力作用下，货箱沿直线匀速运动6m，求：（1）拉力所做的有用功；（2）滑轮组的机械效率。25（5分）如图为某电热水器的铭牌。当在热水器内装满水通电后正常工作1500s，水的温度从20升高到50已知c水4.2103J/（kg），求：（1）水吸收的热量：（2）该电热水器的热效率。型号额定电压额定加热功率水箱容积FCDJTHC50220

16、V2000W20L26（7分）港珠澳大桥的海底隧道由钢筋混凝土做成的空心沉管连接而成，如图所示。在建造隧道时，先将沉管两端密封，如同一个巨大的长方体空心箱子，长、宽、高分别是180m、35m、10m，质量为6107kg然后让其漂浮在海面上，再用船将密封沉管拖到（预定海面上，向其内部灌水使之沉入海底。海水的密度取1.0103kg/m3，g取10N/kg）求：（1）灌水前漂浮在海面上的密封沉管受到的浮力；（2）灌水前漂浮在海面上的密封沉管下表面受到的海水压强；（3）当密封沉管刚好完全浸没在海水中时管内注入的海水质量。第10页（共65页）27（9分）如图所示，R1为定值电阻，滑动变阻器R2上标有“2

17、01A”字样，灯泡L上标有“16V4W”字样，其电阻不随温度的变化而变化。当S1、S2、S3均闭合时，灯泡消耗的功率为1.0W，电流表的示数为0.525A；当闭合S1，断开S2、S3时，若电流表的量程为00.6A，电压表的量程为04V，在保证电路中各元件安全工作的情况下，求：（1）电源电压和R1的阻值；（2）滑动变阻器R2连入电路的最大阻值。第11页（共65页）初中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题有10个小题，共20分.每个小题给出的四个选项中，只有一个是正确的，选对的每小题得2分，多选、不选、错选均不得分）【1分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根

18、据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、成年人的质量在65kg左右，中学生的质量比成年人小一些，在50kg左右。故A不符合实际；B、人体正常体温在37左右，感觉舒适的温度在23左右。故B不符合实际；C、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离（一拃）大约15cm，物理课本的宽度略大于此数值，在18cm左右。故C符合实际；D、日光灯的功率约40W，正常工作时的电流在I0.18A左右。故D不符合实际。故选：C。（2【分析】1）声音在空气中传播速度为340m/s，声音不能在真空中传播；（2）防治噪声可以从噪声的产生、噪声的传播及噪声的接收这

19、三个环节进行防治。（3）发声体的振动频率高，音调越高；振幅越大，响度越大，音色反映声音的品质与特色，与发生体的结构、材料有关；（4）不同发声体的材料和结构不同，发出声音的音色不同。【解答】解：A、声音在空气中传播速度为340m/s，声音不能在真空中传播，故A错误；B、禁止鸣笛属于在声源处减弱噪声，故B错误；C、吹口琴时，对不同气孔吹气，改变了振动的空气柱的长度，改变了振动频率，是为了改变声音的音调，故C错误；D、我们能区分钢琴和二胡的声音，是因为它们的材料和结构不同，发出声音的音色不同，故D正确。故选：D。3【分析】物质由固态变为液态的过程叫熔化；物质由液态变为固态的过程叫凝固；物质由液态变为

20、气态的过程叫汽化；物质由气态变为液态的过程叫液化；第12页（共65页）物质直接由固态变为气态的过程叫升华；物质直接由气态变为固态的过程叫凝华。【解答】解：A、擦在皮肤上的水变干是由液态变为气态过程，属于汽化现象。故A错误；B、夏天，冰棒周围冒出的“白气”是由水蒸气液化而形成的小水滴。故B错误；C、冬天驾车时挡风玻璃上起雾，是水蒸气液化形成的小水滴，是液化现象。故C正确；D、雪花是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象。故D错误。故选：C。【（4分析】1）通电导体周围存在磁场，这是电流的磁效应，可以制成电磁铁、电磁继电器、电磁起重机等。（2）电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割

21、磁感线运动，导体中有感应电流产生。发电机和动圈式话筒等都是根据电磁感应原理工作的。（3）扬声器和电动机的工作原理相同，都是根据通电导体在磁场中受力而运动原理工作的。（4）根据安培定则判断螺线管的磁极，然后再判断小磁针的磁极。【解答】解：A、如图甲是奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，即电生磁，这个现象叫做电流的磁效应，应用在电磁铁上，故A正确。B、如图乙，电路中有电源、有磁场，是通电导体在磁场中受力而运动，其实际应用是电动机，故B错误。C、如图丙，电路中没有电源，当闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中便会产生电流，是电磁感应现象，其实际应用是发电机，故C错误。D、如图丁，螺线管

22、的左端是N极，右端是S极，根据安培定则可知电源的右端是正极，由磁极间相互作用规律可知小磁针的A端是S极，故D错误。故选：A。（5【分析】1）一切物体在任何温度下都有内能；（2）晶体熔化过程中，虽然吸热但温度不变；（3）热量是一个过程量，不能说含有多少热量；（4）机械能和内能无必然的联系；【解答】解：A、一切物体在任何温度下都有内能，故A错误；B、物体吸收热量，温度不一定升高，比如晶体在熔化过程中，虽然吸热但温度不变，故第13页（共65页）B正确；C、热量是一个过程量，不能说含有多少热量，故C错误；D、机械能和内能无必然的联系，所以物体的机械能越多，其内能不一定就越多，故D错误；故选：B。（6【

23、分析】1）根据杠杆平衡条件回答；（2）已知金属杆长度，且质地均匀，其中心在中点上，将图示拉力F与作用点到O点距离x的变化关系图赋一数值，代入杠杆平衡条件求出金属杆重力。【解答】解：（1）杠杆平衡条件的计算公式是：F1L1F2L2；（2）金属杆重心在中心上，阻力臂为L20.8m，取图象上的一点F20N，L10.4m，根据杠杆的平衡条件：动力动力臂阻力阻力臂FL1GL220N0.4mG0.8m解得：G10N故选：B。（7【分析】1）火线和大地之间的电压是220V；（2）测电笔的正确使用：用手接触测电笔的尾部金属体，笔尖接触导线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线；（3）安全用电的基本原则是不接触

24、低压带电体，不靠近高压带电体；（4）电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是接入电路中用电器的总功率过大。【解答】解：A、家庭电路的两根导线，正常情况下，零线与大地之间电压0V，火线和零线之间的电压是220V，火线和大地之间的电压是220V故A错误；B、使用测电笔时，手要与笔尾金属体相连，不能接触笔尖。故B正确；C、发现有人触电时，立即用手将其拉离电源会造成被救者也触电，应立即切断电源或用绝缘体把导线挑开。故C错误；D、家里的空气开关“跳闸”，可能是发生了短路，也可能是总功率过大。故D错误。故选：B。8【分析】AB、由图知，定值电阻R0与压敏电阻并联，分析电表测量的物理量，因并联电路中各支路

25、独立工作、互不影响可知通过R0的支路电流不变；由已知条件可知压力减小时，压敏电阻的阻值增大，第14页（共65页）由I确定通过压敏电阻的支路电流变化；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和确定电流表示数变化；CD、由图知，定值电阻R0与压敏电阻串联，分析电表测量的物理量；压力减小时，压敏电阻的阻值增大，根据电阻的串联规律和I可知电路中的电流变化，由UIR可知R0两端的电压变化；根据串联电路中总电压等于各分电压之和确定压敏电阻两端电压变化。【解答】解：AB、由图知，定值电阻R0与压敏电阻并联，A选项中，电流表测干路电流，B选项中，电流表测压敏电阻的支路电流：因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所

26、以，压力变化时，通过R0的支路电流不变；因压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，所以，压力减小时，压敏电阻的阻值增大，由I可知，通过压敏电阻的支路电流变小；B不符合题意；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流减小，A选项中电流表示数变小，A不符合题意；CD、由图知，定值电阻R0与压敏电阻串联，选项C中，电压表测R0的电压，D选项中电压表测量压敏电阻两端的电压；I压力减小时，压敏电阻的阻值增大，根据电阻的串联，电路中的总电阻增大，由可知，电路中的电流变小，由UIR可知，C、D选项中，R0两端的电压减小；故C不符合题意；因串联电路中总电压等于各分电压之和，故压敏电阻两端电压变大，故

27、D符合题意。故选：D。9【分析】解题时分别通过以A和整体为研究对象，通过二力平衡及力的合成可得出两物体受到的摩擦力。【解答】解：A在水平向受拉力F1及摩擦力而处于静止状态，故由二力平衡可得，A受B的摩擦力fAF15N，根据力的作用是相互的，A对B的摩擦力是5N；对整体进行分析，则整体在水平向上受F1、F2及地面对B的摩擦力而处于静止状态，故三力的合力应为零，则地面对B的摩擦力fBF1F25N3N2N；故选：B。第15页（共65页）10【分析】由图象可以得到甲乙的位置关系；时间一定时，不同物体运动速度与路程成正比；由图象可以得到甲乙在t1到t2时间内的路程关系；做匀速直线运动的物体，任何时间运动

28、快慢都是相同的。【解答】解：由图象知，0A、在t0时刻，甲在“x0”位置，乙在“”位置，所以两车不在同一位置，故A错误；B、在0到t1时间内，所用时间相同，乙通过的路程较大，由公式v知，乙车的速度较大，故B错误；C、在t1到t2时间内，甲、乙两车通过的路程都是x2x1，即两车通过的路程相等，故C正确；D、在0到t2时间内，乙车的位置x随时间t变化图象不是一条倾斜的直线（而是折线），所以不是一直以相同的速度在做匀速直线运动，故D错误。故选：C。二、多项选择题（本题有5个小题，共20分每个小题给出的四个选项中，至少有两个是正确的，选对的每小题得4分，选对但不全的得2分，选错或不选的得0分）11【分

29、析】根据物距和像距的关系判断成像情况和应用：（1）凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，应用于照相机；物距等于像距时，成倒立等大的实像，一般用来求凸透镜的焦距；物距小于像距时，成倒立放大的实像，应用于投影仪；（2）凸透镜成像时，物距变大，像距变小，像变小；（3）凸透镜成像是因为光线发生了折射，折射现象中，光路可逆；（4）实像既可以用光屏接收，又可以用眼睛看到。【解答】解：A、由图可知，此时物距大于像距，成倒立、缩小的实像，与照相机原理一致，故A错误；B、蜡烛远离透镜时，物距变大，要想在光屏上出现清晰的像，应减小像距，即光屏应向左移动，或透镜向右移动，故B错误；C、物距大于像距，光屏上

30、成倒立、缩小的实像，如果将蜡烛与光屏的位置互换，由于光路是可逆的，依然能看到清晰的像，并且物距小于像距，光屏上得到的是倒立、放大的实像，故C正确；第16页（共65页）D、由图可知光屏上能接收到像，所以是实像，眼睛在成像位置后可以接收到，故D正确。故选：CD。12【分析】掌握势能的影响因素：质量和被举的高度。物体的质量越大、被举高度越大，势能就越大。在分析势能的变化时，要分析高度和质量的变化情况。掌握动能的影响因素：质量和速度。物体的质量越大、速度越大，动能就越大。在分析动能的变化时，要分析速度和质量的变化情况。掌握能量的转化，小球在弹跳过程中要克服阻力做功。【解答】解：A、小球在下落时，其质量

31、不变，高度变小，所以势能减小，下落速度越来越快，所以动能增大，故A错误。B、小球上升过程中，质量不变，高度增大，所以势能增大，速度越来越慢，所以动能减小，故B正确。CD、在弹跳过程中，由于克服阻力做功，部分机械能转化为内能消耗掉，所以高度越来越小，机械能减小，所以C正确，D错误。故选：BC。13【分析】海波是晶体，蜡是非晶体；晶体和非晶体的重要区别在于晶体有一定的熔点，非晶体没有；晶体熔化前为固态，熔化过程中为固液共存态，熔化后为液态；晶体在熔化过程中不断吸热，温度保持不变；非晶体吸收热量，温度不断升高，非晶体变软【解答】解：（1）如图，甲有一段时间吸热温度不变，所以甲是晶体海波，由图知海波的

32、熔点是48；乙吸热温度一直升高，所以乙是非晶体蜡烛，故AD正确；（2）甲在04min，吸收热量，温度升高，是固态，故C正确；在48min即ab段，吸收热量，温度不变，是熔化过程，故B错误。故选：ACD。14【分析】要知道连通器的原理和流体压强与流速的关系，流体流速越大，压强越小。【解答】解：（1）当阀门关闭，水处于静止状态时，根据连通器的原理，可知A、B管中的水柱高度相同，故A正确，B错误；A（2）当阀门打开水流动时，底部面积越大，水流速越慢，管底部水流的速度小于B管第17页（共65页）底部水流的速度，根据流体压强和流速的关系可知流体流速越大，压强越小，所以产生的压强越大，水的高度越大，所以A

33、管底部压强大于B管底部的压强，所以A管中水柱比B管中水柱要高一些。故C正确，D错误。故选：AC。15【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，利用串联电路的电压特点可知电压表V2示数的变化；然后根据电压表的示数变化情况分析各个选项。【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变阻器的滑片P从a端向b端滑动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小

34、，由I可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，由UIR可知，R1两端的电压变大，即电压表V1示数变大；因串联电路中总电压等于各分电压之和，则R2两端的电压变小，即电压表V2的示数变小；A、电流表A示数变大，电压表V2变小，故A错误；B、电压表V1示数与电流表A示数比值为定值电阻的阻值，R1阻值不变，比值不变，故B正确；C、电流表A示数变大，电压表V2示数减小，电压表V2示数与电流表A示数之比变小，故C错误；D、电压表V1示数变大，电流表A示数变大，则两者的乘积增大，故D正确。故选：BD。三、作图题（本题有2个小题、共5分）16【分析】根据反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，

35、反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，先作出法线，再作出平面镜的位置。根据光由水中斜射进入空气中时的折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角画出折射光线。【解答】解：先使入射光线和反射光线相交，然后作出反射光线和入射光线的角平分线，第18页（共65页）即为反射时的法线，再过反射点垂直法线作出平面镜；反射光线与水面交于点O，过O点垂直水面画出折射时的法线，在法线右侧的空气中画出折射光线，注意折射角大于入射角，如图所示：17【分析】物体做水平方向向右匀速运动，由于不计空气阻力，所以物体受到两个力：它的重力G，传送带对它的支持力F，这两个力是一对平衡力，大小相等，方向相反，且作用在同一直线

36、上，作用点在物体的重心。【解答】解：由于物体和传送带一起匀速运动，相对静止，所以不受摩擦力的作用，只受重力和支持力的作用，过物体重心，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用G和F表示，作图时注意两条线段长度要相等，如图所示：四、科普阅读题（本题有1个、小题，共计5分）（18【分析】1）电饭锅工作时，消耗了电能，得到了内能；（2）先确定使用杠杆时的支点，得出动力臂和阻力臂的大小关系，再确定是省力还是费力；（3）根据电饭锅的工作原理进行分析；（4）制作电饭锅加热元件为电阻，是利用电流的热效应工作的，根据焦耳定律可知，电饭锅加热元件需要较大的电阻，并且在高温下工作，需要有较高的熔点；

37、（5）根据题意可知当温度达到103时，感温磁钢失去磁性，按键跳起。【解答】解：（1）电流做功的过程是电能转化为内能的过程；（2）煮饭时用手按按钮开关，动力作用在A处、阻力作用在C处，支点在O，所以动力臂小于阻力臂，为费力杠杆；（3）感温磁钢的磁性受温度的影响，随温度升高，磁性减弱；在温度达到一定值时，其磁性急剧减弱，由于电磁铁受到的重力大于磁力和弹力之和，感温磁钢与永久磁钢分离，同时使加热开关断开，按键跳起，电热盘停止加热。所以感温磁钢的磁性急剧减弱是在按钮开关跳起时，故选B；第19页（共65页）（4）电饭锅加热元件，需要在高温下，并且需要放出较多的热量，根据焦耳定律可知需要较大的电阻，所以必

38、须是电阻较大、熔点较高的材料，故选B；（5）当温度达到103时，感温磁钢失去磁性。水沸腾时电饭锅的按键没有跳起，原因是水的沸点低于103。（故答案为：（1）电能转化为内能；2）费力；（3）B；（4）B；（5）水的沸点低于103。五、实验题（本题有5个小题，共25分）（19【分析】1）天平使用前的调节：若指针左偏，向右调平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处；（2）天平测物体质量时，物体质量等于砝码质量与游码读数之和；（3）由于烧内壁粘有液体所以体积V偏小，由此分析所测密度变化。【解答】解：（1）把天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度线处后，由图甲知，指针偏右，此时应将左端的平衡螺母向左调节

39、，直到指针对准分度盘中央的刻度线；（2）由图乙知，天平标尺的分度值为0.2g，盐水和烧杯的总质量50g+20g+20g+4g94g，盐水的质量为94g28g66g；盐水的体积V60ml60cm3，盐水的密度1.1g/cm31.1103kg/m3；（3）把烧杯中的盐水全部倒入量筒中测体积时，由于烧杯内壁粘有盐水，所以测得体积V偏小，根据可知，所测盐水密度偏大。故答案为：（1）左；（2）1.1103；（3）偏大。（20【分析】1）根据温度计的使用规则进行调整实验装置；（2）缩短加热至沸腾所用的时间：提高水的初温；适当减少水的质量；给烧杯加盖等；（3）根据水在沸腾过程中水的质量越大，到达沸腾的时间越

40、长，故ab的质量不同，液体沸腾过程中吸热，温度保持在沸点不变。【解答】解：（1）由于温度计的玻璃泡碰到了烧杯底，需要将温度计向上调整，即将A处向上调整。（2）实验前，向烧杯中倒入热水而不是冷水，这样可以提高水的初温，缩短加热至沸腾所用的时间。（3）由图乙可知，开始加热时，水的温度相同，水的质量越大，到达沸腾的时间越长，第20页（共65页）故ab的质量不同；两个实验小组的数据中，水温最终保持在98不变，说明沸点相同，为98；故答案为：（1）A处向上；（2）缩短实验时间；（3）沸点；水的质量。（21【分析】1）在实验中，小明匀速竖直缓慢拉动弹簧测力计，此时，系统处于平衡状态，测力计示数等于拉力大小

41、；（2）根据100%求出第2次实验中滑轮组的机械效率；（3）根据测力计分度值为读数；（4）分析表格中的数据得出结论。【解答】解：（1）在实验中，小明匀速竖直缓慢拉动弹簧测力计，使钩码升高，读出拉力的值。（2）第2次实验中滑轮组的机械效率为：100%88.9%（3）如图丙所示，测力计分度值为0.2N，第3次实验中弹簧测力计的示数为2.2N；（4）分析表格中的数据得出结论：同一滑轮组，提升物体的重力越大，机械效率越高。故答案为：（1）匀速竖直缓慢；（2）88.9%；（3）2.2；（4）提升物体的重力越大，机械效率越高。（22【分析】1）探究平面镜成像时，应是玻璃板与水平桌面是垂直的；（2）探究平面

42、镜成像时，当物像重合时，可以确定像的位置，同时也可以说明物像大小相等；（3）根据刻度尺的分度值读数；（4）测量过程中存在误差，但差别不能过大；（5）根据表格中的数据和像的大小分析。【解答】解：（1）探究平面镜成像时，应将玻璃板竖直放置，这样成的像都能在水平面上；（2）在玻璃板前放置棋子A，将完全相同的棋子B放在玻璃板后并移动，人眼一直在玻璃板的前侧观察，直至B与A的像完全重合，这样做的目的既确定了像的位置又验证了物像大小相等；（3）由图可知，刻度尺的分度值为1mm，则长度为40.0mm4.00cm；第21页（共65页）（4）由表格中的信息可知，7.10和6.50之间的偏差较大，故是错误的；它最

43、有可能测量的是A的右端到NN的距离（5）像有一定的大小，实验中发现lB总是小于lA，出现差别的原因可能是从A的右端到MM的距离，正确做法是：lB应测B的左端到MM的距离。故答案为：（1）竖直；（2）棋子A的像；（3）4.00；（4）7.10；A的右端到NN；（5）lB应测B的左端到MM的距离。（23【分析】1）该实验的实验原理是PUI；小灯泡额定电压为3.8V，灯丝电阻约为12，由欧姆定律求灯的额定电流；根据串联电路的规律及欧姆定律求灯正常发光时，变阻器连入电路中的电阻，确定选用的滑动变阻器；（2）电流表应与变阻器串联，电压表应与灯泡并联；（3）灯不亮，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压

44、，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；（4）由绘制出了小灯泡的电流随电压变化的图象找出灯的额定电压下的电流，根据PUI求该小灯泡的额定功率；（5）根据串联电路电压的规律，求灯正常发光时变阻器的电压，设计电路图；（6）由图乙知，分别找出小灯泡的实际电压是额定电压一半时的电流大小和小灯泡的实际电流是额定电流一半时对应的电压大小，根据PUI比较灯的实际电功率P1与P2大小。【解答】解：（1）该实验的实验原理是PUI；实验中，额定电压为3.8V的待测小灯泡，电阻约为12，由欧姆定律，灯的额定电流约为：I0.32A，根据串联电路电压的规律和欧姆定律，

45、当灯正常发光时，变阻器连入电路中的电阻：R滑6.885，从电流和电阻大小考虑，故应选用的滑动变阻器是B；（2）原电路中，电压表串联在电路中、电流表与变阻器串联是错误的，电流表应与变阻器串联，电压表与灯泡并联，改正后如下图1所示：第22页（共65页）（3）经分析，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡始终不发光且电压表的示数都接近电源电压，则电路的故障是与电压表并联的电路断路了；（4）根据制出了小灯泡的电流随电压变化的图象知，灯的额定电压下的电流为0.3A，则该小灯泡的额定功率为：PULIL3.8V0.3A1.14W；（5）根据串联电路的规律，当变阻器的电压为：6V3.8V2.2V时，灯正常发光，

46、故可将电压表使用小量程与变阻器并联，移动变阻器的滑片，当电压表示数为2.2V时，记下电流表的示数。如下图2所示：（6）由图3知，小灯泡的实际电压是额定电压一半（1.9V）时的电流约为0.21A，电功率为：P11.9V0.22A0.40W；小灯泡的实际电流是额定电流一半时（0.15A）对应的电压约为1V，灯的实际电功率为：P21V0.15A0.15W，则P1大于P2。（故答案为：1）PUI；B；2）如图1所示；3）与电压表并联的电路断路了；4）1.14；（5）如图2所示；（6）大于。第23页（共65页）六、计算题（本题有4个小题，共25分.解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的计算步骤，只写出

47、最后答案的不能得分）（24【分析】1）由题知，地面对货箱的滑动摩擦力f0.2G，利用Wfs物求拉力做的有用功；（2）由图知，n3，拉力端移动距离s3s物，利用WFs求拉力做的总功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。【解答】解：（1）由题知，地面对货箱的滑动摩擦力：f0.2G0.2600N120N，拉力做的有用功：W有用fs物120N6m720J；（2）由图知，n3，拉力端移动距离：s3s物36m18m，拉力做的总功：W总Fs50N18m900J，滑轮组的机械效率：100%80%。答：（1）拉力所做的有用功为720J；（2）滑轮组的机械效率为80%。（25【分析】1）已知水的密度和水箱容积，

48、利用密度公式变形可求得水的质量，再利用Qeqoac(,cm)t可求得水吸收的热量：（2）根据WPt求出消耗的电能，利用100%求出电热水器的热效率。【解答】解：（1）水的体积V20L20103m3，由可得，水的质量m水V1.0103kg/m320103m320kg，水吸收的热量：Q吸c水m（tt0）4.2103J/（kg）20kg（5020）2.52106J；（2）由P可得，消耗的电能WPt2000W1500s3106J，第24页（共65页）100%100%84%。答：（1）水吸收的热量为2.52106J；（2）该电热水器的热效率为84%。26【分析】（1）漂浮在海面上的密封沉管受到的浮力和自

49、身的重力相等，根据F浮Gmg求出其大小；（2）根据浮力产生的原因，下表面受海水的压力，即浮力，根据p算出下表面受到的海水压强；（3）沉管刚好浸没海水中时，排开海水的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出受到的浮力，沉管恰好悬浮时，沉管内注入海水的质量最小，根据F浮G总G管+G水求出注入海水的重力，根据Gmg求出注入海水的质量。【解答】解：（1）灌水前漂浮在海面上的密封沉管受到的浮力：F浮Gmg6107kg10N/kg6108N；（2）因浸没在水中的物体受到的浮力等于上下表面的压力差，所以，沉管下表面受到海水的压力F下F浮6108N，沉管下表面的面积：S180m35m6300m2，下表面受到

50、的海水压强：p95238.1Pa；（3）沉管刚好浸没海水中时，排开海水的体积：V排V180m35m10m63000m3，受到的浮力：F浮gV排1.0103kg/m310N/kg63000m36.3108N，沉管恰好悬浮时，沉管内注入海水的质量最小，由F浮G总G管+G水可得，注入海水的重力：G水F浮G管6.3108N6108N3107N，注入海水的质量：第25页（共65页）m水3106kg。答：（1）灌水前漂浮在海面上的密封沉管受到的浮力是6108N；（2）灌水前漂浮在海面上的密封沉管下表面受到的海水压强是95238.1Pa；（3）当密封沉管刚好完全浸没在海水中时管内注入的海水质量是3106kg

51、。（27【分析】1）灯泡L上标有“16V4W”字样，根据P的变形公式求出灯泡的阻值；当S1、S2、S3均闭合时，R1与L并联；并进一步求出电源电压，根据欧姆定律求出通过灯泡的电流，再利用并联电路电流规律求出通过R1的阻值，最后利用欧姆定律的应用求出R1的阻值；（2）当闭合S1，断开S2、S3时，R1、R2串联；根据题意可知，电压表示数为4V，再利用串联电路电压特点求出R1两端电压，根据欧姆定律求出电路最小总电流，并进一步求出最大总电阻，根据串联电路电阻规律可求出滑动变阻器接入电路的最大阻值。【解答】解：灯泡L上标有“16V4W”字样，由P可得，灯泡的电阻：RL64，当S1、S2、S3均闭合时，

52、R1与L并联，此时灯泡消耗的功率为1.0W，由PUUL可得，电源电压：8V，通过灯泡的电流：IL0.125A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过R1的电流：I1IIL0.525A0.125A0.4A，由I可得，R1的阻值：R120；（2）当闭合S1，断开S2、S3时，R1、R2串联；第26页（共65页）为了保证电路各元件的安全工作，电压表的最大示数为4V；因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以R1两端的最小电压：U1UU28V4V4V，电路中最小电流：Imin0.2A，电路中的最大总电阻：R总大40，由电阻的串联规律可得，滑动变阻器R2连入电路的最大阻值：R2大R2020。答

53、：（1）电源电压为8V；R1的阻值为20；（2）滑动变阻器R2连入电路的最大阻值为20。总大R140第27页（共65页）初三中考物理一模试卷(有答案)一、选择题（请选出一个正确或最优答案；每小题3分，共36分）1（3分）日常生活中常常要进行估测，下列估测最接近实际值的是（）A洗澡水的温度约为60B某同学的身高约为160dmC某中学生的质量约为50kgD人正常呼吸一次所用的时间约为10s2（3分）关于温度、热量、比热容和内能，下列说法正确的是（）A0的冰块，内能可能为零B物体内能增大一定是吸了热C一碗水倒掉一半后，内能减小D物体的温度越高，所含热量越多3（3分）如图所示，陈老师在平面玻璃镜前，欣

54、赏她刚换上的新衣服。以下描述中正确的是（）A镜中的她始终和陈老师本人一样大B当她靠近镜子的过程中，镜中的她远离镜子C当她远离镜子的过程中，镜中的她逐渐变小D镜中的她到镜子的距离大于她本人到镜子的距离4（3分）关于图中的能量转化，下列说法中正确的是（）第28页（共65页）A甲图中小孩把橡皮筋拉长，势能转化为动能B乙图中小孩从滑梯上滑下，势能转化为动能与内能C丙图中人搓手取暖，内能转化为机械能D丁图中液化气燃烧加热铁锅，化学能转化为机械能5（3分）如图甲是探究“阻力对物体运动的影响”的实验装置，图乙是探究“物体的动能与质量关系”的实验装置。关于这两个实验的说法中错误的是（）A甲、乙实验中物体运动时

55、，机械能始终保持不变B乙实验可得出物体的速度一定时，质量越大，动能越大C甲实验可以推理出：如果运动的物体不受力，它将以恒定不变的速度一直运动下去D两个实验都控制物体从同一高度自由下滑，是为了保证物体到水平面时的初速度相同6（3分）关于声现象下列说法正确的是（）A只要物体振动，我们就能听见声音B声音的音调越高，传播的速度越大C振幅越大，人听到的声音响度一定越大D利用超声波无法测月球与地球之间的距离7（3分）图是电磁波家族，下列说法正确的是（）A红外线与射线频率相等B无线电波与紫外线波长相等C无线电波与X射线的传播一定需要介质D可见光与紫外线在真空中的传播速度相等8（3分）关于功、功率、机械效率，

56、下列说法中正确的是（）A功率大的机器做功就快第29页（共65页）B功率大的机器做功一定多C做功快的机器其机械效率一定高D物体受力且运动时，力对物体就做了功9（3分）如图所示电路，电源电压恒为3V，电路中各元件连接正确且均完好，导线连接牢固且电流表、电压表接入量程合理，R1、R2为定值电阻，则下列说法正确的是（）A当S1、S2都闭合时，V示数为零，A示数为零B当S1、S2都闭合时，V示数为3V，A有示数C当S1闭合S2断开时，V示数为3V，A有示数D当S1断开S2闭合时，V示数为零，A示数为零10（3分）对下列四种说法进行了分组，说法全都正确的一组是（）验电器是利用异种电荷相互吸引的原理工作的；

57、电磁继电器是利用电磁铁控制工作电路通断的开关；实验室常用温度计是根据液体的热胀冷缩的原理制成的；弹簧测力计的工作原理是：弹簧的伸长量总是与所受拉力成正比ABCD11（3分）如图所示的情景中，与其对应的物理知识正确的是（）A甲图中，电冰箱的金属外壳要接地B乙图中，静止的木块对斜面的压力示意图C丙图中，当地的大气压强为78cm高的水银柱所产生的压强D丁图中，该装置在实验中通过磁场对电流的作用，使电能转化为机械能第30页（共65页）12（3分）下列实验操作符合实验目的是（）A甲图中，研究杠杆的平衡时，通过改变动力（臂）和阻力（臂）多次测量，是为了减小实验误差B乙图中，为了探究电流与电阻的关系，电阻R

58、由10换为20后将变阻器的P点向左移动C丙图中，为了使试管内刚停止沸腾的水再次沸腾，向外拉活塞，降低气压，降低沸点D丁图中，为了探究通电导体在磁场中受到力的方向是否与磁场方向有关，调换磁性更强的磁铁二、填空作图题（每空1分，共19分）13（2分）如图所示是一款地面清洁机器人，它工作时内部的电动机带动风扇转动，把尘盒内的空气排除，利用的作用将垃圾吸入尘盒内。已知机器人的质量是3.5kg，滚轮与地面的总接触面积为10cm2，静止在水平面时它对地面的压强为Pa。（142分）如图所示，一台电脑上有多个USB接口，外接电脑设备如打印机、键盘、鼠标、音箱等都可以通过任意一个USB接口与电脑连接工作，根据你

59、的判断，USB接口之间是（选填“串联”或“并联”）的。在电脑工作时可以通过USB接口连接一个小风扇帮助电脑散热，小风扇工作时，是把电能转化成能。15（3分）如图所示是动圈式话筒构造示意图。当你对着话筒说话时，产生的声音使膜片第31页（共65页）带动线圈一起，能产生随着声音的变化而变化的，经放大后，再通过扬声器还原成声音。与动圈式话筒原理相似的是（选填“电动机”或“发电机”）。16（1分）小明用刻度尺测物体的长度是。17（1分）如图所示，凸透镜的一半没入水中，请作出它的入射光线和进入水中后大致的折射光线。18（4分）有一辆小车重1200N，受到的牵引力是200N，车在水平面内做匀速直线运动，车受

60、到的阻力是N，地面对车的支持力是N如果突然将牵引力撤去，小）车的速度将（填“增大”、“减小”或“不变”，小车的动能将。（填“增大”、“减小”或“不变”）19（5分）（1）在瓶内装上适量红色水，橡皮塞上插入两端开口的细玻璃管，塞上软木塞，将玻璃管插入水中，密闭瓶口，从管子上面吹入少量气体，水面沿玻璃管上升至瓶口以上，如图所示。玻璃管内与水面相平的A点处受到水的压强是，（水1.0103kg/m3，g10N/kg）；此时瓶内气体压强（选填“大于”、“等于”或“小于”）瓶外气体的压强。（2）小明拿着这个瓶子从楼下到楼上（手与瓶子间隔热），观察到玻璃管内的水柱逐渐升高，这表明：随着高度的逐渐升高，大气压